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1、2018年全国统一高考物理试卷（新课标口）一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共4 8分。在每小题给出的四个选项中，第1 5题只有一项符合题目要求，第6 8题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得。分.1.（6.00分）如图，某同学用绳子拉动木箱，使它从静止开始沿粗糙水平路面运动至具有某一速度，木箱获得的动能一定（）A.小于拉力所做的功B.等于拉力所做的功C.等于克服摩擦力所做的功 D.大于克服摩擦力所做的功2.（6.00分）高空坠物极易对行人造成伤害。若一个50g的鸡蛋从一居民楼的2 5 层坠下，与地面的碰撞时间约为2 m s,则该鸡蛋对地面产生的冲击力约为（
2、）A.ION B.102N C.103N D.104N3.（6.00分）2018年 2 月，我国500m 口径射电望远镜（天眼）发现毫秒脉冲星J0318+0253”,其自转周期T=5.19ms。假设星体为质量均匀分布的球体，已知万有引力常量为6.67X10 nN.m2/kg2.以周期T 稳定自转的星体的密度最小值约 为（）A.5X104kg/m3B.5X 1012kg/m3 C.5X1015kg/m3 D.5X1018kg/m34.（6.00分）用波长为300nm的光照射锌板，电子逸出锌板表面的最大初动能为 1.28X10 19J,已知普朗克常量为6.63X10 34J s,真空中的光速为3.
3、00X108m”一 1,能使锌产生光电效应的单色光的最低频率约为（）A.lX 1 014Hz B.8X1014HZ C.2X1015HZ D.8X1015HZ5.（6.00分）如图，在同一水平面内有两根平行长导轨，导轨间存在依次相邻的矩形匀强磁场区域，区域宽度均为I,磁感应强度大小相等、方向交替向上向下，一边长为总的正方形金属线框在导轨上向左匀速运动，线框中感应电流i 随时间2变化的正确图线可能是（）3*予1x x；x x!X X；X X!x x：x xX X；*x x!x x!6.（6.00分）甲、乙两汽车在同一条平直公路上同向运动，其速度-时间图象分别如图中甲、乙两条曲线所示，已知两车在t
4、2时刻并排行驶，下列说法正确的是（）A.两车在t i时刻也并排行驶B.在t i时刻甲车在后，乙车在前C.甲车的加速度大小先增大后减小D.乙车的加速度大小先减小后增大7.（6.00分）如图，纸面内有两条互相垂直的长直绝缘导线Li、L2,L i中的电流方向向左，1_2中的电流方向向上，L i的正上方有a,b两点，它们相对于1_2对称。整个系统处于匀强外磁场中，外磁场的磁感应强度大小为B o,方向垂直于纸面向外，已知a、b两点的磁感应强度大小分别为和J_B0,方向也垂于纸面向外,3 2贝U ()brat-LA.流经L i的电流在b点产生的磁感应强度大小为，3。1 2B.流经Li的电流在a点产生的磁感
5、应强度大小为2-Bo1 2C.流经1 _ 2的电流在b点产生的磁感应强度大小为2-Bo1 2D.流经1 _2的电流在a点产生的磁感应强度大小为工Bo1 28.（6.00分）如图，同一平面内的a、b、c、d四点处于匀强电场中，电场方向与此平面平行，M为a、c连线的中点，N为b、d连线的中点，一电荷量为q（q 0）的粒子从a点移动到b点，其电势能减小W i；若该粒子从c点移动到d点,其电势能减小W2，下列说法正确的是（）3Ir 0）的粒子从a点移动到b点，其电势能减小W i；若该粒子从c点移动到d点,其电势能减小W 2,下列说法正确的是（）V 0）的粒子从a点移动到b点，其电势能减小Wi,但a b
6、连线不一定沿着电场线，故A错误；B、粒子从a点移动到b点，其电势能减小W i，故：qa-q巾b=Wi，粒子从c点移动到d点，其电势能减小W2，故：q4）c-q4d=W2,匀强电场中，沿着相同方向每前进相同距离电势的变化相同，故 巾a -巾M=4）M-巾 口即巾M=L（巾a+4）c），2同理 t）N=（b+，d），2q（|）M -qc|）N=故 B 正确；2C、若c、d之间的距离为L,但c d不一定平行电场线，故W2=qELcos。，其中。为c d与电场线的夹角，不一定为零，故该电场的场强大小不一定为空，故C错qL误；D、若 W1=W2，根据 可知，Uab=Ucd，故力a -4）b=6c-加，则
7、力a -4c=4b-加，q故 Uac=Ubd；而 Uac=2UaM，Ubd=2UbN，故 UaM=UbN，故 D 正确；故选：BDo【点评】本题考查匀强电场中的电场强度与电势差的关系，关键是明确沿着电场线电势降低最快，记住公式1 d进行分析，不难。二、非选择题：共6 2分（第9 1 2题为必考题，每个试题考生都必须作答.第13 16题为选考题.考生根据要求作答。（一）必考题：共47分。9.（6.00分）某同学组装一个多用电表，可选用的器材有：微安表头（量程lOOnA,内阻900Q）；电阻箱（阻值范围0999.9Q）；电阻箱Rz（阻值范围099999.9C）；导线若干。要求利用所给器材先组装一个
8、量程为1mA的直流电流表，在此基础上再将它改装成量程为3V的直流电压表。组装好的多用电表有电流1mA和电压3V两挡。回答下列问题：（1）在虚线框内画出电路图并标出Ri和R 2,其中*为公共接线柱，a和b分别是电流挡和电压挡的接线柱。（2）电阻箱的阻值应取Ri=100 Q,R产2910 Q（保留到个位）O O O a b【分析】（1）微安表并联一个小电阻改装成大量程得电流表，串联一个大电阻改装成大量程的电压表；（2）根据串并联电路特点计算串并联电阻阻值。【解答】解：（1）微安表并联一个小电阻改装成大量程得电流表，串联一个大电阻改装成大量程的电压表。改装图如图所示：!：!-4&；!o o o；a
9、b!（2）当接o、a接线柱时当电流表用，根据并联电路特点得：IgRg=（I -lg）Ri代入数据解得：R.100X10X 900 Q Q1 IT g IX 10-3-100X l O-6当接。、b接线柱时当电压表用，根据串联电路得特点得：IgRg+lR2=U解得：R产U-IgRg=3-100X10-6 Q 3 g io Q2 1 1X10-3故答案为：(1)(2)1 0 0、2 9 1 0 o【点评】本题考查了电压表与电流表的改装，知道电表的改装原理，应用串并联电路特点、欧姆定律可以解题。1 0.（9.0 0 分）某 同 学 用 图（a）所示的装置测量木块与木板之间的动摩擦因数，跨过光滑定滑轮
10、的细线两端分别与木块和弹簧秤相连，滑轮和木块间的细线保持水平，在木块上方放置祛码，缓慢向左拉动水平放置的木板，当木块和法码相对桌面静止且木板仍在继续滑动时，弹簧秤的示数即为木块受到的滑动摩擦力的大小。某次实验所得数据在下表中给出，其中f4 的值可从图（b）中弹簧秤的示数读出。跌码的质量0.0 50.1 0m/k g滑动摩擦力2.1 52.3 6图(a)2.5 50.1 5图图回答下列问题：（1）f4=2.75 N；（2）在 图（c）的坐标纸上补齐未画出的数据点并绘出f-m 图线；（3）与 1 1）、木块质量M、木板与木块之间的动摩擦因数n 及重力加速度大小g之间的关系式为=u（M+m）g,f-
11、m 图线（直线）的斜率的表达式为k=ug;（4）取 g=9.80m/s2,由绘出的f-m 图线求得口=0.38（保留2 位有效数字）【分析】（1）根据弹簧秤的读数规则进行读数；（2）观察图，看看哪些点没有画出来，进行描点，然后画图；（3）根据滑动摩擦力可确定出摩擦力与动摩擦因数间的关系；根据图象得出图象的斜率；（4）根据第三问可以得出f 与 m 的关系式，进而计算出摩擦因数。【解答】解：（1）由图可以看出，弹簧秤的指针在2.70和 2.80之间，读数为2.75N；（2）图中确定m=0.05kg和 m=0.20kg时的点，通过描点后，画图如图所示（3）与 1 1 1、木块质量M、木板与木块之间的
12、动摩擦因数日及重力加速度大小g之间的关系式为f=H（M+m）g；k 的表达式为k=|ig；（4）由图象可以得出斜率为k=93-2.0=3.75,所以以上区1队 0.38。0.25-0.0 1 *g 9.8故答案为：（1）2.75；（2）如图所示；（3）（M+m）g；|ig；（4）0.38（0.37-0.4 1均正确）【点评】本题考查了动摩擦因数的测量，在计算的过程中，描点法绘图，并从中得出斜率是关键，可以从中计算出摩擦因数；在数据处理时注意图象法的准确应用。1 L （1 2.0 0分）汽车A在水平冰雪路面上行驶，驾驶员发现其正前方停有汽车B,立即采取制动措施，但仍然撞上了汽车B,两车碰撞时和两
13、车都完全停止后的位置如图所示，碰撞后B车向前滑动了 4.5 m,A车向前滑动了 2.0 m,已知A和B的质量分别为2.0 X 1 0 3 k g和1.5 X 1 03k g,两车与该冰雪路面间的动摩擦因数均为0.1 0,两车碰撞时间极短，在碰撞后车轮均没有滚动，重力加速度大小g=1 0 m/s 2,求：（1）碰撞后的瞬间B车速度的大小；（2）碰撞前的瞬间A车速度的大小。【分析】（1）以B车为研究对象，根据动能定理求解碰后速度;（2）以A车为研究对象，根据动能定理求解碰后速度；两车碰撞过程中，根据动量守恒定律求解碰撞前的瞬间A车速度的大小。【解答】解：（1）以B车为研究对象，根据动能定理可得:-
14、|i mBg xB=0 -代入数据解得：V B=3 m/s；（2）设碰后A车速度大小为VA，碰前A车速度大小为v o,碰后A车运动过程中，根据动能定理可得：-H m Ag xA=0 -代入数据解得：V A=2m/s；两车碰撞过程中，取向右为正、根据动量守恒定律可得：mAVo=mAVA+m BVB代入数据解得：vo=4.25m/s。答：（1）碰撞后的瞬间B车速度的大小为3m/s；（2）碰撞前的瞬间A车速度的大小为4.25m/so【点评】利用动能定理解题时注意：（1）分析物体受力情况，确定哪些力是恒力，哪些力是变力；（2）找出其中恒力的功及变力的功；（3）分析物体初末状态，求出动能变化量；（4）运
15、用动能定理求解。12.（20.00分）一足够长的条状区域内存在匀强电场和匀强磁场，其在xOy平面内的截面如图所示；中间是磁场区域，其边界与y轴垂直，宽度为I,磁感应强度的大小为B,方向垂直于xOy平面；磁场的上、下两侧为电场区域，宽度均为I ,电场强度的大小均为E,方向均沿x轴正方向；M、N为条状区域边界上的两点，它们的连线与y轴平行。一带正电的粒子以某一速度从M点沿y轴正方向射入电场，经过一段时间后恰好以从M点入射的速度从N点沿y轴正方向射出。不计重力。（1）定性画出该粒子在电磁场中运动的轨迹；（2）求该粒子从M点入射时速度的大小；（3）若该粒子进入磁场时的速度方向恰好与x轴正方向的夹角为工
16、，求该粒子6的比荷及其从M点运动到N点的时间。【分析】（1）粒子在电场中做类平抛运动，其的轨迹为抛物线，粒子在磁场中做匀速圆周运动，其轨迹为圆弧，根据对称性定性画出该粒子在电磁场中运动的轨迹即可；（2）粒子在下方电场中做类平抛运动，利用运动的合成和分解、牛顿第二定律结合运动学规律求解，粒子在磁场中做匀速圆周运动，利用洛伦兹力提供向心力结合几何关系，联立即可求出求该粒子从M点入射时速度的大小；（3）利用几何关系找出粒子进入磁场时，垂直电场方向的分速度V。与沿电场线方向的分速度v i之间的关系式，再运用周期公式结合粒子在磁场中转过的圆心角，联立即可求出若该粒子进入磁场时的速度方向恰好与x轴正方向的
17、夹角为2 L,该粒子的比荷及其从M点运动到N点的时间已6【解答】解：（1）粒子在电场中的轨迹为抛物线，在磁场中的轨迹为圆弧，整个轨迹上下对称，故画出粒子运动的轨迹，如图所示，（2）粒子从电场下边界入射后在电场中做类平抛运动，设粒子从M点射入时速度的大小为v o,在下侧电场中运动的时间为t,加速度大小为a,粒子的电荷量为q，质量为m,粒子进入磁场的速度大小为v,方向与电场方向的夹角为0,如图所示，根据牛顿第二定律可得：Eq=ma速度沿电场方向的分量为：v i=a t垂直电场方向有：l,=vot根据几何关系可得：Vi=VCOS。2粒子在磁场中做匀速圆周运动，利用洛伦兹力提供向心力可得：qvB=m
18、JR根据几何关系可得：l=2Rcos0联立式可得粒子从M点入射时速度的大小：丫0=组，B 1（3）根据几何关系可得速度沿电场方向的分量：刈=）ta r r y联立式可得该粒子的比荷：J m B212粒子在磁场中运动的周期：丁=空的空见v q B2 （）粒子由M点到N点所用的时间：t=2 t+=_ JT2兀联立式可得：六 卷（1+僚L）答：（1）定性画出该粒子在电磁场中运动的轨迹，如图所示；（2）该粒子从M点入射时速度的大小为要J；Bl（3）该粒子的比荷为纵反El 其 从 乂 点运动到N点 的 时 间 里（1+加 兀1）。B212 E 181【点评】本题考查了带电粒子在磁场中运动的临界问题，粒子
19、在磁场中的运动运用洛伦兹力提供向心力结合几何关系求解，类平抛运动运用运动的合成和分解牛顿第二定律结合运动学公式求解，解题关键是要作出临界的轨迹图，正确运用数学几何关系，分析好从电场射入磁场衔接点的速度大小和方向，运用粒子在磁场中转过的圆心角，结合周期公式，求解粒子在磁场中运动的时间。三、选考题：共 15分，请考生从2 道物理题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分。13.（5.00分）对于实际的气体，下列说法正确的是（）A.气体的内能包括气体分子的重力势能B.气体的内能包括气体分子之间相互作用的势能C.气体的内能包括气体整体运动的动能D.气体的体积变化时，其内能可能不变E.气体的内能包
20、括气体分子热运动的动能【分析】明确物体内能的定义，知道内能包括分子动能和分子势能，与宏观的动能和势能无关，同时明确实际气体的分子势能是不能忽略的；同时明确做功和热传递均可以改变物体的内能，要根据热力学第一定律分析内能的变化。【解答】解：A、气体内能中不包括气体分子的重力势能，故A错误；B、实际气体的分子间相互作用力不能忽略，故其内能包括分子间相互作用的势能，故B正确；C、气体的内能不包括气体整体运动的动能，故C错误；D、气体的体积变化时，存在做功情况，但如果同时有热量交换，则根据热力学第一定律可知，其内能可能不变，故D正确；E、气体的内能包括气体分子热运动的动能，故E正确。故 选:BDEo【点
21、评】本题考查物体内能以及气体的性质，要注意准确掌握内能的定义，知道内能与机械能是无关的，同时掌握热力学第一定律的应用。14.（10.00分）如图，一竖直放置的汽缸上端开口，汽缸壁内有卡口 a和b,a、b间距为h,a距缸底的高度为H；活塞只能在a、b间移动，其下方密封有一定质量的理想气体，己知活塞质量为m,面积为S,厚度可忽略；活塞和气缸壁均绝热，不计它们之间的摩擦，开始时活塞处于静止状态，上、下方气体压强均为P o,温度均为T。，现用电热丝缓慢加热汽缸中的气体，直至活塞刚好到达b处。求此时汽缸内气体的温度以及在此过程中气体对外所做的功，重力加速度大小为gb【分析】活塞从a处移到b处的过程中，封
22、闭气体作等压变化，根据盖吕萨克定律求活塞到达b处时汽缸内气体的温度。由活塞平衡求得封闭气体的压强，由W=pA V求出气体对外做的功。【解答】解：设活塞刚要离开a处时汽缸内气体的温度为T i，活塞刚要离开a处时，设气体压强为Pi；在此段过程中，封闭气体作等容变化，根据查理定律得:迎立To%而 p 产 吧 也ST i=T0 r/日 丁 m g+PnS可 得 T=P0ST0设活塞到达b处时汽缸内气体的温度为r。活塞上升过程，汽缸内气体作等压变化，则有 J（H+h）ST H S解得 T，_(H+h)(m g+P0S)HPOST o在此过程中气体对外所做的功W=F h=Pi S h=（Po S+m g）
23、h答：此时汽缸内气体的温度为8+h）（呜+PQS）在此过程中气体对外所做的H P0S 功 为（Po S+m g）ho【点评】本题的关键是分析清楚气体的状态变化过程中，哪些量不变，变化的是什么量，明确初末状态量的值，根据气体定律进行研究。【物理一选修3-4】（15分）1 5.声波在空气中的传播速度为3 4 0 m/s,在钢铁中的传播速度为490 0 m/S o 一平直桥由钢铁制成，某同学用锤子敲击一下桥的一端发出声音，分别经空气和桥传到另一端的时间之差为1.0 0 s。桥 的 长 度 为 3 65 m.若该声波在空气中的波长为入，则它在钢铁中的波长为 人 的 24 5 倍。1 7 【分析】由于声
24、音在不同的介质中传播的快慢不同，所以到达人耳的时间不同，故听到两次响声，一次是铁桥传播的，一次是空气传播的；已知时间间隔和速度求铁桥长，利用速度公式列方程求解；根据同一种声音频率不变，根据频率的计算公式求解波长之比。【解答】解：设铁桥长L,由 v=L 得，声音在各自介质中传播时间之差为：一L.-U 1 S,V1 v2即：.L.-L=1,340 4900解 得:L=365m；同一种声音频率相同，则所以上L=3-=幽-要。入 1 入 X v 340 17故答案为：365；245O17【点评】解决此类问题的关键是知道声音在不同的介质中的传播速度不同，在固体中传播速度最快，在液体中次之，最慢的是在气体
25、中传播。1 6.如图，ABC是一直角三棱镜的横截面，ZA=90,ZB=60.一细光束从BC边的D点折射后，射到AC边的E点，发生全反射后经AB边的F点射出，EG垂直于AC交BC于G,D恰好是CG的中点。不计多次反射。(i)求出射光相对于D点的入射光的偏角；(i i)为实现上述光路，棱镜折射率的取值应在什么范围？【分析】(i)根据几何关系得到D点折射角，从而得到E点入射角、反射角、F点入射角；再根据折射率相等得到D点入射角和F点折射角，从而求得偏角；(i i)根据光在D、F发生折射，由折射角求得折射率的最大值；根据光在E点发生全发射，由入射角求得折射率的最小值，即可得到折射率的范围。【解答】解：
26、(i)由于D是CG的中点，G E 1 A C,根据几何关系可得：光束在D点发生折射时的折射角为VD=30；那么，根据几何关系可得：在E点的入射角、反射角均为丫D+30。=60。；在F点的入射角为aF=30；那么，设入射角为aD，可得：折射角VF=C(D，故出射光相对于D点的入射光的偏角为 60-ao+YF=600；(i i)由 E点反射角为60。可得：EFBC；故根据D 点折射角为VD=30。可得：棱 镜 折 射 率 鹏.1。=2；sin30根据光束在E点入射角为60。，发生全反射可得：n一1。/日,故棱镜折nsin600 3射 率 的 取 值 范 围 为 等 2；答：(i)出射光相对于D 点的入射光的偏角为60。；(i i)为实现上述光路，棱 镜 折 射 率 的 取 值 范 围 为 华 武 2。【点评】光的折射率门一，故折射率越大，临界角越小；故发生全反射，入smC射角不小于临界角，求得折射率的下限；发生折射，折射角不大于临界角，求得折射率的上限。