《2023年浙江选考高考物理二轮复习专题一力与运动第5讲圆周运动和万有引力定律学案.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023年浙江选考高考物理二轮复习专题一力与运动第5讲圆周运动和万有引力定律学案.pdf（21页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、1/21 第 5 讲圆周运动和万有引力定律 选考考点分布 章知识内容考试要求历次选考统计必考加试2015/102016/042016/102017/042017/11 曲线运动2圆周运动、向心加速度、向心力d d 5 5 20 生活中的圆周运动c 8 11、20 万有引力与航天行星的运动a 3 太阳与行星间的引力a 万有引力定律c 12 3、11 7 万有引力理论的成就c 宇宙航行c 7 11 12 经典力学的局限性a 考点一圆周运动有关物理量的辨析1.(2016浙江10 月学考 5)在G20 峰会“最忆是杭州”的文艺演出中，芭蕾舞蹈演员保持如图1 所示姿式原地旋转，此时手臂上A、B两点角速度
2、大小分别为A、B，线速度大小分别为vA、vB，则()图 1 2/21 BABBvAvD答案D两点的B、A可知，2T两点在演员转动的过程中周期一样，所以根据B、A由于解析角速度一样，所以A、B 选项错误根据vr可知A点转动半径大，所以A点的线速度大，即选项D正确2(2016 浙江4 月学考 5)如图2 为某中国运动员在短道速滑比赛中勇夺金牌的精彩瞬间假定此时他正沿圆弧形弯道匀速率滑行，则他()图 2 A所受的合力为零，做匀速运动B所受的合力恒定，做匀加速运动C所受的合力恒定，做变加速运动D所受的合力变化，做变加速运动答案D解析运动员沿圆弧形弯道匀速率滑行时，其所受的合力提供向心力，大小不变，方向
3、时刻指向圆心，即运动员所受的合力是变力，做变加速运动，选项A、B、C 错误，D正确3(人教版必修2P19 第 2 题改编)如图 3 所示，A、B两点分别位于大、小轮的边缘上，C点位于大轮半径的中点，大轮的半径是小轮的2 倍，它们之间靠摩擦传动，接触面上没有滑动则下列说法正确的是()图 3 AA点与B点角速度大小相等BA点与B点线速度大小相等CB点与C点线速度大小相等DA点的向心加速度等于C点的向心加速度3/21 答案B4(2017 浙江“七彩阳光”联考)转篮球是一项需要技巧的活动，如图4 所示，假设某同学让篮球在指尖上匀速转动，指尖刚好静止在篮球球心的正下方下列判断正确的是()图 4 A篮球上
4、的各点做圆周运动的圆心均在指尖与篮球的接触处B篮球上各点的向心力是由手指提供的C篮球上各点做圆周运动的角速度相等D篮球上各点离转轴越近，做圆周运动的向心加速度越大答案C，篮球上各点离转轴越近，r2m F篮球上各点做同轴圆周运动故角速度相等，由解析做圆周运动的向心加速度越小篮球上各点的向心力是由周围各点对该点的合力提供5(2017 浙江“七彩阳光”联考)东白山是东阳的第一高峰，因为景色秀美已成了远近闻名的旅游区，在景区内的小公园里有一组跷跷板，某日郭老师和他六岁的儿子一起玩跷跷板，因为体重悬殊过大，郭老师只能坐在靠近中间支架处，儿子坐在对侧的边缘上请问在跷跷板上下运动的过程中，以下说法中哪些是正
5、确的()A郭老师能上升是因为他的力气大B儿子能上升是因为他离支点远C郭老师整个运动过程中向心加速度都比较大D郭老师和儿子的运动周期是相等的答案D6(2017 浙江名校协作体联考)2016年共享单车忽如一夜春风出现在大城市的街头巷尾，方便了百姓的环保出行雨天遇到泥泞之路时，在自行车的后轮轮胎上常会粘附一些泥巴，行驶时感觉很“沉重”如果将自行车后轮撑起，使后轮离开地面而悬空，然后用手匀速摇脚踏板，使后轮飞速转动，泥巴就被甩下来，如图5 所示，图中a、b为后轮轮胎边缘上的最高点与最低点，c、d为飞轮边缘上的两点，则下列说法正确的是()4/21 图 5 Aa点的角速度大于d点的角速度B后轮边缘a、b两
6、点线速度相同C泥巴在图中的b点比在a点更容易被甩下来D飞轮上c、d两点的向心加速度相同答案C1.对描述圆周运动的物理量的理解以及它们之间的关系2常见的三种传动方式及特点(1)皮带传动：如图6 甲、乙所示，皮带与两轮之间无相对滑动时，两轮边缘线速度大小相.BvAv等，即图 6(2)摩擦传动：如图7 甲所示，两轮边缘接触，接触点无打滑现象时，两轮边缘线速度大小.BvAv相等，即(3)同轴传动：如图乙所示，两轮固定在一起绕同一转轴转动，两轮转动的角速度大小相.BA等，即图 7 5/21 考点二水平面内的圆周运动1(2017 浙江11 月选考 11)如图8 所示，照片中的汽车在水平路面上做匀速圆周运动
7、，已知图中双向四车道的总宽度约为15 m，假设汽车受到的最大静摩擦力等于车重的0.7倍，则运动的汽车()图 8 A所受的合力可能为零B只受重力和地面支持力作用C最大速度不能超过25 m/sD所需的向心力由重力和支持力的合力提供答案C解析汽车在水平面上做匀速圆周运动，合外力时刻指向圆心，拐弯时靠静摩擦力提供向心力，因此排除A、B、D选项，所以选择C.2.(人教版必修2P25 第 3 题改编)如图 9 所示，小物块A与水平圆盘保持相对静止，随着圆盘一起做匀速圆周运动，则A受到的力有()图 9 A重力、支持力B重力、向心力C重力、支持力、指向圆心的摩擦力D重力、支持力、向心力、摩擦力答案C3.(人教
8、版必修2P25 第 2 题改编)如图 10 所示，一个内壁光滑的圆锥形筒的轴线垂直于水平面，圆锥筒固定不动，有两个质量相等的小球A和B紧贴着内壁分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运动，则以下说法中正确的是()6/21 图 10 AA球的角速度等于B球的角速度BA球的线速度大于B球的线速度CA球的运动周期小于B球的运动周期DA球对筒壁的压力大于B球对筒壁的压力答案B解析先对小球受力分析，如图所示，由图可知，两球的向心力都来源于重力mg和支持力的合力，建立如图所示的坐标系，则有：NFmgsin NF2mrcos NF错D相等，根据牛顿第三定律可知，选项NF受到的支持力B和A，小球mgsin NF得
9、由球的角速度A式知，球运动的半径，结合B球运动的半径大于A相等，NF误由于支持力小于B球的角速度，选项A 错误A球的运动周期大于B球的运动周期，选项C 错误又根正确B球的线速度，选项B球的线速度大于A可知：v2rmcos NF据4.(2016金华市调研)如图 11 所示，细绳一端系着静止在水平圆盘上质量M0.5 kg的物体A，另一端通过圆盘中心的光滑小孔吊着质量m0.3 kg的物体B，物体A与小孔距离为0.4 m(物体A可看成质点)，已知A和水平圆盘的最大静摩擦力为2 N 现使圆盘绕中心轴)210 m/s取g(会处于静止状态？B在什么范围内，线转动，角速度图 11 5 rad/srad/s5答
10、案解析设物体A和圆盘保持相对静止，当具有最小值时，A有向圆心O运动的趋势所以A受到的静摩擦力方向沿半径向外当摩擦力等于最大静摩擦力时，对A受力分析有，r12M fFF又Fmg，7/21 rad/s5mgFfMr1当具有最大值时，A有远离圆心O运动的趋势A受到的最大静摩擦力指向圆心对A受力分析有，r22M fFF又Fmg，5 rad/smgFfMr解得5 rad/s.rad/s5的范围是所以考点三竖直面内的圆周运动问题1(2015 浙江10 月学考8)质量为30 kg的小孩坐在秋千板上，秋千板离系绳子的横梁的距离是2.5 m 小孩的父亲将秋千板从最低点拉起1.25 m高度后由静止释放，小孩沿圆弧
11、运动至最低点时，她对秋千板的压力约为()A0 B200 N C600 N D1 000 N 答案C 解析小球从释放至最低点的过程中，由机械能守恒定律：mgh12mv2 在最低点，有FNmgmv2L由得：FN600 N.结合牛顿第三定律可知，她对秋千板的压力约为600 N 2(人教版必修2P28“思考与讨论”改编)如图12 所示，把地球看成大“拱形桥”，当一辆“汽车”速度达到一定值时，“汽车”对地面压力恰好为零，此时“汽车”（)图 12 A受到的重力消失了8/21 B仍受到重力，其值比原来的小C仍受到重力，其值与原来相等D座椅对驾驶员的支持力大于驾驶员的重力答案C解析重力是由于地球的吸引而产生的
12、，跟物体的运动状态无关，“汽车”通过“拱形桥”时，若“汽车”对地面压力恰好为零，重力提供向心力，重力的大小不变，其值与原来相等，故 C 正确；此时座椅对驾驶员的支持力为零3(2017 温州市9 月选考)温州乐园的摩天轮是最受游客欢迎的游乐项目之一，如图13 所示，摩天轮悬挂透明舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动，下列叙述正确的是()图 13 A在最高点，乘客处于超重状态B在最低点，乘客重力小于他所受到的支持力C摩天轮转动过程中，乘客的机械能保持不变D从最高点向最低点转动的过程中，座椅对乘客的作用力做正功答案B4.(2016温州市平阳二中期中)如图 14 所示，长为L的轻杆一端固定质量为m的
13、小球，另一端固定转轴O，现使小球在竖直平面内做圆周运动P为圆周轨道的最高点若小球通过)(，则以下判断正确的是92gL圆周轨道最低点时的速度大小为图 14 A小球不能到达P点gL点时的速度等于P小球到达BC小球能到达P点，但在P点不会受到轻杆的弹力D小球能到达P点，且在P点受到轻杆向上的弹力答案D9/21 小球在最.12gLPv，解得92gLv，又2mv12P2mv12Lmg根据动能定理得解析高点的临界速度为零，所以小球能到达最高点，故A、B 错误；设杆在最高点对小球的作用点受到轻杆向P点，且在P，故小球能到达mg12F，解得mvP2LFmg力表现为支持力，则上的弹力，故D 正确，C错误5.如图
14、15 所示，质量为m的竖直光滑圆环A的半径为r，竖直固定在质量为m的木板B上，木板B的两侧各有一竖直挡板固定在地面上，使木板不能左右运动在环的最低点静置，小球会在环内侧做圆周运动为0v现给小球一水平向右的瞬时速度.C的小球m一质量为)(必须满足0v保证小球能通过环的最高点，且不会使木板离开地面，则初速度图 15 5gr0v3grA.3gr0vgrB.gr0v7grC.7gr0v5grD.答案D解析在最高点，速度最小时有：v12rmmg.gr1v解得：，根据机械能守恒定律，1v从最高点到最低点的过程中，机械能守恒，设最低点的速度为有：21mv1212mv12mgr2.5gr1v解得要使木板不会在
15、竖直方向上跳起，在最高点，球对环的压力最大为：Fmgmg2mg，2v最低点的速度为从最高点到最低点的过程中，机械能守恒，设此时在最高点，速度最大时有：v22rmmg2mg.3gr2v解得：根据机械能守恒定律有：10/21 22mv1222mv12mgr2.7gr2v解得：所以保证小球能通过环的最高点，且不会使木板在竖直方向上跳起，在最低点的速度范围为：5gr.7gr0v竖直面内圆周运动类问题的解题技巧1定模型：首先判断是轻绳模型还是轻杆模型，两种模型过最高点的临界条件不同这两个临界条件v及轻杆模型中grv确定临界点：抓住轻绳模型中最高点23研究状态：通常情况下竖直平面内的圆周运动只涉及最高点和
16、最低点的运动情况4受力分析：对物体在最高点或最低点时进行受力分析，根据牛顿第二定律列出方程，F向F合5过程分析：应用动能定理或机械能守恒定律将初、末两个状态联系起来列方程考点四万有引力定律的理解和应用1(2017 浙江11 月选考)如图 16 所示是小明同学画的人造地球卫星轨道的示意图，则卫星()图 16 A在a轨道运行的周期为24 hB在b轨道运行的速度始终不变C在c轨道运行的速度大小始终不变D在c轨道运行时受到的地球引力大小是变化的答案D解析同步卫星必须在赤道正上空36 000 km 处，所以a轨道不可能是同步轨道，选项A 错误；b轨道上的卫星的速度方向不断变化，所以速度不断变化，选项B
17、错误；地球在c轨道的其中一个焦点上，因此在近地点时卫星速度要快，远地点速度要慢，选项C 错误；在c轨11/21 可以看出卫星受地球的引力大小不断GMmr2F断变化，所以根据道上，卫星离地球的距离不变化，D正确2(2017 浙江4 月选考 11)如图17 所示，设行星绕太阳的运动是匀速圆周运动，金星自身的半径是火星的n倍，质量为火星的k倍不考虑行星自转的影响，则()图 17 倍kn金星表面的重力加速度是火星的A倍kn是火星的”第一宇宙速度“金星的BC金星绕太阳运动的加速度比火星小D金星绕太阳运动的周期比火星大答案B对；B，选项knv金v火可知，GMRv错；根据A，选项kn2g金g火可知GMR2g
18、根据解析常数可知，距离越远周期越大，所以选项R3T2可知，距离越远，加速度越小，由GMr2a根据C、D均错3(2016 浙江10 月学考 12)如图18 所示，“天宫二号”在距离地面393 km 的近地圆轨，地球半kg246.0 10M，地球质量2/kg2N1106.67 G道运行已知万有引力常量)(由以上数据可估算km.36.4 10R径图 18 A“天宫二号”的质量B“天宫二号”的运行速度C“天宫二号”受到的向心力D地球对“天宫二号”的引力答案B会在等式两边消去，m的质量”天宫二号“知v2rmGmMr2根据万有引力提供向心力，即解析12/21 的大小已知，r、M、G，式中GMrv错误；A的
19、质量，选项”天宫二号“所以无法求出所以可估算“天宫二号”的运行速度v，选项B 正确；“天宫二号”受到的向心力、引力都因为不知道“天宫二号”的质量而无法估算，选项C、D错误4(2016 浙江4 月学考 11)2015年 12 月，我国暗物质粒子探测卫星“悟空”发射升空卫星和地球同步卫星的运动均可视为匀速圆周”悟空“的预定轨道km25.0 10进入高为)(下列说法正确的是km.36.4 10R运动已知地球半径A“悟空”卫星的线速度比同步卫星的线速度小B“悟空”卫星的角速度比同步卫星的角速度小C“悟空”卫星的运行周期比同步卫星的运行周期小D“悟空”卫星的向心加速度比同步卫星的向心加速度小答案Cv可得
20、，mv2rMmr2G卫星距地心的距离，由”悟空“地球同步卫星距地心的距离大于解析卫星”悟空“可知，r2m Mmr2G错由A卫星的线速度大，所以”悟空“，由此可知，GMr对C卫星的向心加速度大，因此”悟空“可知，nmaMmr2G的角速度大，即周期小，由5(2017 台州市9 月选考)2017年 4 月，我国成功发射的“天舟一号”货运飞船与“天宫二号”空间实验室完成了首次交会对接，对接形成的组合体仍沿“天宫二号”原来的圆轨道运行，如图19 所示与“天宫二号”单独运行时相比，组合体运行的()图 19 A动能变大B周期变大C角速度变大D向心加速度变大答案A6(2017 浙江“七彩阳光”联考)牛顿在思考
21、万有引力定律时就曾想，把物体从高山上水平抛出，速度一次比一次大，落地点也就一次比一次远如果速度足够大，物体就不再落回地面，它将绕地球运动，成为人造地球卫星，如图20 所示下列判断正确的是()13/21 图 20 A发射人造地球卫星的速度至少要达到7.9 km/hB卫星距地面越高，绕地球运动的速度越大C第一宇宙速度就是最小的发射速度D所有人造地球卫星都做匀速圆周运动答案C解析发射人造地球卫星的速度至少要达到7.9 km/s；卫星距地面越高，绕地球运动的速度越小；人造地球卫星可以做匀速圆周运动也可以绕地球做椭圆运动；第一宇宙速度就是最小的发射速度，只有C正确7假设地球和火星都绕太阳做匀速圆周运动，
22、已知地球到太阳的距离小于火星到太阳的距离，那么()A地球公转的周期大于火星公转的周期B地球公转的线速度小于火星公转的线速度C地球公转的加速度小于火星公转的加速度D地球公转的角速度大于火星公转的角速度答案D，故地球公转的周r3GM2T得，公转周期r2m nmav2rmr2)2T(mMmr2G根据解析错误；公B，故地球公转的线速度较大，选项GMrv错误；公转线速度A期较小，选项，故地GMr3错误；公转角速度C，故地球公转的加速度较大，选项GMr2na转加速度球公转的角速度较大，选项D正确1.天体质量和密度的估算(1)利用天体表面的重力加速度g和天体半径R.，gR2GM，故天体质量mgMmR2G由于
23、14/21.3g4GRM43R3MV天体密度(2)通过观察卫星绕天体做匀速圆周运动的周期T和轨道半径r.；42r3GT2M，得出中心天体质量r4T2mMmr2G由万有引力等于向心力，即若已知天体半径R，则天体的平均密度；3r3GT2R3M43R3MV若天体的卫星在天体表面附近环绕天体运动，可认为其轨道半径r等于天体半径R，则天体的密，就可估算出中心天T可见，只要测出卫星环绕天体表面运动的周期.3GT2体密度度2卫星运行参量的计算与比较GMmr2越高越慢mv2rvGMrv1rm2r GMr31r3m42rT2T42r3GMTr3mananGMr2an1r2专题强化练(限时：35 分钟)1(201
24、7 温州市9 月选考)如图 1 所示，轻绳的一端拴一个小沙袋，手握住轻绳另一端使小沙袋在水平面内做匀速圆周运动，圆心O位置固定不变，A、B为轻绳上的两点，则()图 1 AA、B两点的角速度相同BA点的线速度小于B点的线速度15/21 CA点的向心加速度小于B点的向心加速度D保持小沙袋线速度不变，轻绳越长，绳上张力越大答案A2某机器内有两个围绕各自固定轴匀速转动的铝盘A、B，A盘固定一个信号发射装置P，能持续沿半径向外发射红外线，P到圆心的距离为28 cm.B盘上固定一个带窗口的红外线信号接收装置Q，Q到圆心的距离为16 cm.P、Q转动的线速度均为4 m/s.当P、Q正对时，P发出的红外线恰好
25、进入Q的接收窗口，如图2 所示，则Q每隔一定时间就能接收到红外线信号，这个时间的最小值为()图 2 A0.42 s B0.56 sC0.70 s D0.84 s答案Bs20.16 4QT，0.14 ss20.284PT可得2vT由线速度和周期关系解析0.08 s，设该时间的最小值为t，则t是两个周期数值的最小公倍数，即t0.56 s，选项B正确3(2017 浙江余姚中学高三上期中)A、B两个质点分别做匀速圆周运动，在相等时间内通，则下列说法中正确的是3BA，转过的圆心角之比4BsAs过的弧长之比为()4BvAv它们的线速度之比A2BA它们的角速度之比B3BTAT它们的周期之比C3BaAa它们的
26、向心加速度之比D答案A，根4BsAs两质点分别做匀速圆周运动，在相等时间内它们通过的弧长之比为解析，3BA正确；通过的圆心角之比A，故4BvAv，线速度之比为stv据公式BTAT，周期之比为2T错误；根据公式B，故3，角速度之比为t根据公式错误D，故2BaAa，可知na错误；根据C，故24(2017 嘉兴市高二上期末)Kitty猫主题公园中的苹果树飞椅是孩子们喜欢的游乐项目，长度相同的钢绳一端系着座椅，另一端固定在转盘上(转盘中心有竖直转轴)，如图 3 所16/21 示，当A、B两座椅与水平转盘一起匀速转动时，钢绳与竖直方向的夹角分别为与，不计钢绳的重力，下列说法正确的是()图 3 AA的偏角
27、大于B的偏角BA的角速度小于B的角速度CA的线速度大于B的线速度DA的加速度小于B的加速度答案D，2rgtan，解得r2m tan mg转动的角速度相同，但半径不同，由B、A解析由于A的半径小于B的半径，故A的偏角小于B的偏角，故 A、B 错误；由于角速度的A可知，r2a错误；根据C的线速度，故B的线速度小于A可知，v相同，根据加速度小于B的加速度，故D正确5如图4 所示，质量相等的a、b两物体放在圆盘上，到圆心的距离之比是23，圆盘绕圆心做匀速圆周运动，两物体相对圆盘静止，a、b两物体做圆周运动的向心力之比是()图 4 A11 B3C23 D9答案C正确C知向心力正比于半径，r2m nF随圆
28、盘转动，角速度相同，由b、a解析的汽车行kg31.0 10，质量为40 m所示，拱形桥的半径为5如图)诸暨市期末6.(2016)(，则此时汽车对桥的压力为210 m/s，假设重力加速度为10 m/s驶到桥顶时的速度为17/21 图 5 N 41.0 10AN37.5 10BN 35.0 10CN32.5 10D答案B，N37.5 10NF得v2RmNFmg对汽车由牛顿第二定律得解析N.37.5 10又由牛顿第三定律知汽车对轿的压力也为7太阳神车由四脚的支架吊着一个巨大的摆锤摆动，游客被固定在摆下方的大圆盘A上，如图 6 所示摆锤的摆动幅度每边可达120.6 台大功率的异步驱动电机同时启动，为游
29、客创造最大4.3g的加速度，最高可飞跃至15 层楼高的高空如果不考虑圆盘A的自转，根据以上信息，以下说法中正确的是()图 6 A当摆锤摆至最高点的瞬间，游客受力平衡B当摆锤摆至最高点时，游客可体验最大的加速度C当摆锤在下摆的过程中，摆锤的机械能一定不守恒D当摆锤在上摆过程中游客体验超重，下摆过程游客体验失重答案C解析当摆锤摆至最高点的瞬间，摆锤和游客开始下降，所以游客具有向下的加速度，游客受力不平衡，故A 错误；当摆锤摆至最低点时，摆锤的速度最大，向心加速度最大，所以在最低点游客可体验最大的加速度，故B 错误；当摆锤在下摆的过程中，由于电动机做正功，所以摆锤的机械能一定不守恒，故C正确；当摆锤
30、在上摆过程中即将到达最高点时，摆锤向上做减速运动，加速度的方向向下，游客体验到失重，故D 错误，故选C.8.(2017宁波市九校高一期末)如图 7 所示，质量为m的小球置于正方体的光滑盒子中，盒子的边长略大于球的直径某同学拿着该盒子在竖直平面内做半径为R的匀速圆周运动，已知重力加速度为g，空气阻力不计，要使在最高点时盒子与小球之间恰好无作用力，则()18/21 图 7 A该盒子做圆周运动的向心力一定恒定不变Rg2周运动的周期一定等于该盒子做匀速圆BC盒子在最低点时，小球对盒子的作用力大小等于mgD盒子在与O点等高的右侧位置时，小球对盒子的作用力大小等于mg答案B得，4T2mRmg错误；在最高点
31、，由A向心力的方向始终指向圆心，是变化的，故解析F可得，4T2mRmg和4T2mRmgF正确；盒子在最低点，由B，故Rg2T周期2mg，故 C 错误；盒子在与O点等高的右侧位置时，盒子底部的支持力等于重力mg，而盒子，根据牛顿第mg2，两者相互垂直，所以盒子对小球的作用力等于mg侧壁的支持力也等于错误D故.mg2三定律，小球对盒子的作用力大小等于9.(2016宁波市选考模拟)在高速公路的拐弯处，通常路面都是外高内低如图8 所示，在某路段汽车向左拐弯，司机左侧的路面比右侧的路面低一些汽车的运动可看做是半径为R的圆周运动设内外路面高度差为h，路基的水平宽度为d，路面的宽度为L.已知重力加速度为g.
32、要使车轮与路面之间的横向(即垂直于前进方向)摩擦力等于零，则汽车转弯时的车速应等于()图 8 gRdhD.gRLhC.gRhdB.gRhLA.答案B解析汽车做匀速圆周运动，向心力由重力与路面对汽车的支持力的合力提供，且向心力的，解得汽hdtan，v2Rm向F，根据牛顿第二定律：tan mg向F方向水平，向心力大小对B，gRhdv车转弯时的车速10(2017 稽阳联谊学校8 月联考)2016年 8 月 10 日，我国在太原卫星发射中心用“长征四号”丙运载火箭成功发射“高分三号”卫星，“高分三号”卫星是我国第一颗分辨率达到1 米的C 频段多极化合成孔径雷达(SAR)卫星，也是国内第一颗寿命达8 年
33、的地轨遥感卫星，关于“高分三号”卫星，下列说法正确的是()A卫星的发射速度一定小于7.9 km/h19/21 B绕地球运行的角速度比月球绕地球运行的角速度大C绕地球运行的加速度比月球绕地球运行的加速度小D卫星在预定轨道上没有加速度答案B解析7.9 km/s是最小发射速度，A错误；该卫星轨道半径一定比月球绕地球运动的轨道半径小，因此角速度大，向心加速度大，B正确，C 错误；卫星在预定轨道上有向心加速度，D错误11(2017 嵊州市高级中学期末)据报道，我国的一颗数据中继卫星在西昌卫星发射中心发射升空，经过4 次变轨控制后，成功定点在东经77赤道上空的同步轨道上关于成功定点后的卫星，下列说法正确的
34、是()A运行速度大于7.9 km/sB由于太空垃圾对卫星运动的影响，会使卫星的运行轨道变低，且线速度变大C向心加速度与静止在赤道上物体的向心加速度大小相等D绕地球运行的角速度比月球绕地球运行的角速度小答案B12(2017 杭州市四校联考)始终定点在某地面上方的人造卫星，称为地球同步卫星，已知地球同步卫星离地面的高度约为地球半径的6 倍，下列说法正确的是()A杭州的正上方可能就有一颗地球同步卫星B一天内地球同步卫星能接收太阳光的时间为12 小时C若使用地球同步卫星转播电视信号，只要一颗就能覆盖全球D离地面高度约为地球半径2 倍的人造卫星，周期约为0.28天答案D解析同步卫星只能位于赤道平面内，杭
35、州正上方不可能有地球同步卫星，故A 错误；同步卫星相对地球静止，同步卫星的周期与地球自转周期相等，为24 h，一天内地球同步卫星能接收太阳光的时间不一定为12 h，故 B 错误；若使用地球同步卫星转播电视信号，至少需要，r2)2T(mMmr2G错误；万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：C颗才能覆盖全球，故3D天，故0.28T天，解得：1同步T，已知：错误!r3r3 同步TT同步，r3GM2T解得：正确13(2017浙江“七彩阳光”联考)如图 9 所示，新华社甘肃酒泉2016 年 9 月 14 日报导(记者李国利)“天宫二号”将与“神舟十一号”载人飞船在距地面393 公里的轨道高度交会对接中国
36、载人航天工程办公室副主任武平14 日在酒泉卫星发射中心表示，“这与未来空间站的轨道高度基本相同”由此消息对比“神舟十一号”与地球同步卫星的认识，正确的是20/21()图 9 A“神舟十一号”载人飞船中宇航员没有受到力的作用B“神舟十一号”载人飞船的周期为24 小时C“神舟十一号”载人飞船的周期小于同步卫星的周期D“神舟十一号”载人飞船中天平可以正常使用答案C14(2016 诸暨市期末)“水上乐园”中有一巨大的水平转盘，人在其上随盘子一起转动，给游客带来无穷乐趣如图10 所示，转盘的半径为R，离水面的高度为H，可视为质点的游客的质量为m，现转盘以角速度匀速转动，游客在转盘边缘保持相对静止，不计空气阻力，重力加速度为g.图 10(1)求转盘转动的周期；(2)求游客受到摩擦力的大小和方向；(3)若转盘突然停止转动，求游客落水点到转动轴的水平距离沿半径方向指向转盘圆心R2m(2)2(1)答案2Hg1R(3)2T转盘转动的周期：(1)解析R2m fF游客受到摩擦力的大小：(2)游客受到摩擦力的方向沿半径方向指向转盘圆心(3)游客转动时的线速度，即平抛运动的初速度：v2Hgt游客落水的时间：21/21 2Hgvtx游客做平抛运动的水平位移：.2Hg1Rx2R2s游客落水点到转动轴的水平距离：