《2023年湖南省洞口县高考物理考前最后一卷预测卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023年湖南省洞口县高考物理考前最后一卷预测卷含解析.pdf（15页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023学年高考物理模拟试卷注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3,请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一直角三角形a c d在竖直平面内，同一竖直面内的a、力两点关于水平边c d对
2、称，点电荷。八 3 固定在c、d两点上。一质量为机、带负电的小球尸在。点处于静止状态，取重力加速度为g,下列说法正确的是（）iIbA.0 对尸的静电力大小为手帆gB.白、0的电荷量之比为且3C.将尸从a 点移到分点，电场力做正功D.将尸从a 点沿直线移到点，电势能先增大后减小2、在人类太空征服史中，让人类遗憾的是“太空加油站”的缺乏。当通信卫星轨道校正能源耗尽的时候，它的生命就走到了尽头，有很多成了太空垃圾。如今“轨道康复者”是救助此类卫星的新型太空航天器，图甲是“轨道康复者”航天器在给太空中“垃圾”卫星补充能源，可简化为图乙所示的模型，让“轨道康复者”N 对已偏离原来正常工作轨道的卫星M进行
3、校正，则（）A.“轨道康复者 N 从图乙所示轨道上加速，与卫星M 对接补充能源后开动M 上的小发动机向前喷气，能校正卫星M 到较低的轨道运行B.让 M降低到N 所在轨道上，补充能源后再开启卫星M 上的小发动机校正C.在图乙中M的动能一定小于N 的动能D.在图乙中，M、N 和地球球心三者不可能处在同一直线上3、如图所示，小球放在光滑的墙与装有钱链的光滑薄板之间，薄板在尸作用下逆时针缓慢转动，在墙与薄板之间的夹角0缓慢地从90。逐渐减小的过程中（）A.小球对薄板的压力可能小于小球的重力B.小球对薄板的正压力一直增大C.小球对墙的压力先减小，后增大D.小球对墙的正压力不可能大于小球的重力4、如 图
4、1 所示，轻弹簧上端固定，下端悬吊一个钢球，把钢球从平衡位置向下拉下一段距离A,由静止释放。以钢球的平衡位置为坐标原点，竖直向上为正方向建立x轴，当钢球在振动过程中某一次经过平衡位置时开始计时，钢球运动的位移一时间图像如图2 所示。已知钢球振动过程中弹簧始终处于拉伸状态，则（）pnnnnnnnnnnpo图A.乙时刻钢球处于超重状态B.与时刻钢球的速度方向向上c.4 弓时间内钢球的动能逐渐增大D.4 时间内钢球的机械能逐渐减小5、原子核F U 有天然放射性，能发生一系列衰变，可能的衰变过程如图所示。下列说法中正确的是（）一2 M b珈7 I独、2%)7T lA.过程的衰变方程为誉B i -*T
5、l +；H eB.过程的衰变方程为C.过程的衰变方程为1 P。f普Pb+；HeD.过 程 的 衰 变 方 程 为 Bi Po+,e6、如图所示，一个质量为，”的物块A 与另一个质量为2m 的物块B 发生正碰，碰 后 B 物块刚好能落入正前方的沙坑中，假如碰撞过程中无机械能损失，已知物块B 与地面间的动摩擦因数为0.2,与沙坑的距离为Im,g 取 10m/s2,物块可视为质点，则 A 碰撞前瞬间的速度为（）囚 由P-1m-IA.0.5m/s B.1.0m/s C.2.0m/s D.3.0m/s二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目
6、要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、如图所示，C D、E尸是两条水平放置的、阻值可忽略的平行金属导轨，导轨间距为&在水平导轨的左侧存在方向垂直导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为瓦 磁场区域的宽度为d,导轨的右端接有一阻值为K 的电阻，左端与一弯曲的光滑轨道平滑连接.将一阻值也为R,质量为，的导体棒从弯曲轨道上人高处由静止释放，导体棒最终恰好停在磁场的右边界处.已知导体棒与水平导轨接触良好，且动摩擦因数为.下列说法正确的是A.通过电阻R 的 最 大 电 流 为 也 殛2RB.流过电阻R 的 电 荷 量 为 攀C.整个电路中产生的焦耳热为 3?D.电阻R
7、中 产 生 的 焦 耳 热 为-d）8、如图所示为一列沿x 正方向传播的简谐横波在t=0 时刻的波形图.其中a、b 为介质中的两质点，若这列波的传播速度是100m/s,则 下 列 说 法 正 确 的 是.A.该波波源的振动周期是0.04 sB.a、b 两质点可能同时到达平衡位置C.t=0.04s时刻a 质点正在向下运动D.从 t=0 到 t=0.01 s 时间内质点b 的路程为1 cmE.该波与频率是25 H z的简谐横波相遇时可能发生波的干涉现象9、下列说法中正确的是()A.随着分子间距离的增大，分子闻相互作用的斥力可能先减小后增大B.压强是组成物质的分子平均动能的标志C.在真空和高温条件下
8、，可以利用分子扩散向半导体材料中掺入其他元素D.液晶既有液体的流动性，又具有单晶体的各向异性10、如图所示为一质点的简谐运动图象。由图可知B.t=0时，质点正通过平衡位置向正方向运动C.t=0.25s时，质点的速度方向与位移的正方向相同D.质点运动过程中，两端点间的距离为0.1m三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.(6 分)某同学利用下图所示的实验装置测定滑块与木板间的动摩擦因数。置于水平桌面的长木板上固定两个光电门1、2。滑块上端装有宽度为d 的挡光条，滑块和挡光条的总质量为右端通过不可伸长的细线与钩码，相连,光电门1、2 中心间
9、的距离为X。开始时直线处于张紧状态，用手托住机，实验时使其由静止开始下落，滑块M 经过光电门1、2 所用的时间分别为小出(1)该同学认为钩码的重力等于滑块所受到的拉力，那么他应注意 o(2)如果满足(1)中的条件，该同学得出滑块与木板间的动摩擦因数=。(3)若该同学想利用该装置来验证机械能守恒定律，他只需 就可以完成实验。12.(12分)如图甲(侧视图只画了一个小车)所示的实验装置可以用来验证“牛顿第二定律”。两个相同的小车放在光滑水平桌面上，右端各系一条细绳，跨过定滑轮各挂一个相同的小盘，增减盘中的祛码可改变小车受到的合外力，增减车上的祛码可改变小车的质量。两车左端各系条细线，用一个黑板擦把
10、两细线同时按在固定、粗糙的水平垫片上,使小车静止(如图乙)。拿起黑板擦两车同时运动，在两车尚未碰到滑轮前，迅速按下黑板擦，两车立刻停止，测出两车在此过程中位移的大小。图丙为某同学在验证“合外力不变加速度与质量成反比”时的某次实验记录，已测得小车1 的总质量町=1 0 0 g,小车2的总质量，”2=200g。由图可读出小车1 的位移 =5.00cm,小车2 的位移马=c m,可以算出a.a,=_ _ _ _ _ _ _ _ _ _(结果保留3 位有效数字)；在实验误差允许的范围内，_ _ _ _ _ _ _ _ 一(选 填“大于”、“小于”或“等a2 a2 叫于四、计算题：本题共2 小题，共 2
11、6分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(1 0 分)如图甲所示，Si、S2为两波源，产生的连续机械波可沿两波源的连线传播，传播速度吟100m/s,M 为两波源连线上的质点，M 离与较近。0 时刻两波源同时开始振动，得到质点M 的振动图象如图乙所示，求：(1)两波源$、S2间的距离；(2)在图中画出U 6s时两波源S】、S2间的波形图，并简要说明作图理由。y/an甲 乙14.(16分)如图所示，长度为/=2m的水平传送带左右两端与光滑的水平面等高，且平滑连接。传送带始终以2m/s的速率逆时针转动。传送带左端水平面上有一轻质弹簧，弹簧左端固定，右端与
12、质量为mB物 块 B 相连，B 处于静止状态。传送带右端水平面与一光滑曲面平滑连接。现将质量mA、可视为质点的物块A 从曲面上距水平面入=1.2m处由静止释放。已知物块”与传送带之间的动摩擦因数4=0.2,，浜=3机A,物块A 与 B 发生的是弹性正撞。重力加速度g 取10m/s2o(1)求物块A 与物块B 第一次碰撞前瞬间的速度大小；(2)通过计算说明物块A 与物块B 第一次碰撞后能否回到右边曲面上；(3汝口果物块A、B 每次碰撞后，物块B 再回到最初静止的位置时都会立即被锁定，而当他们再次碰撞前瞬间锁定被解除，求出物块A 第 3 次碰撞后瞬间的速度大小。A15.(12分)如图所示，水平地面
13、上方MN边界左侧存在垂直纸面向里的匀强磁场和沿竖直方向的匀强电场，磁感应强度8=1.0T,边界右侧离地面高/?=0.45m 处由光滑绝缘平台，右边有一带正电的“球，质 量 m a=O.l k g、电量q=0.1C,以初速度vo=O.9m/s 水平向左运动，与大小相同但质量为啊,=0.05k g 静止于平台左边缘的不带电的绝缘球b发生弹性正碰，碰后a 球恰好做匀速圆周运动，两球均视为质点，g =10m/s2,求:(D 电场强度的大小和方向；(2)碰后两球分别在电磁场中运动的时间;(3)碰后两球落地点相距多远；参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项
14、中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A.由于P处于平衡状态，可 知。2对尸的静电力大小为F2=m g c o s 60=；m g选项A错误；B.同理可知Q i 对尸的静电力大小为百 =m g c o s 30=m g设 ac=L,则加/=6心由库仑定律F、=k 整居=%丝2 3L2联立解得0、0的电荷量之比为0一 3选 项 B 正确；C D.将尸从。点移到b 点，电场力先做正功，后做负功，电势能先减小后增加，选 项 C D 错误；故选B。2、A【解析】A.开动M 上的小发动机向前喷气，可使卫星M 减速，速度减小，所需的向心力减小，卫星M 做向心运动，则能校正卫星M 到较低的轨道运行，故
15、 A 正确；B.让 M 降低到N 所在轨道上，补充能源后再开启卫星M 上的小发动机，可使卫星M 减速，速度减小，所需的向心力减小，卫 星 M 做向心力运动，则卫星M 会在更低的轨道运动，故 B 错误；C.由于不知道M、N 的质量，所以无法比较两者的动能，故 C 错误；D.由Mm 2G-=mco r可得可知N 的角速度比M的大，所 以 M、N 和地球球心三者可能处在同一直线上，故 D 错误。故选A.3、B【解析】以小球为研究对象，处于平衡状态，根据受力平衡，由图可知FimgA B.当墙与薄板之间的夹角。缓慢地从90。逐渐减小的过程中，薄板给球的支持力的逐渐增大，木板受到的压力增大,小球对薄板的压
16、力不可能小于小球的重力，A 错 误 B 正确；C D.当墙与薄板之间的夹角。缓慢地从90。逐渐减小的过程中，墙壁给球的压力入逐渐增大，根据牛顿第三定律可知墙壁受到的压力增大，小球对墙的正压力可能大于小球的重力，C D 错误。故选B。4、D【解析】A.从图中可知乙时刻钢球正向下向平衡位置运动，即向下做加速运动，加速度向下，所以处于失重状态，A 错误；B.从图中可知与时刻正远离平衡位置，所以速度向下，B 错误；c.彳时间内小球先向平衡位置运动，然后再远离平衡位置，故速度先增大后减小，即动能先增大后减小，C 错误;D.4 时间内小球一直向下运动，拉力恒向上，做负功，所以小球的机械能减小，D 正确。故
17、选D。5、D【解析】A B.由核反应过程中质量数守恒和电荷数守恒得，过程的衰变方程为0B i 6Tl+t He故 A B 错误；C D.由核反应过程中质量数守恒和电荷数守恒得，过程的衰变方程为823i B i”84 p口o+十-i c e故 C 错误，D 正确。故选D。6、D【解析】碰撞后B 做匀减速运动，由动能定理得一 -2mgx=0-2mv2代入数据得v=2m/sA 与 B 碰撞的过程中A 与 B 组成的系统在水平方向的动量守恒，选取向右为正方向，则mv0=mvy+2mv由于没有机械能的损失，则1 2 1 2 1 c 2 7 7 zv0=mvx+z.mv联立可得v0=3m/s故选D。二、多
18、项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、A B D【解析】A.金属棒下滑过程中，机械能守恒，由机械能守恒定律得：,1 2mgh=m v金属棒到达水平面时的速度vy2gh金属棒到达水平面后进入磁场受到向左的安培力做减速运动，则刚到达水平面时的速度最大，所以最大感应电动势为E=BLv最大的感应电流为BLv_BLj2gh 2R-故 A 正确；B.通过金属棒的电荷量 BLdq R+r 2R故 B 正确；C.金属棒在整个运动过程中，由动能定理得：mgh-则克服安培力做功：WB=mgh-井
19、igd整个电路中产生的焦耳热为Q=WB=mghigd故C错误；D.克服安培力做功转化为焦耳热，电阻与导体棒电阻相等，通过它们的电流相等，则金属棒产生的焦耳热：故D正确.8、ACE【解析】2由图可知波的波长，根据u=可以求得周期，根据波的平移原则判断某时刻某个质点的振动方向，知道周期则可得T出质点的路程，当两列波的频率相同时，发生干涉现象.【详解】A.由图象可知，波长2=4m,振幅A=2cm,由题意知，波 速v=100m/s,波源的振动周期T=0.04s,故A正v确；B.八 两质点不可能同时到达平衡位置，故B错误；C.波沿*轴正方向传播，0时刻a质点正在向下运动，z=0.04s=T,一个周期后a
20、质点回到了原来的位置，仍然正在向下运动，故C正确；T AD.从f=0到f=0.01s时间内，0.015=-,四分之一个周期的时间内，质点运动的路程一定大于一=1cm,故D错4 2误；该波的频率/=|=2 5 H z,与频率是25 Hz的简谐横波相遇时可能发生波的干涉现象，故E正确.故选ACE.【点睛】考查波的形成与传播过程，掌握波长、波速与周期的关系，理解质点的振动方向与波的传播方向的关系.9、CD【解析】A.随着分子间距离的增大，分子闻相互作用的斥力减小，选项A错误；B.温度是组成物质的分子平均动能的标志，选项B错误；C.在真空和高温条件下，可以利用分子扩散向半导体材料中掺入其他元素，选 项
21、C正确；D.液晶既有液体的流动性，又具有单晶体的各向异性，选 项 D 正确。故选CD。10、CD【解析】试题分析：简谐运动图象反映质点的位移随时间变化的情况，不是质点的运动轨迹，故 A 错误.t=O时，质点离开平衡位置的位移最大，速度为零，故 B 错误.根据图象的斜率表示速度，则 t=0.25s时，质点的速度为正值，则速度方向与位移的正方向相同.故C 正确.质点运动过程中，两端点间的距离等于2 倍的振幅，为 S=2A=2x5cm=10cm=0.1m,故 D 正 确.故 选 CD。考点：振动图线【名师点睛】由振动图象可以读出周期、振幅、位移、速度和加速度及其变化情况，是比较常见的读图题，要注意振
22、动图象不是质点的运动轨迹；根据图象的斜率表示速度分析振动的运动方向.质点运动过程中，两端点间的距离等于2 倍的振幅。三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。m d2(1 _11、M 远大于,”-7 将木板左端抬高，平衡摩擦力M I)【解析】(1)口|实际上滑块所受到的拉力小于钩码的重力，对滑块应用牛顿第二定律Fr-pMg=Ma对钩码mg 一4=ma两式相加解得加速度C l-而如果满足题中条件，同理解得加速度为a=-M若想d=aM必须远大于m。(2)2对于滑块通过光电门时的速度d_d“2由动能定理得：(mg-RMg)x=-M(-)2-M(-)2
23、解得(3)网验证机械能守恒，需要将摩擦力平衡掉，所以该同学需将木板左端抬高，平衡摩擦力。12、2.45-2.50 2.00-2.04 等于【解析】1 刻度尺最小分度为0.1c m,则小车2 的位移为X 2=2.45c m,由于误差2.45c m 2.50c m 均可由于小车都是做初速度为零的匀加速运动，根据x =可知，由于时间相同，则有由于读数误差，则 2.00-2.04均可 3 由题意可知m2 _ 200 _ 24 100故在误差允许的范围内q _ m2a2 町四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、800m；(
24、2)见解析【解析】(1)由乙图知，M 点 2 s时开始振动，6 s时振动出现变化，所以可知，波源的振动经2 s传 到 M 点，波 源 S 2 的振动经6 s传到M 点，所以两波源间的距离x=(100 x2+100 x6)m=800m(2)2s时 M 点的起振方向沿y 轴负方向，所以波源S i的起振方向沿y 轴负方向，6 s时波源S i引起的M 点的振动方向沿 y 轴负方向，而实际M 点的振动方向沿y 轴正方向，所以波源&引起的M 点的振动方向沿y 轴正方向，波源与引起的振动位移为5 cm,所以波源S2引起的振动位移为10m,波长A-v T -400m波源N 引起的波形图为波源S2引起的波形图为
25、两波源8、S2间的波形图为14(l)4m/s；不能通过传送带运动至!右边的曲面上；(3)0.5m/s【解析】(1)设物块A 沿光滑曲面下滑至水平面时的速度大小为vo由机械能守恒定律知:物块在传送带上滑动过程，由牛顿第二定律知：加 A g=%a物块A 通过传送带后的速度大小为巧有:v2-vf)=-2al,解得v=4m/s因 v 2m/s,所以物块A 与物块B 第一次碰撞前的速度大小为4m/s(2)设物块A、B 第一次碰撞后的速度分别为0、VB,取向右为正方向，由动量守恒有一gJ=1 2 1 2 1 2-mAV=-mAVl+-BVB解得=v=2 m/s2即碰撞后物块A沿水平台面向右匀速运动，设物块
26、A在传送带上向右运动的最大位移为则0-v,2=-2a I得/=lm 2m所以物块A不能通过传送带运动到右边的曲面上(3)当物块A在传送带上向右运动的速度为零时，将会沿传送带向左加速。可以判断，物块A运动到左边平面时的速度大小为白，设第二次碰撞后物块A的速度大小为也，由(2)同理可得 9=(於则第3次碰撞后物块A的速度大小为v3=(gy v=0.5 m/s15、(D 10N/C,方 向 向 上(2)0.21s 0.30s；(3)0.10m【解析】(1)a球碰后在叠加场中做匀速圆周运动，满足：mag=qE,解得 E =T O N/CA球带正电，电场力向上，则电场强度方向向上(2)a球 与b球的碰撞，由动量守恒定律得：=mava+mhvh由能量守恒得：；芯=+；恤片,解得 V。=0.3/n/s,vh=1.2m/s2对a球，洛伦兹力提供向心力，Bqva=m 9r解得r=等 二0 3?BqTT设a球落地点与圆心的连线和地面夹角为有=r+sin。，可得。=”e+色故a球离开电磁场用时/=_=网:J =-7T 2.S2乃匕 耳B球不带电，碰后做平抛运动，竖 直 方 向=得与=0.30(3)对a球，设a球水平位移为.,xa-rcosO=0.15/3m对 b 球：xb=vbtb=0.36m故 两 球 相 距&=4 -xb 0.10/M