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1、word版可编辑】江西省宜春市新高考物理精选实验题100题汇总精选高考物理实验题1 0 0 题含答案有解析1.用油膜法估测分子大小的实验步骤如下：向体积为V1 的纯油酸中加入酒精，直到油酸酒精溶液总量为V2；用注射器吸取上述溶液，一滴一滴地滴入小量筒，当滴入n 滴时体积为Vo；先往边长为3 0 4 0 cm的浅盘里倒入2 c m 深的水；用注射器往水面上滴一滴上述溶液，等油酸薄膜形状稳定后，将事先准备好的玻璃板放在浅盘上，并在玻璃板上描出油酸薄膜的形状；将画有油酸薄膜轮廓形状的玻璃板，放在画有许多边长为a 的小正方形的坐标纸上；计算出轮廓范围内正方形的总数为N,其中不足半个格的两个格算一格，多
2、于半个格的算一格。上述实验步骤中有遗漏和错误，遗漏的步骤是;错误的步骤是（指明步骤，并改正），油酸分子直径的表达式“=oW【答案】将排子粉均匀撒在水面上 应该是不足半格的舍去，多于半格的算一格【解析】【分析】【详解】1 由实验步骤可知，缺少的实验步骤是，在步骤后加上：将琲子粉均匀撒在水面上。错误的是步骤，应该改为：计算出轮廓范围内正方形的总数为N,其中不足半个格舍去，多于半个格的算一格。一滴油酸酒精溶液含有纯油酸的体积H工里n V2 nV2油膜的面积S=Na2油酸分子的直径，一S Nna2V22.某同学利用图甲所示装置探究“加速度与力、物体质量的关系”。图中装有硅码的小车放在长木板上，左端拴有
3、一不可伸长的细绳，跨过固定在木板边缘的定滑轮与一祛码盘相连。在祛码盘的牵引下，小车在长木板上做匀加速直线运动，图乙是该同学做实验时打点计时器打出的一条点迹清晰的纸带，已知纸带上每相邻两个计数点间还有一个点没有画出，相邻两计数点之间的距离分别是七、9、七、七、七、4,打点计时器所接交流电的周期为T,小车及车中祛码的总质量为叫，祛码盘和盘中祛码的总质量为吗，当地重力加速度为g.iTAitHV或用记动方向tt/(1)根据纸带上的数据可得小车运动的加速度表达式为a=(要求结果尽可能准确)。(2)该同学探究在合力不变的情况下，加速度与物体质量的关系。下 列 说 法 正 确 的 是.A.平衡摩擦力时，要把
4、空祛码盘用细绳通过定滑轮系在小车上，纸带通过打点计时器与小车连接，再把木板不带滑轮的一端用小垫块垫起，移动小垫块，直到小车恰好能匀速滑动为止B.平衡摩擦后，还要调节定滑轮的高度，使滑轮与小车间的细绳保持水平C.若用吗g 表示小车受到的拉力，则为了减小误差，本实验要求犯？网D.每次改变小车上祛码的质量时，都要重新平衡摩擦力(3)该同学探究在町和性的总质量不变情况下，加速度与合力的关系时，他平衡摩擦力后，每次都将小车中的硅码取出一个放在祛码盘中，并通过打点计时器打出的纸带求出加速度。得到多组数据后，绘出如图丙 所 示 的 图 像，发现图像是一条过坐标原点的倾斜直线。图 像 中 直 线 的 斜 率
5、为 (用本实验中相关物理量的符号表示)。【解析】【详解】因为每相邻两计数点之间还有一个点为画出，为了减小偶然误差，采用逐差法处理数据，则有x6-x3 3a,(2T)2,x5-x2=3a2(2T)2,x4-xt=3a3(2T)2,为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得1,、a-a+a2+a3)解得(玉+毛+毛)-(占+毛+毛)36T2 A.在该实验中，我们认为绳子的拉力就等于小车所受的合外力，故在平衡摩擦力时，细绳的另一端不能悬挂装祛码的祛码盘，故 A 错误；B.平衡摩擦后，还要调节定滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行，故 B 错误；C.本实验中，对小车及车中祛码由牛顿第
6、二定律得T =mia对托盘和钩码由牛顿第二定律得myg T =m2a两式联立解得*叫g1 +外叫由此可知只有满足盘和祛码的总质量远小于小车质量时，近似认为T m.g,故C正确；D.由于平衡摩擦力之后有町 g si n 8 =4町 g e o s。故t an 8 =所以无论小车的质量是否改变，小车所受的滑动摩擦力都等于小车的重力沿斜面的分力，改变小车质量时不需要重新平衡摩擦力，故D错误。故选C。3对盘和祛码m2g-F -m2a对小车F -rna联立解得m2g=（m+，巧）a认为合力F =,所以F+吗）a即Fa=-m+m,1a-尸图象是过坐标原点的倾斜直线，直线的斜率表示-。肛+“3.某同学设计了
7、如下实验装置，用来测定小滑块与桌面间的动摩擦因数。如图甲所示，水平桌面上有一滑槽，其末端与桌面相切，桌面与地面的高度差为让小滑块从滑槽的最高点由静止滑下，滑到桌面上后再滑行一段距离乙，随后离开桌面做平抛运动，落在水面地面上的P 点，记下平抛的水平位移X。平移滑槽的位置后固定，多次改变距离L,每次让滑块从滑槽上同一高度释放，得到不同的水平位移X。作出/L 图像，即可根据图像信息得到滑块与桌面间的动摩擦因数(重力加速度为g)(1)每次让滑块从滑槽上同一高度释放，是为了若小滑块离开桌面时的速度为v,随着L 增大v 将会(选填增大、不变或减小)(3)若已知好一心图像的斜率绝对值为,如图乙所示，则滑块与
8、桌面间的动摩擦因数=(用本题中提供的物理量符号表示)【答案】保证滑块到达滑槽末端的速度相同 减小 4【解析】【详解】每次让滑块从滑槽上同一高度释放，是为了保证到达斜面体底端的速度相同；(2)2滑块离开滑槽后，受到摩擦力作用，做匀减速直线运动，设离开滑槽的速度为v o,根据运动学公式可知*一，=2 gL随着L 增大，v 将会减小；(3)网滑块从桌边做平抛运动，则有,1 2n-gt,x-vt且有*_=2MgL联立解得2x=-A/dhL8若 x2-L 图像的斜率绝对值为k,则有=k得4.如图甲，是“探究功与速度变化的关系”的实验装置，当质量为0 总的小车，在 1 条橡皮筋作用下弹出时，橡皮筋对小车做
9、的功记为W;当用2 条、3 条 完全相同的橡皮筋进行第2 次、第 3 次 实验时，由于每次实验中橡皮筋的拉伸长度相同，因此第2 次、第 3 次 实验中，橡皮筋对小车做的功分别为2W、3W，每次实验中小车获得的最大速度可由打点计时器所打出的纸带求出。贝 U：（1）关于该实验，下列说法中正确的是_（填选项序号字母）。A.必须平衡摩擦力B.打点计时器可以用干电池供电C.每次实验，小车必须从同一位置由静止释放D.可以选用规格不相同的橡皮筋（2）图乙为某次用1 条橡皮筋实验打出的纸带，测得A、B、C、D、E 相邻两点间的距离分别为A B =1.60cm,B C=l.62cm,C D =1.64cm,D
10、E =.64cm,则 小 车 获 得 的 最 大 速 度 为/S。如果用 2条橡皮筋做实验，那么，在理论上，小车获得的最大动能为_ 1/（结果保留两位有效数字）。_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ 华 也 e.）卜 1 6 0 6 2 +14+1.64 T R 卜 T0B 川L【答案】AC 0.82 0.067【解析】【详解】（1）1.A.为了保证小车的动能都是橡皮筋做功的结果，必须平衡摩擦力，长木板要适当的倾斜，故A 正确。B.打点计时器使用的是低压交流电源。故
11、 B错误；C.根据实验原理可知，每次实验，小车必须从同一位置由静止弹出。故 C 正确。D.根据实验原理可知，橡皮筋必须是相同的，故 D 错误。故选AC（2）23.要测量最大速度，应该选用点迹恒定的部分。即应选用纸带的C、D、E 部分进行测量，时间间隔为0.02s,最大速度：X1.64xl0-20.02=0.82m/s如果用2 条橡皮筋做实验，那么在理论上，小车获得的最大动能为E.=2-mvl=0.1x0.822J=0.067J25.某同学为验证机械能守恒定律设计了如图所示的实验，一钢球通过轻绳系在O 点，由水平位置静止释放，用光电门测出小球经过某位置的时间加，用刻度尺测出该位置与O 点的高度差
12、h（已知重力加速度为 g）-9 彳0!/I光电”（1）为 了 完 成 实 验 还 需 测 量 的 物 理 量 有（填正确答案标号）。A.绳 长 1 B.小球的质量m C.小球的直径d D.小球下落至光电门处的时间t（2）正确测完需要的物理量后，验 证 机 械 能 守 恒 定 律 的 关 系 式 是 （用已知量和测量量的字母表示）。1 2【答案】c g匹际【解析】【分析】【详解】（1）1系统机械能守恒时满足mgh=,nv2又dv=一Z解得,d2gh=-2（加）2还需要测量的量是小球的直径doJ2（2）2由（1）知 成立时，小球机械能守恒。2（4）26.第 34届全国青少年科技创新大赛于2019年
13、 7 月 20-26日在澳门举办，某同学为了测试机器人内部电动机的电阻变化，对一个额定电压为6 V,额定功率约为3.5W小型电动机（线圈电阻恒定）的伏安特性曲线进行了研究，要求电动机两端的电压能从零逐渐增加到6 V,实验室备有下列器材：A.电 流 表（量 程 1:00.6 A,内阻约为1量程11:03 A,内阻约为0.1。）B.电压表（量程为06 V,内阻几千欧）C.滑动变阻器Ri（最大阻值10 C,额定电流2 A）D.滑动变阻渊Ra最大阻值1 750 Q,额定电流0.3 A）E.电池组（电动势为9 V,内阻小于1Q）（1）实验中所用的滑动变阻器应选一（选填c”或D”），电 流 表 的 量 程
14、 应 选（选填 I”或n）.（2）请用笔画线代替导线将实物图甲连接成符合这个实验要求的电路。（）（3）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P,改变加在电动机上的电压，实验中发现当电压表示数大于IV时电风扇才开始转动，电动机的伏安特性曲线如图乙所示，则 电 动 机 线 圈 的 电 阻 为。，电动机正常工作时的输出机械功率为 W。（保留两位有效数字）【解析】【详解】（1）12.电风扇的额定电流/=（=0.5 8 A,从读数误差的角度考虑，电流表选择量程I。电风扇的电阻比较小，则滑动变阻器选择总电阻为10 Q 的误差较小，即选择C。（2）3 .因为电压电流需从零开始测起，则滑动变阻器采用分压式接法，电风扇
15、的电阻远小于电压表内阻，属于小电阻，电流表采用外接法。则可知对应的实物图如答案图所示。（3）45.电压表读数小于I V 时电风扇没启动，由图象可知1=0.4 A。根据欧姆定律得/?=2.5Q,1 0.4正常工作时电压为6 V,根据图象知电流为0.57 A,则电风扇发热功率P=I2R=0.572X2.5 W=0.81 W则机械功率P=UI-I2R=6X0.57 W-0.81 W=2.61 W=2.6 WO7.某同学利用如图所示的装置来测量动摩擦因数，同时验证碰撞中的动量守恒。竖直平面内的一斜面下端与水平面之间由光滑小圆弧相连，斜面与水平面材料相同。第一次，将小滑块A 从斜面顶端无初速度释放，测出
16、斜面长度为1,斜面顶端与水平地面的距离为h,小滑块在水平桌面上滑行的距离为X 1（甲图）；第二次将左侧贴有双面胶的小滑块B放在圆弧轨道的最低点，再将小滑块A 从斜面顶端无初速度释放，A与 B碰撞后结合为一个整体，测出整体沿桌面滑动的距离X2（图乙）。已知滑块A 和 B的材料相同，测出滑块A、B的质量分别为mi、m 2,重力加速度为g。通过第一次试验，可得动摩擦因数为y；（用字母I、h、X1表示）通过这两次试验，只要验证_ _ _ _ _ _ _ _ _，则验证了 A 和 B碰撞过程中动量守恒。（用字母mi、m2、刈、X2表示）【答案】7/2-A2+x 町 嘉=（町+祖2）丘【解析】【分析】【详
17、解】（1）1.对小滑块下滑到停止过程，据动能定理得/gh-g -1-jumgxi=0解得_ h /2-h2+%1（2）2.对小滑块A滑到斜面最低点的速度为v”在水平桌面上时，据牛顿第二定律得pmig=ni|a解得a=1*g据速度位移关系公式得h=j 2g X 设 A与 B碰撞后速度为V2,同理得根据A、B碰撞过程动量守恒得miVi=（mi+m2）V 2联立解得叫 毒=（叫+吗）嘉8.某实验小组测定一电流表的内阻RQ实验室提供如下器材：A.待测电流表（量程为0 1 0 加4,内 阻 此 约 10。）；B.电 阻 箱&（最大阻值为9 9.9 Q）；C.滑动变阻器4（最大阻值1 2 0 0。，额定电
18、流0.5 A ）；D.滑动变阻相与（最大阻值1 2 0 0,额定电流1.5 A ）;E.电 源（电动势约1 0 V ,内阻不计）；F.开关两个，导线若干。设计了如图甲所示的电路图，实验步骤如下：甲根据实验设计的电路图连接好电路，正确调节滑动变阻器R；先闭合工，使工保持断开状态，调节滑动变阻器R滑片P的位置，使得待测电流表示数达到满偏电流10 保持滑动变阻器R滑片P的位置不动，闭合邑，并多次调节变阻箱飞,记下电流表的示数/和对应的电阻箱的阻值与。1 1 1 1以不为纵坐标，为横坐标作出了：一方图线，如图乙所示；I 0 1（）根据图线的相关数据求解电流表的内阻&;回答下列问题:实 验 中 应 选
19、择 滑 动 变 限 器（填“4”或“a”），实验前，先将滑动变阻器滑片p移 到 一（填或“与”）端；1 1在调节电阻箱过程中干路电流几乎不变，则：与 的关系式为.1%（用题中所给出物理量的字母表示），根 据 图 象 中 的 数 据 求 出 电 流 表 的 内 阻 此=（结果保留两位有效数字）;（3）用这种方法测量出的电流表内阻比电流表内阻的真实值_ _ _ _ _ （填“偏大”“相等”或“偏小”）。【答案】4 b_1 =jRA 1 1/4月48.6 1 偏小【解析】【详解】电流表满偏时电路中的总电阻为0.0 1 A=1 0 0 0。所以滑动变阻器的电阻不能小于1 0 0 0。，滑动变阻器选择4
20、 ；2 .实验前，先将滑动变阻器连入电路中的电阻调至最大，所以滑片P应移到力端。（2）3 .因为电流表满偏时在调节电阻箱过程中干路电流几乎不变有整理得1 _&1+1/，0 A，0 4 .由图象得图线斜率,(0.5 0-0.10)mA-1k _0.50Q-1由表达式可得其中/=10mA=1x10-2A,解得RA-8.0。(3)5,电 流 表 内 阻 根 据 求 得，闭合&后，电路中的总电阻略有减小，所以干路电流稍微增大,即大于满偏电流1 0 m A,而用来计算内阻时仍用H)m A,所以测量值比真实值偏小。9.一根均匀的细长空心金属圆管，其横截面如图甲所示，长度为L,电阻R 约为5。，这种金属的电
21、阻率 为 P，因管线内径太小无法直接测量，某同学设计下列实验方案尽可能精确测定它的内径d；(1)用螺旋测微器测量金属管线外径D,图乙为螺旋测微器校零时的示数，用该螺旋测微器测量的管线外径读数为5.200m m,则所测金属管线外径D=mm.(2)为测量金属管线的电阻R,取两节干电池(内阻不计)、开关和若干导线及下列器材：A.电流表00.6 A,内阻约0.050B.电流表03 A,内阻约0.01。C.电压表。3 V,内阻约10kCD.电压表01 5 V,内阻约50kQE.滑动变阻器，010。(额定电流为0.6A)F.滑动变阻器，0100。(额定电流为0.3A)为准确测出金属管线阻值，电流表应选_
22、_ _ _ _ _ _,电压表应选_ _ _ _ _ _,滑动变阻器应选_ _ _ _ _ _ _(填序号)(3)如图丙所示，请按实验要求用笔代线将实物图中的连线补充完整_ _ _ _ _ _ _.(4)根据已知的物理量(长度L、电阻率p)和实验中测量的物理量(电压表读数U、电流表读数I、金属管线外径D),则金属管线内径表达式d=【解析】【详解】(1)口 螺旋测微器校零时的示数3.3x0.01 mm=0.033mm螺旋测微器测量的管线外径读数为5.200m m,则所测金属管线外径D=5.200-0.033mm=5.167mm.(2)两节新的干电池电动势为3 V,因此电压表选择3 V 的量程，即
23、为C；3 因为电量中最大电流大约为为了测量的精确，电流表应选择A,4 滑动变阻器采用限流式接法，因为待测电阻较小，所以滑动变阻器选择E.(3)5 由于待测电阻的平方小于电压表与电流表内阻的乘积，属于小电阻，所以电流表采用外接法，连接滑动变阻器的滑片接头错误，应该在接线柱;(4)6 该实验需要测量空心金属管的内径，通过欧姆定律测出电阻的大小，结合电阻定律测出横截面积,从而根据外径求出内径的大小.故所需测量的物理量为金属管的长度L、金属管的外径D、加在管两端的电压U、通过管的电流强度L据欧姆定律得，R =y,又 R=，则 S=*,因为I 3 Us=汉2）2 一次 d p2 2解得：10.一个小灯泡
24、的额定电压为2.0V 额定电流约为0.5 A,选用下列实验器材进行实验，并利用实验数据描绘和研究小灯泡的伏安特性曲线。A.电源E：电动势为3.0 V,内阻不计；B.电压表Vi：量程为0 3 V,内阻约为Ik C；C.电压表V2：量程为0 1 5 V,内阻约为4k。；D.电流表A”量程为0 3 A,内阻约为0.1。；E.电流表A2：量程为0 0.6 A,内阻约为0.6C；F.滑动变阻器：最大阻值为10。，额定电流为0.3A；G滑动变阻器&：最大阻值为1 5 0,额定电流为1.0A；H.滑动变阻器6：最大阻值为150。，额定电流为1.（）A；L 开关S,导线若干。实验得到如下数据（/和 U 分别表
25、示通过小灯泡的电流和加在小灯泡两端的电压）:/A0.000.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50U/V0.000.200.400.600.801.001.201.401.601.802.00 实 验 中 电 压 表 应 选 用；电流表应选用；滑 动 变 阻 器 应 选 用.（请填写器材前对应的字母）（2）请你不要改动已连接导线，补全图甲所示实物电路图_ _ _ _ _ _ _ _ _.闭合开关前，应使滑动变阻器的滑片处在最（选填“左”或“右”）端。乙(3)在如图乙所示坐标系中画出小灯泡的U-1曲线0 a r 0.2 o.ro?4 0.5/A【解 析】【详
26、 解】(1)123.灯 泡 的 额 定 电 压 为 2.0 V,电 压 表 应 选 B；灯 泡 的 额 定 电 流 为 0.5A,则 电 流 表 应 选 E；为方便实验操作，且允许通过的最大电流不能小于0.5A,则 滑 动 变 阻 器 应 选 G。(2)45.灯泡正常发光时的电阻R=Q=4QI 0.5三=旦。6.67RA 0.6QRv W00Q-=-=Z JUR 4Q故丸)JLR RA则电流表应采用外接法，由表中实验数据可知，电压与电流从零开始变化，则滑动变阻器应采用分压式接法，电路图如图所示；闭合开关前，滑片应置于滑动变阻器最左端。(3)6.根据表中实验数据，在坐标系中描出对应的点，然后作出
27、灯泡的U-/曲线如图所示。0 0 0.2 0 3 0.4 0 511.某同学设计以下的实验测量某一小电动机的转速，实验主要步骤如下，完成下列填空。电动机转轴打点计时器小夹0 t纸带1.52 cm 1.50 cml.51 cmABC丙用游标卡尺测量电动机转轴的直径如图甲所示，测量值为 c mo(2)取一根柔软的无弹性的细线，把细线的一端用少许强力胶水固定在电动机的转轴上。(3)如图乙所示，把细线的另一端用小夹与纸带的左端相连，让纸带水平穿过打点计时器的限位孔。打点计时器所用的交流电频率为5()Hz o(4)打开打点计时器，再开动电动机，细线顺次排列绕在电动机的转轴上，同时拉动纸带向左运动，打出的
28、纸带如图丙所示。由以上数据计算电动机的转速为 r/s(计算结果保留整数)实验中存在系统误差使测量结果偏大。写出造成该系统误差的一个原因：【答案】0.50 48 细线有直径【解析】【详解】(1)口 游标卡尺的主尺示数为5 m m。游标尺的0 刻线与主尺的某刻线对齐，示数为0,则测量值为5 m m +0.0 mm=5.0 mm=0.50 cm(4)取纸带上的A O 段计算纸带运动的速度，有该速度即为电动机转动时转轴边缘的线速度。转轴边缘做圆周运动，则转速v75.5cm/sn=48r/s2nR 3.14x 0.50cm网细线有直径，在轴上绕行的过程相当于增大了转轴的直径，而上式仍按电动机原有直径进行
29、计算，得到的计算值偏大。1 2.利用如图所示的电路既可以测量电压表和电流表的内阻，又可以测量电源电动势和内阻，所用到的实验器材有：两个相同的待测电源（内阻r 约 为 1。）电阻箱Ri（最大阻值为999.9。）电阻箱R2（最大阻值为999.9。）电压表V（内阻未知）电流表A（内阻未知）灵敏电流计G,两个开关Si、S2主要实验步骤如下：按图连接好电路，调节电阻箱Ri和 R2至最大，闭合开关舟和S 2,再反复调节Ri和 R 2,使电流计G的示数为0,读出电流表A、电压表V、电阻箱由、电阻箱R2的示数分别为0.40A、12.0V,3O.60 28.2C；反复调节电阻箱Ri和 R 2（与中的电阻值不同）
30、，使电流计G 的示数为0,读出电流表A、电压表V的示数分别为0.60A、11.7Vo回答下列问题：步骤中，电流计G 的示数为0 时，电路中A 和 B两点的电势差UA B=V；A 和 C 两点的电势差UA C=V；A 和 D 两点的电势差UA D=V；（2）利用步骤中的测量数据可以求得电压表的内阻为 S1,电流表的内阻为（3）结合步骤步骤的测量数据，电源电动势E 为 V,内阻为【答案】0 12.0V-12.0V 1530。1.812 12.6V 1.50【解析】【分析】【详解】（1）123.步骤中，电流计G 的示数为0 时，电路中AB两点电势相等,即A 和 B两点的电势差UAB=0V；A 和 C
31、 两点的电势差等于电压表的示数，即 U,、c=12V；A 和 D 两点的电势差UA D=2V；.利用步骤中的测量数据可以求得电压表的内阻为u12斤=-Q=153OQ0.4-UR,30.6电流表的内阻为R 城-R,=工-28.2=1.804 I 0.4.由闭合电路欧姆定律可得2E=2UAc+I-2r即2E=24+0.8r同理2E=2UAC+I-2r即2E=2xll,7+0.6-2r解得E=12.6Vr=1.5021 3.某学习小组利用图甲装置做“验证机械能守恒定律”实验，其主要实验步骤如下：A.用游标卡尺测量挡光条的宽度为d,用天平测量滑块(含挡光条)的质量为M,祛码盘及祛码的总质量为m；B.调
32、整气垫导轨水平；C.光电门移到B处，读出A 点到B点间的距离为X”滑块从A 处由静止释放，读出挡光条通过光电门的挡光时间为h；D.多次改变光电门位置，重复步骤C,获得多组数据。请回答下列问题:0 12 3(1)用游标卡尺测量挡光条的宽度时示数如图2 所示，其读数为 mm；(2)调整气垫导轨下螺丝，直 至 气 垫 导 轨 工 作 时 滑 块 轻 放 在 导 轨 上 能,表明导轨水平了；(3)在实验误差允许范围内，机械能守恒定律得到验证，则如图丙图象中能正确反映光电门的挡光时间t 随滑块的位移大小x 的变化规律的是【解 析】【分 析】【详 解】(1)1因 游 标 尺 是20分 度 的，则 游 标
33、卡 尺 的精确度为0.05m m,则其读数d=3mm+8x 0.05mm=3.40mm(2)调整气垫导轨下螺丝，直至气垫导轨工作时滑块轻放在导轨上能静止，表明导轨水平。(3)3动能的增量EK+m)y r重力势能的减小量tsEp=mgx机械能守恒需要验证动能的增量等于重力势能的减小量，则1八，、/M+m)=mgx2则有1 =2mg rfj2(M+m)d2AB C错 误D正 确。故 选D。1 4.用 分 度 为0.05 mm的游标卡尺测量某物体的厚度时，示数如图，此示数为 mm。6 7 8 rmi i 1 J u _ 1.-I K I J?J J*1|I I F i i I i I J I i i
34、 i I I I I I JO IO 2 0【答 案】61.70【解 析】【分 析】【详 解】游 标 卡 尺 的 主 尺 读 数 为61m m,游 标 尺 上 第14个刻度与主尺上某一刻度对齐，故其读数为0.05xl4mm=0.70mm所以最终读数为：61mm+0.70mm=61.70mm1 5.用如图甲所示装置研究平抛运动。将白纸和复写纸对齐重叠并固定在竖直的硬板上。钢球沿斜槽轨道PQ滑下后从Q 点飞出，落在水平挡板MN上。由于挡板靠近硬板一侧较低，钢球落在挡板上时，钢球侧面会在白纸上挤压出一个痕迹点。移动挡板，重新释放钢球，如此重复，白纸上将留下一系列痕迹点。重锤线硬板 白纸(1)本实验必
35、须满足的条件有 oA.斜槽轨道光滑B.斜槽轨道末端切线水平C.每次从斜槽上相同的位置无初速度释放钢球D.挡板高度等间距变化(2)如图乙所示，在描出的轨迹上取A、B、C 三点，三点间的水平间距相等且均为x,竖直间距分别是yi和丫2。若 A 点是抛出点，则 4=；钢 球 平 抛 的 初 速 度 大 小 为(已 知 当 地 重 力 加 速 度为 g,结果用上述字母表示)。【答案】B C 1:3 x Y y2 f【解析】【详解】(1)1AB.为了能画出平抛运动轨迹，首先保证小球做的是平抛运动，所以斜槽轨道不一定要光滑，但必须是水平的。故 A 不符合题意，B符合题意。C.要让小球总是从同一位置无初速度释
36、放，这样才能找到同一运动轨迹上的几个点。故 C 符合题意。D.档板只要能记录下小球下落在不同高度时的不同的位置即可，不需要等间距变化。故 D 不符合题意。(2)2 A 点是抛出点，则在竖直方向上为初速度为零的匀加速直线运动，则 AB和 BC的竖直间距之比为1：3。网由于两段水平距离相等，故时间相等，根据y2-yi=gt?可知：肝F则初速度为：1 6.某实验小组做“验证力合成的平行四边形定则”实验，涉及以下问题，请分析解答。(1)实验的部分步骤如下：将橡皮筋的一端固定在A 点，另一端拴上两根细绳，每根细绳分别连一个弹簧测力计如图所示，沿相互垂直的两个方向分别拉两个弹簧测力计，使橡皮筋的绳套端被拉
37、到某一点。，由弹簧测力计的示数记录两个拉力、鸟的大小，此时耳=N,6=N再用一个弹簧测力计将橡皮筋的绳套端拉至。点，读出拉力F大小并确定其方向在如图所示的方格纸上以每格1N为标度，作出拉力耳、F2应用平行四边形定则作出耳、鸟的合力”的图示，并按每格1N 的标度读出合力的大小若在误差允许的范围内，F 与工;满足,则验证了力合成的平行四边形定则(2)实验中，下列器材中必须要用的是(3)下列实验操作正确的是A.拉动橡皮筋时，弹簧测力计要与木板平面平行B.每次拉伸橡皮筋时，两个弹簧测力计间的夹角越大越好C.描点确定拉力方向时，两点间的距离应尽可能大一些【答案】4.80N 3.60N 大小相等，方向相同
38、 C AC【解析】【详解】口 弹簧测力计的分度值为0.1 N,估读至0.0 1 N,则示数分别为耳=4.8 0 N,玛=3.60N若在误差允许的范围内，尸与尸合满足大小相等，方向相同，则验证了力合成的平行四边形定则；（2）4 实验还需要用毫米刻度尺画直线、并进行长度的测量，所 以 C 正确，A、B错误；故选C；5 A.实验是通过在白纸上作力的图示来验证平行四边形定则，为了减小实验误差，弹簧测力计、细绳、橡皮筋都应与木板平行，这样各力的图示能够正确体现相应力的大小，故 A 正确；B.为减小作图过程中产生的误差，两个弹簧测力计拉力间的夹角不能太小，也不能太大，故 B错误；C.描点确定拉力方向时，两
39、点之间的距离应尽可能大一些，以减小实验的误差，故 C 正确；故选AC。1 7.要测定一节干电池（电动势约1.5 V,内阻约0.5 C,放电电流不允许超过0.6A）的电动势和内电阻，要求测量结果尽量准确。提供的器材有：A.电流表Ai：挡 位 1（0 3 A,内阻约0.05。），挡位2（00.6A,内阻约0.2。）B.电流表 A2：0-300pA,内阻 口=100。C.定值电阻：R0=2Q,Ri=900Q,R2=4900QD.滑动变阻器：R3（05Q,2A）,R4（015C,1A）E.开关一只、导线若干（1）测量电流的仪表：应选择电流表A i的 挡 位 一（填“1”或者2”）。测量电压的仪表：应
40、将 定 值 电 阻（填“扁”、“孙”或“R2”）与 A2串联，使其成为改装后的电压表。干电池内阻太小，应 选 择 定 值 电 阻 （填“Ro”、RJ或“R2”）来保护电源。（4）若要求Ai表电流在0.1A-0.5A范围内连续可调。则 滑 动 变 阻 器 应 选 择 （填“R3”或为消除电流表内阻对测量精度可能造成的影响，在给出的两种电路原理图中（图中V 表为改装后的电压表），应选择（填“图（a）”或“图（b）15 A进行实验并记录数据。用 h、k 分别表示Al、A2表的示数，根据测量数据作出如图（c）所示的l2-h图像，由图像可得：电池的电动势为 V,内阻为。(保留到小数点后两位)【答案】2
41、R2 RO R4 图(a)1.49 0.49【解析】【分析】【详解】(1)1 .测量电流的仪表：应选择电流表A i的挡位2。(2)2.测量电压的仪表：应将定值电阻R 2与A 2串联，使其成为改装后量程为U =（%+鸟）=30 0 x 1 0 x 5 0 0 0 V=l .5 V 的电压表。(3)3.干电池内阻太小，应选择与内阻阻值相当的定值电阻R o来保护电源。(4)4,若要求Ai表电流在0.1 A-0.5 A范围内连续可调。则滑动变阻器最大值为=-2-0.5=1 2.5 02 0.1最小值/?,n i n=-2-0.5 =5 Qm，n 0.5则滑动变阻器应选择R4o 5 .因改装后的电压表内
42、阻已知，则为消除电流表内阻对测量精度可能造成的影响，在给出的两种电路原理图中，应选择图(a)o298(6)6 7 .由图可知电流计读数为5 2 9 8心，对 应 的 电 压 值 为 同x l.5 V=1.4 9 V则电池的电动势为E=1.49V,内阻为(298-1 5 0)X r=-2Q 0 Q =0 4 9 01.51 8.利用图a所示电路，测量多用电表内电源的电动势E和电阻“x i o”挡内部电路的总电阻R内。使用的器材有：多用电表，毫 安 表(量 程1 0 m A),电阻箱，导线若干。回答下列问题：将多用电表挡位调到电阻“x l O”挡，红表笔和黑表笔短接，调零；将电阻箱阻值调到最大，再
43、将图a中 多 用 电 表 的 红 表 笔 和 (填“1”或“2”)端相连，黑表笔连接另一端。调节电阻箱，记下多组毫安表的示数I和电阻箱相应的阻值R；某次测量时电阻箱的读数如图b所示,则该读数为_ _ _ _ _ _ _ _Q;图 d,E(4)甲同学根据/=丁 二R+%,得到关于;的表达式，以;为纵坐标，R 为横坐标，作;-夫 图 线，如图c所示；由图得E=V,Rrt=1。(结果均保留三位有效数字)(5)该多用电表的表盘如图d 所示，其欧姆刻度线中央刻度值标为“1 5”，据此判断电阻“xlO”挡内部电路的总电阻为 甲同学的测量值R 内 与此结果偏差较大的原因是。【答案】1 2 3.2 1.4 3
44、 2 0 0 1 5 0 甲同学没有考虑毫安表内阻的影响【解析】【分析】【详解】(2)1 欧姆表中电流从红表笔流入电表，从黑表笔流出电表；电流从电流表正接线柱流入，故红表笔接触1,黑表笔接2；(3)由图可知，电阻箱读数为R=(2 x 1 0+3 x 1+2 x0.1)Q=2 3.2。,E 由/=许变形得EE由图像可得1 ,1 7 5-1 4 0-=k=-E 5 0解得E 1.43 V截距为&=/?=1 40E得9=20 0。（5）5 由图可知，此欧姆表的中值电阻为K（,=1 5 x 1 0 0=1 5 0 0则电阻“x i o，挡内部电路的总电阻为1 5 0 c由甲同学处理方法可知，由于没有考
45、虑毫安表的内阻，如果考虑毫安表的内阻则有L 4+0+二I E E E由此可知，甲同学的测量值R内与此结果偏差较大的原因是没有考虑毫安表的内阻1 9.一电阻标签被腐蚀，某实验小组想要通过实验来测量这个电阻的阻值，实验室准备有如下实验器材：A.电池组E（电动势约3 V,内阻可忽略）；B.电压表V（03 V,内阻约5kQ）；C.电流表A（0 1mA,内阻为1 0 0 0 Q）；D.滑 动 变 阻 器 用（最大阻值1 0。）；E.滑动变阻器尺2（最大阻值2 0 0 C）；F.电阻箱&（0-999.9 Q）；G多用电表；H.开关一个，导线若干。（1）粗测电阻。把多用电表的选择开关旋转到欧姆挡“x l”位
46、置，短接红、黑表笔进行调零，然后测量待测电阻，多用电表的示数如图甲所示，则多用电表的读数为 C。（2）实验小组选择器材用伏安法进一步测量电阻的阻值，首先要把电流表改装成20 0 mA 的电流表，电阻箱应调节到 C。请设计电路并在图乙所示的方框中画出电路图，要求易于操作，便于测量，并标出所选器材的符号_ O（4）小组在实验中分别记录电流表和电压表的示数，并在坐标纸上描点如图丙所示，请正确作出/-U关系图线，由 图 线 可 求 得 待 测 电 阻 阻 值%=Q.（保留三位有效数字）【答案】9.05.0图丙10.0图1图2(9.90 10.2 均可)【解析】【详解】口 欧姆挡读数乘以倍率得到测量值，
47、即多用电表的读数为9.0。X1=9Q(2)2 将电流表量程扩大200倍，则需并联的电阻箱阻值为为二.O Q JX1(X)OC，5.O Q3 I-IA 0.2-0.001根据要求，滑动变阻器需采用分压式接法，选总阻值较小的用，同时因电流表已改装成合适的量程,并且已知其内阻，故采用电流表内接法，电路图如答图1 所示图1(4)4 根据题图丙描绘的点，用直线进行拟合，注意让尽可能多的点在直线上，若有不在直线上的点，则应大致分布在直线两侧，偏离直线较远的点舍去，如答图2 所示图2 由实验原理得R、+R=也-=1 5.0 Q,A/x 20 0解得待测电阻4 =(1 5.0 5.0)0 =1 0.0。由于误
48、差9.90Q 10.2。均可2 0.某同学要测量一节干电池的电动势和内电阻:实验室除提供开关S 和导线外，有以下器材可供选择：电压表：V（量程3 V,内阻Rv=10k。）电流表：G（量程3 m A,内阻Rg=100C）电流表：A（量程3 A,内阻约为0.5。）滑动变阻器：Ri（阻值范围0-10Q,额定电流2A）R2（阻值范围（M 000C,额定电流1A）定值电阻：R3=0.52该同学依据器材画出了如图所示的原理图，他没有选用电流表A 的原因是；该同学将电流表G 与定值电阻R3并联，实际上是进行了电表的改装，则他改装后的电流表对应的量程是 A；为了能准确地进行测量，同时为了操作方便，实 验 中
49、应 选 用 的 滑 动 变 阻 器 （填写器材的符号）；该同学利用上述实验原理图测得数据，以电流表G 读数为横坐标，以电压表V 读数为纵坐标绘出了如图所示的图线，根 据 图 线 可 求 出 电 源 的 电 动 势 =V（结果保留三位有效数字），电源的内阻r=f l （结果保留两位有效数字）。【答案】量程与被测电流值相比较太大 0.603&1.48 0.84（0.70-0.90之间都给分）【解析】【分析】【详解】口 一节干电池的电动势约E=l.5 V,为方便实验操作，滑动变阻器应选R”它的阻值范围是0-10C,电路中最小电流约为E1m.i n =R=0.15A电流表A 的量程是3 A,被测电流值
50、与电流表量程相比差距太大，因此不能用电流表A改装后电流表量程：/=/,+号=0.003+喘12AH.603A网根据以上分析可知，选用的滑动变阻器是R”45由上可知，改装后电流表的量程是电流表G 量程的20（）倍，图象的纵截距b 等于电源的电动势,由图读出电源的电动势为:E=l.48V图线的斜率大小k=r,由数学知识知:k=q =0.84则电源的内阻为:r=k=0.84Q2 1.物理小组的同学用如下图甲所示的实验器材测定重力加速度。实验器材有：底座带有标尺的竖直杆、光电门1 和 2 组成的光电计时器，其中光电门1 在光电门2 的上方，小球释放器（可使小球无初速释放）、网兜。实验时可用两光电门测量