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1、【高考真题】2022年新高考物理真题试卷（湖北卷）姓名：班级：考号：题号总分评分阅卷入得分一、选择题:本题共11小题，每小题4分，共4 4分。在每小题给出的四个选项中，第1 7题只有一项符合题目要求,第8 11题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。（共11题；共4 4分）1.（4分）上世纪四十年代初，我国科学家王瀚昌先生首先提出证明中微子存在的实验方案：如果静止原子核Be俘获核外K层电子e,可生成一个新原子核X,并放出中微子v e,即Be+_?e-X+gv e 根据核反应后原子核X的动能和动量，可以间接测量中微子的能量和动量，进而确定中微子的存在。下列说法
2、正确的是（）A.原子核X是1 LiB.核反应前后的总质子数不变C.核反应前后总质量数不同D.中微子Ve的电荷量与电子的相同2.（4分）2022年5月，我国成功完成了天舟四号货运飞船与空间站的对接，形成的组合体在地球引力作用下绕地球做圆周运动，周期约90分钟。下列说法正确的是（）A.组合体中的货物处于超重状态B.组合体的速度大小略大于第一宇宙速度C.组合体的角速度大小比地球同步卫星的大D.组合体的加速度大小比地球同步卫星的小3.（4分）一定质量的理想气体由状态a变为状态c,其过程如p-V图中a-c直线段所示，状态b对应该线段的中点。下列说法正确的是（）P46Vo 2Vn3Vo 4V()VA.a-
3、b 是等温过程 B.a-b 过程中气体吸热C.a-c 过程中状态b 的温度最低 D.a-c 过程中外界对气体做正功4.（4 分）密立根油滴实验装置如图所示，两块水平放置的金属板分别与电源的正负极相接，板间产生匀强电场。用一个喷雾器把密度相同的许多油滴从上板中间的小孔喷入电场，油滴从喷口喷出时由于摩擦而带电。金属板间电势差为U 时，电荷量为q、半径为r的球状油滴在板间保持静止。若仅将金属板间电势差调整为2 U,则在板间能保持静止的球状油滴所带电荷量和半径可以为（）C.2q,2rD.4q,2r5.（4 分）如图所示，质量分别为m 和 2m的小物块P 和 Q,用轻质弹簧连接后放在水平地面上，P 通过
4、一根水平轻绳连接到墙上。P 的下表面光滑，Q 与地面间的动摩擦因数为N，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。用水平拉力将Q 向右缓慢拉开一段距离，撤去拉力后，Q 恰好能保持静止。弹簧形变始终在弹性限度内，弹簧的劲度系数为k,重力加速度大小为g。若剪断轻绳，P 在随后的运动过程中相对于其初始位置的最大位移大小为()p W W Q/.A f1mg B 211mg c 4Hmg D k -k-k-k-6.（4 分）我国高铁技术全球领先，乘高铁极大节省了出行时间。假设两火车站W 和 G间的铁路里程为1080 km,W 和 G 之间还均匀分布了 4 个车站。列车从W 站始发，经停4 站后到达终点站G。设普通列车
5、的最高速度为108 km/h,高铁列车的最高速度为3242/21.O.郑.O.II-.O.O.M.O:出.O.郑.O.区.O.摒.O.氐.O.km/h。若普通列车和高铁列车在进站和出站过程中，加速度大小均为0.5 m*,其余行驶时间内保持各自的最高速度匀速运动，两种列车在每个车站停车时间相同，则从W 到 G乘高铁列车出行比乘普通列车节省的时间为（）A.6 小时25分钟 B.6 小时30分钟 C.6 小时35分钟 D.6 小时40分钟7.（4 分）一质点做曲线运动，在前一段时间内速度大小由v 增大到2 v,在随后的一段时间内速度大小由2V增大到5v。前后两段时间内，合外力对质点做功分别为W i和
6、W2,合外力的冲量大小分别为L 和 5 下列关系式一定成立的是（）A.W2=3WI,I2IIC.W2=7WI,I2II8.（4 分）在如图所示的平面内，分界线SP将宽度为L 的矩形区域分成两部分，一部分Q|P ：充满方向垂直于纸面向外的匀强磁场，另一部分充满方向垂直于纸面向里的匀强磁场,*：磁感应强度大小均为B,SP与磁场左右边界垂直。离子源从S 处射入速度大小不同的正离子，离子入射方向与磁场方向垂直且与SP成 30。角。已知离子比荷为k,不计重力。若离子从P 点射出，设出射方向与入射方向的夹角为0,则离子的入射速度和对应。角的可能组合为（X XX X X XX X X XA.|kBL,0 B
7、.1 kBL,0 C.kBL,60 D.2kBL,609.（4 分）近年来，基于变压器原理的无线充电技术得到了广泛应用，其简化的充电原理图如图所示。发射线圈的输入电压为22（）V、匝数为110（）匝，接收线圈的匝数为5（）匝。若工作状态下，穿过接收线圈的磁通量约为发射线圈的80%,忽略其它损耗，下列说法正确的是（）A.接收线圈的输出电压约为8 VB.接收线圈与发射线圈中电流之比约为22：1C.发射线圈与接收线圈中交变电流的频率相同D.穿过发射线圈的磁通量变化率与穿过接收线圈的相同10.（4 分）如图所示，一带电粒子以初速度vo沿 x 轴正方向从坐标原点O 射入，并经过点P（a0,b0）o若上述
8、过程仅由方向平行于y 轴的匀强电场实现，粒子从O 到 P 运动的时间为h,到达P 点的动能为Eki。若上述过程仅由方向垂直于纸面的匀强磁场实现，粒子从O 到 P 运动的时间为t2,到达P 点的动能为Ek2。下列关系式正确的是（）O a xA.ti t2 C.Eki Ek21 1.（4 分）如图所示，两平行导轨在同一水平面内。一导体棒垂直放在导轨上，棒与导轨间的动摩擦因数恒定。整个装置置于匀强磁场中，磁感应强度大小恒定，方向与金属棒垂直、与水平向右方向的夹角。可调。导体棒沿导轨向右运动，现给导体棒通以图示方向的恒定电流，适当调整磁场方向，可以使导体棒沿导轨做匀加速运动或匀减速运动。已知导体棒加速
9、时，加速度的最大值为字 g;减速时，加速度的最大值为V3 g,其中g 为重力加速度大小。下列说法正确的是（）4/2 1.O.郑.O.II-.O.O.M.O:出.O.郑.O.区.O.摒.O.氐.O.O.筑.O.I I-.O.堞.O.氐.O.一DI*P:S一8教一穿科:O.辑.O.K.O.堞.O.田.O.B.棒与导轨间的动摩擦因数为当C.加速阶段加速度大小最大时，磁场方向斜向下，0=60。D.减速阶段加速度大小最大时，磁场方向斜向上，0=150阅卷人得分二、非选择题:本题共5小题。共56分。（共5题；共56分）12.（7分）某同学设计了一个用拉力传感器验证机械能守恒定律的实验。一根轻绳一端连接固定
10、的拉力传感器，另一端连接小钢球，如图甲所示。拉起小钢球至某一位置由静止释放，使小钢球在竖直平面内摆动，记录钢球摆动过程中拉力传感器示数的最大值Tmax和最小值Tmin。改变小钢球的初始释放位置，重复上述过程。根据测量数据在直角乙（1）（2分）若小钢球摆动过程中机械能守恒。则图乙中直线斜率的理论值为（2）（2.5分）由图乙得：直 线 的 斜 率 为，小钢球的重力为 N（结果均保留2 位有效数字）（3）（2.5分）该 实 验 系 统 误 差 的 主 要 来 源 是（单选，填正确答案标号）。A.小钢球摆动角度偏大B.小钢球初始释放位置不同C.小钢球摆动过程中有空气阻力13.（9 分）某探究小组学习了
11、多用电表的工作原理和使用方法后，为测量一种新型材料制成的圆柱形电阻的电阻率，进行了如下实验探究。（1）（2 分）该小组用螺旋测微器测量该圆柱形电阻的直径D,示数如图甲所示，其读数为 mm。再用游标卡尺测得其长度L。（2）（2 分）该小组用如图乙所示的电路测量该圆柱形电阻Rx的阻值。图中电流表量程为0.6A、内阻为1.0C,定值电阻Ro的阻值为20.0C,电阻箱R 的最大阻值为999.9Q o 首先将S2置于位置1,闭合S i,多次改变电阻箱R 的阻值，记下电流表的对应读数I,实验数据见下表。R/QI/A1/A-15.00.4142.4210.00.3522.8415.00.3083.2520.
12、00.2723.6825.00.2444.1030.00.2224.50出根据表中数据，在图丙中绘制出彳-R 图像。再将S2置于位置2,此时电流表读数为6/2 1.O.郑.O.II-.O.O.M.O:.O.郑.O.区.O.摒.O.氐.O.O.筑.O.I I-.O.堞.O.氐.O.:O.辑.O.K.O.堞.O.田.O.0.400A。根据图丙中的图像可得R、=C（结果保留2位有效数字）。最后可由表一DI*P:S一8教一穿科（3）（2.5分）该小组根据图乙的电路和图丙的1-R图像，还可以求得电源电动势E=V,内阻r=C。（结果均保留2位有效数字）（4）（2.5分）持续使用后，电源电动势降低、内阻变大
13、。若该小组再次将此圆柱形电阻连入此装置，测得电路的电流，仍根据原来描绘的图丙的图像得到该电阻的测量值会（选填“偏大、偏小”或“不变”）o14.（9分）如图所示，水族馆训练员在训练海豚时，将一发光小球高举在水面上方的A位置，海豚的眼睛在B位置，A位置和B位置的水平距离为d,A位置离水面的高度为|do训练员将小球向左水平抛出，入水点在B位置的正上方，入水前瞬间速度方向与水面夹角为。小球在A位置发出的一束光线经水面折射后到达B位置，折射光线与水平方向的夹角也为。（1）（4.5 分）tan6 的值;（2）（4.5分）B 位置到水面的距离H。15.（15分）如图所示，高度足够的匀强磁场区域下边界水平、左
14、右边界竖直，磁场方向垂直于纸面向里。正方形单匝线框abed的边长L=0.2m、回路电阻R=1.6xl（）-3C、质量m=0.2kgo线框平面与磁场方向垂直，线框的ad边与磁场左边界平齐，ab边与磁场下边界的距离也为L。现对线框施加与水平向右方向成。=45。角、大小为4/2 N 的恒力F,使其在图示竖直平面内由静止开始运动。从 ab边进入磁场开始，在竖直方向线框做匀速运动；de边进入磁场时，be边恰好到达磁场右边界。重力加速度大小取g=10m/s2,求：；X X X;X X X；X X X XXXX X X：x X X!FX XX xX XX xX XX X（1）（5 分）ab边进入磁场前，线框
15、在水平方向和竖直方向的加速度大小；（2）（5 分）磁场的磁感应强度大小和线框进入磁场的整个过程中回路产生的焦耳热；（3）（5 分）磁场区域的水平宽度。16.（16分）打桩机是基建常用工具。某种简易打桩机模型如图所示，重物A、B 和 C 通过不可伸长的轻质长绳跨过两个光滑的等高小定滑轮连接，C 与滑轮等高（图中实线位置）时，C 到两定滑轮的距离均为L。重物A 和 B 的质量均为m,系统可以在如图虚线位置保持静止，此时连接C 的绳与水平方向的夹角为60。某次打桩时，用外力将C 拉到图中实线位置，然后由静止释放。设C 的下落速度为 厚时，与正下方质量为2m 的静止桩D 正碰，碰撞时间极短，碰撞后C
16、的速度为零，D 竖直向下运动 点距离后静止（不考虑C、D 再次相碰）。A、B、C、D 均可视为质点。8/21.O.郑.O.II-.O.O.M.O:出.O.郑.O.区.O.摒.O.氐.O.(I)(5分)求 C 的质量；(2)(5.5分)若 D 在运动过程中受到的阻力F 可视为恒力，求 F 的大小；(3)(5.5分)撤掉桩D,将 C 再次拉到图中实线位置，然后由静止释放，求 A、B、C 的总动能最大时C 的动能。答案解析部分L【答案】A【解析】【解答】根据质量数守恒和电荷数守恒，得核反应方程为:B e +_?e T；V e，原子核X是L i 原子核，A正确、C错误；B.根据核反应方程为：B e +
17、_?e T仙+ve,反应前的总质子数为4,反应后的总质子数为3,B错误；D.中微子不带电，电子带负电，D错误。故选A o【分析】根据质量数守恒和电荷数守恒，得出粒子种类以及电荷数和质量数。2.【答案】C【解析】【解答】A.组合体在天上做匀速圆周运动只受万有引力的作用，则组合体中的货物处于完全失重状态，A错误;B.第一宇宙速度为绕地球做圆周运动卫星最大的环绕速度，则组合体的速度大小略小于第一宇宙速度，B错误;C.已知同步卫星的周期为2 4 h,则根据角速度和周期的关系有211T=C t)由于T同 T组合体,则组合体的角速度大小比地球同步卫星的大，C 正确;D.由题知组合体在地球引力作用下绕地球做
18、圆周运动，有GMm=ma,GMm =maz2r整理有，3 =律,3 大对应r小，a 大。所以，r同 1 组 合 侬，a 同 a 组 合 体,D 错误。故选C。【分析】对于卫星，万有引力提供做圆周运动的向心力。代入圆周运动相关物理量的关系式求解。3.【答案】B【解析】【解答】AB.由空=C,当a-b 气体温度升高，且体积增大气体对外界做功，10/21.O.郑.O.II-.O.O.M.O:出.O.郑.O.区.O.摒.O.氐.O.O.筑.O.I I-.O.堞.O.氐.O.一DI*P:S一8教一穿科:O.辑.O.K.O.堞.O.田.O.则W0,由热力学第一定律AU=W+Q,可知ab过程中气体吸热，A错
19、误、B正确；C.根据理想气体的状态方程罕=c可知，LV图像的坐标值的乘积对应温度大小，a状态和c状态的坐标值的乘积相等，中间状态的坐标值乘积较大，所以a-c过程的温度先升高后降低，且状态b的温度最高，C错误；D.a-c过程气体体积增大，对外膨胀，外界对气体做负功，D错误。故选B。【分析】根据理想气体的状态方程，结合热力学第一定律求解。气体体积增大，外界对气体做负功。4.【答案】D【解析】【解答】mg-irr3 p=Eq,E=),对A和B,半径r不变，重力不变；电势差增大，则电场强度增大，电场力增大，不可能平衡。A和B错误。对C和D,半径r变为原来2倍，体积变为原来8倍，重力变为原来8倍；电势差
20、增大为原来2倍，则电场强度增大2倍，电荷量如果增加为原来4倍，则电场力增大为8倍，可以平衡。C错，D正确。故选D【分析】结合重力和电场力平衡，以及场强与电势差的关系式和球的体积公式求解。5.【答案】C【解析】【解答】Q恰好能保持静止时，设弹簧的伸长量为x,满足依=2卬ng若剪断轻绳后，物块P和Q与弹簧组成的系统受摩擦力，但摩擦力做功之和为零，系统机械能守恒，弹簧的最大压缩量也为x,因此P相对于其初始位置的最大位移大小为k故选C。【分析】利用摩擦力和弹力二力平衡以及系统机械能守恒得出结论。6.【答案】B【解析】【解答】1 0 8 km/h=3 0 m/s,3 2 4 km/h=9 0 m/s3相
21、邻两站间的距离X =竺咚IQ m=2 1 6 X 1 0 57n普通列车加速时间G 捐s-60 s加速过程的位移久1 =4 a t 2 =x 0 -5 x 602m =9 0 0 m根据对称性可知加速与减速位移相等，可得匀速运动的时间.x2 x-2xr 2 16X105-2X900.n，t 2 =得=-3 0-s =71 4 0 s所以列出在两站运动总时间为60 s x 2 +71 4 0 s =72 60 s同理高铁列车在两站运动总时间为1 8 0 x 2 s +2 2 2 0 s =2 58 0 s相邻两站间节省的时间72 60 s-2 58 0 s=4 68 0 s因此总的节省时间4 6
22、8 0 X 5s =6 小时3 0分故选B。【分析】多过程问题分析。结合匀变速直线运动的规律求解。7.【答案】D【解析】【解答】根据动能定理%=4 m(2 i7)2 小庐_ m v21 1 21W2=2 7n(5切2 -m(2 v)2=mv2则：v v2=7w i当初、末速度方向相同时，动量变化量最小，方向相反时，动量变化量最大，因此冲量的大小范围是m-2 v mv m-2 v +m v,即m u 3 mvm -5v m -2v Ir m -5v+m -2 v,即3/HD /2 IiD一定成立。故选D。12/21.o.郑.o.Il-.o.o.M.o:出.o.郑.o.区.o.摒.o.氐.o.【分
23、析】动量为矢量，具有方向性。动能定理可以求解一段过程在合外力做的功。8.【答案】B,C【解析】【解答】若粒子通过下部分磁场直接到达P 点，如图根据几何关系则有R=L,在匀强磁场中，nvB=,v=L =kBl“r m出射方向与入射方向的夹角为0=60%当粒子上下均经历一次时，如图L 因为上下磁感应强度均为B,根据洛伦兹力提供向心力有=*，v=弹力BI此时出射方向与入射方向相同6=0o综上所述：出射方向与入射方向的夹角为9=60。，需满足”=母1示=灯（n为正整数）出射方向与入射方向的夹角为e=。，需满足 鬻=*如（n 为正整数）此时。故可知BC正确，AD错误。故选BC,【分析】带电粒子在磁场中做
24、圆周运动。洛伦兹力提供向心力。画出运动轨迹结合几何关系即可。9.【答案】A,C【解析】【解答】A.根据1 0%n2 u2可得接收线圈的输出电压约为U2=8V；B.根据线圈原副线圈功率不变。?=*X8O%=塔，故 B 错误；L-i U n/to。C.变压器是不改变其交变电流的频率，故 c 正确；D.由于穿过发射线圈的磁通量与穿过接收线圈的磁通量大小不相同，所以穿过发射线圈的磁通量变化率罪与穿过接收线圈的不相同，故 D 错误。故选AC。【分析】由于存在磁通量损耗，但由于没有其他损耗，原副线圈获得功率或者能量相等。10.【答案】A,D【解析】【解答】粒子在电场中运动时沿x 轴方向做匀速运动，速度不变
25、；在洛伦兹力作用下，合速度不变，但沿x 轴速度在不断减小，所以在磁场作用下运动时间更长。在电场力作用下，带电粒子做平抛运动，电场力做正功，使粒子动能增大，所以%iEk2。故选AD【分析】洛伦兹力永远不做功，不改变速度大小，只改变运动方向：粒子在电场中做类平抛运动。14/21.O.郑.O.II-.O.O.M.O:出.O.郑.O.区.O.摒.O.氐.O.oooo然on|p曲o1 1.【答案】B,C【解析】【解答】向右加速运动时，导体棒加速且加速度最大时，磁场方向斜向右下方，安培力应该斜向右上方，正交分解可得在水平方向：产 s i nO+4 m geo s。F女vs i n0 u(mq F,J:OS
26、0)=ma,女“八,已 女 a=-m-u2q1由三角函数辅助角公式as i na+bcosa=V a2 4-62s i n(a+0)(t an0 =)得加速度a 的最大值为 上 安 工/)2。一 g 1常仙)导体棒减速，且加速度最大时，合力向左最大，安培力应该斜向左下方，磁场方向斜向、F.s i ne+7 ngco s。右下方。F 妥 s i n。+(mg 4-F 安 co s。)=ma,a _+m由三角函数辅助角公式as i na+bcosa=yja2+62s i n(cr +/?)(t an0 =。)可知加速度a 的最大值为 上 曝 2。代入题中数据可得=萼,将=亨 代入加速度表达式，结合
27、三角函数辅助角公式可得两次加速度取得最大值时，磁场方向与水平向右方向的夹角9分别为6 0 度 和 1 2 0 度。故选：B Co女o【分析】核心是对物体进行受力分析，简单的数学变换用到复制的物理过程中，对数学知识的要求有点高。1 2 【答案】(1)-2(2)-2.1；0.5 9(3)C【解析】【解答】(1)设在最高点绳子与竖直方向夹角为。，贝 i j T m i n=m gcOS。从最高点到最低点由动能定理得：m gLs i n0 =m v2/在最低点由牛顿第二定律得：T m ax m g =邛 联立以上方程得：Tm ax=3 r ng-2 Tm i n,则图乙中直线斜率的理论值为-2oo(2
28、)代入直线上(0,1.7 7)和(0.2,0)两点坐标得k =1/7二f5 =_ 2 1，u-u,zu小钢球质量为m=0 -5 9 k g(3)由于存在空气阻力，使得减小的重力势能大于增加的动能。所以选C。【分析】(1)联立机械能守恒定律，牛顿第二定律解方程即可。(2)将图像上的点代入求得斜率即可。(3)由于存在空气阻力，使得减小的重力势能大于增加的动能。1 3.【答案】(1)3.7 02(2)6.0；7口 R x4L(3)1 2；3.0(4)偏小【解析】【解答】(1)螺旋测微器固定刻度读数3 毫米，半毫米刻度线露出，可动刻度2 0 o所以最终读数为：3 nwn+0 -5 m m+2 0 0
29、x 0 0 1 m m -3 -7 0 0 m m(2)由闭合电路欧姆定律可得E =/(r+R0+R +RA),寿 彳=必 瞥 也=，+r+R o+R/EE为斜率倒数，斜率=缥 年，得 E=1 2伏。r+R 4=2,=3 0 ,将电流 0.4 0 0 A 代入E =/(r+Ro+Rx+RA),得R*=6-0/2R x=7pl _ T TD Rx4L(3)由(2)分析得 E=1 2 伏，r =3-0 J 2o(4)根据表达式E =/(r+R0+Rx+RA)r 咨&=j-r-R0-RA因电源电动势变小，内阻变大，则当安培表由相同读数时，得到的R x 的值偏小，即电阻测量值偏小。【分析】(1)螺旋测
30、微器读数要估读到千分之一毫米。(2)根据全电路欧姆定律，代入物理量化简即可16/21.O.郑.O.II-.O.O.M.O:出.O.郑.O.区.O.摒.O.氐.O.O然（3）结合电阻定律，代入题中已知条件即可求解。（4）结合电阻表达式进行分析。1 4.【答案】（1）小球做平抛运动。在水平分析做匀速直线运动：x=d=vot,竖直方向做自由落体运动：学=3 2gt 4t a n。=孙3（2）设入射角为a,入射角是入射光线和法线夹角，则s i n a =n s i n =ncosd=4-5=4-3X3-5On|p曲设光到达水面位置与A正下方距离为X。则X =挚 x s i n a =挚 x 告=黑，H
31、 （d X）t a n 0 =鬻【解析】【分析】（1）利用平抛运动规律求解。（2）入射角是入射光线和法线夹角，反射角是反射光线和法线夹角。结合几何关系求解。1 5.【答案】（1）在水平方向和竖直方向分别由牛顿第二定律得：尸 co s 4 5。=.max,F s i n 4 5 mg=may 得：ax=20 m/s2,ay=1 O m/s2（2）a b 边进入磁场开始，a b 边在竖直方向切割磁感线，a d和 b e边的上部分产生的感应：电动势相互抵消，则整个回路的电动势为a b 边产生的感应电动势。E E=B L vyF s i n 4 5 0 -mg -B1 L=0 1 =-Vy2=2aL：
32、解得 B=0.2T：安培力做功产生焦耳热，线框匀速运动，安培力为恒力。.则 Q =w 个=BIL,L =2x 0-2/=0-4/（3）从开始运动到进入磁场，在竖直方向上：L=ayt12；进入磁场，/=2ayL,乙=犷 2,总运动时间弓=1 +攵:解得t =0 -3 s代 水平方向位移为X =axt22=X 20 X 0 -32m=0 -9 m磁场区域的水平宽度d=X+L=0.9 m+0.2m=1.1 m【解析】【分析】（1）在水平方向和竖直方向分别由牛顿第二定律列方程求解。（2）安培力做功产生焦耳热，线框匀速运动，安培力为恒力。结合电磁感应定律求解。（3）利用竖直位移求出时间，水平方向做匀加速
33、直线运动。1 6.【答案】（1）物体在虚线位置静止，根据平衡条件可知乙。=2/n gs i n 6 0 =V 5 r n g可得：mc=V 3 m（2）C和 D碰撞过程动量守恒，J jL.m c o +mDVD-3叵215D向下运动过程由动能定理得：mgL-F.=o-I m V o2得 F=6.5m g（3）设C 的速度为V,绳与竖直方向夹角为仇 则匕!=UB=V co s。C 下落过程机械能守恒T H cg/i -2 m g L）mvc2+2 -m VA2 h=系统总动能EK=n i cg h 2 z n g 晨g L）对该式求导，得co s e =孚，0 =30%时式子有最大值。将co s
34、。=亭，。=3 0。代入n i cg/i -2 m g cosd =m vc2+2 -m VA2得 4-2 V 3；mgL【解析】【分析】（1）静止时受力平衡，列方程求解，结合平行四边形法则运算得到结果。（2）碰撞过程动量守恒，结合动能定理求解。（3）下落过程机械能守恒。列出动能表达式，利用求导求解最大值。18/21.O.郑.O.II-.O.O.M.O:出.O.郑.O.区.O.摒.O.氐.O.OO郑OO*:血:区;国OO岬教堞堞穿:O料O女-OO试题分析部分1 试卷总体分布分析总分：100分分值分布客观题（占比）44.0(44.0%)主观题（占比）56.0(56.0%)题量分布客观题（占比）1
35、1(68.8%)主观题（占比）5(31.3%)2、试卷题量分布分析大题题型题目量（占比）分 值（占比）选择题:本题共11小题，每小题4 分，共44分。在每小题给出的四个选项中，第1 7 题只有一项符合题目要求，第 8 11题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2 分，有选错的得0分。11(68.8%)44.0(44.0%)非选择题:本题共5小题。共 56分。5(31.3%)56.0(56.0%)3、试卷难度结构分析序号难易度占比1普通(81.3%)2容易(6.3%)O.郑.O.K.O.摒.O.氐.O.出:O.郑.O.I I-.O.揩.O.M.O:20/213困难(12.5%)4
36、、试卷知识点分析序号知识点（认知水平）分值（占比）对应题号1电场强度和电场线4.0(4.0%)42卫星问题4.0(4.0%)23匀变速直线运动基本公式应用4.0(4.0%)64胡克定律4.0(4.0%)55安培力4.0(4.0%)116电荷在电场中的偏转4.0(4.0%)107验证机械能守恒定律7.0(7.0%)128机械能守恒及其条件20.0(20.0%)5,169共点力平衡条件的应用16.0(16.0%)1610动量定理4.0(4.0%)711平抛运动9.0(9.0%)1412电磁感应中切割类问题15.0(15.0%)1513动量守恒定律16.0(16.0%)1614理想气体的状态方程4.0(4.0%)315匀强电场电势差与场强的关系4.0(4.0%)4n|p曲然ooo女o16变压器原理4.0(4.0%)917牛顿第二定律4.0(4.0%)1118核反应方程4.0(4.0%)119带电粒子在匀强磁场中的圆周运动8.0(8.0%)8,1020测定金属的电阻率9.0(9.0%)1321光的折射9.0(9.0%)1422动能定理的综合应用4.0(4.0%)723宇宙速度4.0(4.0%)2