《2021-2022学年天津市南开区高一（下）期末物理试卷（附答案详解）.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021-2022学年天津市南开区高一（下）期末物理试卷（附答案详解）.pdf（17页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2021-2022学年天津市南开区高一（下）期末物理试卷1.下列关于功的说法正确的是（）A.功有正负，功是矢量B.力越大，力对物体做的功越多C.摩擦力一定对物体做负功 D.-5/的功比21的功大2.关于功率的说法，正确的是（）A.由P=?知，力做功越多，功率就越大B.由P=F，知，物体运动越快，功率越大C.由 卬=1知，功率越大，力做功越多D.由=尸以05。知，某一时刻，力大速率也大，功率不一定大3.下列说错误的是（）A.牛顿提出了万有引力定律，并测出了引力常量的值B.卡文迪什用实验的方法证明了万有引力的存在C.引力常量G的单位是D.万有引力定律揭示了自然界有质量的物体间普遍存在着的一种相互吸
2、引力4.下列关于冲量、动量、动能的说法中正确的是（）A.冲量是矢量，冲量的方向一定与速度的方向相同B.动量是矢量，动量的方向一定与速度的方向相同C.物体的动量增大2倍，其动能也增大2倍D.物体的合外力不为零，其动量变化量和动能变化量一定不为零5.设在平直的公路上以5m/s速度行驶的自行车，如果人和车的质量约为80奴，所受阻力约为人和车总重的0.05倍，则骑车人的功率约为（）A.0.2kW B.OAkW C.0.02kW D.4kW6.关于重力做功和重力势能，下列说法中正确的是（）A.重力做功与路径无关，只跟它的起点和终点的位置有关B.一个物体的重力势能从-5/变化到-3/,重力势能变小了C.当
3、物体向高处运动时，克服重力做功，物体的重力势能减小D.物体的位置一旦确定，它的重力势能的数值大小也随之确定7.如图所示，质量为，的小车在与竖直方向成a角的恒定拉力尸的作用下，沿水平地面向左运动一段位移/,此过程小车受到的摩擦力大小恒为f,重力加速度为g，则（）A.重力做功为C.摩擦力做功为B.支持力做功为0D.拉力做功为F，cosa8 .质量为2 依的小铁球从某一高度由静止释放，经 3 s 到达地面，不计空气阻力，g取l O m/s?.则（）A.2 s 末重力的瞬时功率为2 0 0 W B.2.5 末重力的瞬时功率为4 0 0 I VC.2 s 内重力的平均功率为1 0 0 WD.2 s 内重
4、力的平均功率为4 0 0 W9 .长期以来“卡戎星（C h a r o n）”被认为是冥王星唯一的卫星，它的公转轨道半径r I=1 9 60 0 k m,公转周期7 =6.3 9天。2 0 0 6年 3月，天文学家发现两颗冥王星的小卫星，其中一颗的公转半径万=480 0 0 k m,则它的公转周期今，最接近于（）A.1 5 天 B.2 5 天 C.3 5 天 D.45 天1 0 .我 国“北斗二代”计划发射3 5颗卫星，形成全球性定位导航系统，比美国G P S 多 5 颗。多出的这5 颗是相对地面静止的高轨道卫星（简 称“静卫”），其他的有2 7颗中轨道卫星（简 称“中卫”）绕地球做匀速圆周运
5、动的轨道半径为静止轨道半径的|。则（）A.中卫”的线速度介于7.9k m/s和1 1.2 k m/s之间B.“静卫”的轨道经过我国上空C.如果质量相同，“静卫”与“中卫”的动能之比为3：5D.“静卫”与“中卫”的加速度之比为2 5：91 1 .2 0 2 0 年 1 1 月 2 4 日我国发射的“嫦娥五号”卫星进入环月轨道，若卫星绕月做匀速圆周运动的轨道半径为r,周期为兀 已知月球的半径为凡引力常量为G,则（）A.月 球 的 质 量 为 穿 B.月球的平均密度为总GT/GTC.月球表面的重力加速度为需 D.月球的第一宇宙速度为】1 2 .如图所示，一细绳下吊一小球，悬挂在天花板下，现用一水平外
6、力拉小球，使其匀速率从A 点到8 点。则小球从4点运动到B点过程中（）A.受到的拉力为恒力B.机械能先增大后减小C.合力的功等于小球重力势能的增加量D.拉力F的功等于小球机械能的增加量1 3 .如图所示为自行车传动示意图。4、8、C分别是自行车的大齿轮、小齿轮和后轮边缘上的三个点，到各自转动轴的距离分别为3 人,和 9八 4 点所在大齿轮与脚蹬子同轴，B点所在小齿轮与后轮同轴。当人蹬车匀速运动时，A、B、C三点的角速度、线速度、向心加速度关系满足（）第2页，共17页A.3A=(J L)B，=3 URB.CJ I)C=e?，Q。=9aBC.vA=aA=aBD.3 4 3C I)B，VQ 9A1
7、4.铁路在弯道处的内外轨道高低是不同的。已知铁轨平面与水平面的夹角为8,弯道处的圆弧半径为心 若质量为，”的火车以速度v 通过某弯道时，内、外轨道均不受侧压力作用，重力加速度为g,则下列说法正确的是（）A.火车受铁轨的支持力大小为m g c o s eB.v=J g R t a n。C.若火车速度小于V,外轨将受到侧压力作用D.若火车速度大于V,内轨将受到侧压力作用1 5.如图所示，小球自“点由静止自由下落，到 6 点时恰与弹簧接触,到 c 点时弹簧被压缩到最短，若不计弹簧质量和空气阻力，在小球由a b c 的运动过程中（）A.小球的机械能守恒B.小球在6 点时动能最大C.到 c 点时弹簧弹性
8、势能的增加量等于小球动能的减少量D.到 c 点时弹簧弹性势能的增加量等于小球重力势能的减少量1 6.个质量为0.1 8 k g 的垒球以2 0 z n/s 的速度水平飞向球棒，被球棒打击后，又以2 0 rn/s 的速度反向水平飞回，垒球与球棒作用时间约为0.2 s。下列说法正确的是（）A.垒球的动量变化的大小为0B.垒球的动量变化的大小为3.6k g m/sC.垒球受到棒的平均作用力大小为36ND.垒球受到棒的冲量方向与垒球被击中前的速度方向相同1 7.“中里9 4”是我四首颗国产广播电视直播卫星。2 0 1 7 年 6月 1 9 日“中星9 A”发射过程中火箭三级推进工作异常，/卫星未能进入
9、预定轨道，7 月 5 日通过准确实施1 0 次轨道（调整，卫星成功定点于东经1 0 1.4。赤道上空的预定轨道并I正常工作。如图所示为“中星9 A”在定位过程中所进行的1 0 次调整中的三条轨道，曲线/是最初发射的椭圆轨道，曲线I I 是第5 次调整后的椭圆轨道，曲线H I 是 第 1 0次调整后的最终预定圆轨道。轨道/与I I 在近地点A相切，轨道I I 与ni 在远地点B相切。下列说法正确的是()A.卫星在轨道I I 上经过B点时的速度大于经过4点时的速度B.卫星在轨道I I 上经过B点时的速度大于卫星在轨道H I 上经过B点时的速度C.卫星在轨道/上经过A点时的加速度等于卫星在轨道I I
10、 上经过A点时的加速度D.卫星在轨道n 上经过B点时的加速度小于卫星在轨道m上经过B点时的加速度1 8.“双星系统”是由相距较近的两颗恒星组成，每个恒星的半径远小于两个恒星之间的距离，而且双星系统一般远离其他天体，它们在相互间的万有引力作用下，绕某一点做匀速圆周运动。如图所示为某一双星系统，A星球的质量为僧1，B星球的质量为6 2,它们中心之间的距离为L 引力常量为G。则下列说法正确的是()A.A、8两星球做圆周运动的半径之比为巾1：m2B.4、B两星球做圆周运动的角速度之比为m i：m2C.A星球的轨道半径r i =.I1 9 .如图所示，质量为6 0 必 的人，站在质量为3 0 0 仅的车
11、的一端。车长为3 相，开始时人、车相对于水平地面静止，车与地面间的摩擦可忽略不计。当人由车的一端走到另一端的过程中，下列说法正确的是()A.人对车的冲量大小大于车对人的冲量大小B.任何时刻人的动量变化和车的动量变化都相同C.当人走到车的另一端时，车运动的位移大小为0.5 mD.人的速率最大时，车的速率最小2 0 .如图所示，用长L =0.1 m的轻质杆连着质量m =0.1 k g 的小球在竖直平面内做圆周运动，g=1 0 m/s2o下列说法中正确的是()A.若小球恰能在竖直平面内做圆周运动，则其在最高点速率为 lm/sB.小球通过最高点时，小球受到杆的作用力不可能为零C.小球通过最低点时受到轻
12、杆的拉力F 5/VD.若小球以0.5 m/s 通过最高点，此时小球受到杆向下0.7 5 N力的作用第4页，共17页2 1 .用图甲所示实验装置完成“验证动量守恒定律”的实验，测出两小球的质量，记录小球抛出点在地面上的垂直投影点0,测出碰撞前后两小球的平均落地点的位置M、尸、N 与。的距离分别为与、血、3，如图乙所示。(1)若入射小球质量为W l ,半径为6；被碰小球质量为僧2 半径为 2，则。A.mt m2?i r2B.m1 m29 rr m21 =r2D.m1 m2,rr=r2(2)关于实验，下 列 说 法 错 误 的 是。4同一组实验中，入射小球必须从同一位置由静止释放B.让入射小球与被碰
13、小球连续1 0 次相碰，用最小半径的圆把1 0 个落点圈住，圆心位置是平均落点C.轨道倾斜部分必须光滑D轨道末端必须水平(3)若两球相碰前后的动量守恒，其 表 达 式 为(用 测 量 量 表 示)。2 2 .利用图1 装置做“验证机械舵守恒定律”的实验。8B 1皿(1)除打点计时器(含纸带、复写纸)、交流电源、铁架台、重锤、导线及开关外，在下面的器材中，必 须 使 用 的 还 有(选 填 器 材 前 的 字 母)oA.刻度尺8.天平C秒表(2)在打好点的纸带中挑选点迹清晰且第1、2 两 计 时 点 间 距 离 约 为 加的纸带。(3)图 2 是实验中得到的一条纸带。在纸带上选取三个连续打出的点
14、4、B、C,测得它们到起始点。的距离分别为心、品、hc,重锤质量用机表示。已知当地重力加速度为g，打点计时器打点的周期为T，从打下。点到打下8点的过程中，重锤重力势能的减少量,动能的增加量/E k =。(4)甲、乙两位同学在同一间实验室选用不同重锤做实验，甲同学选用的是大小合适的铁锤，乙同学选用的是较大的木锤。他们在纸带上选取计数点后，通过描绘苏-八图像去研究重锤机械能是否守恒。在同一坐标系中，合 理 的 八图像是.B.C.4D.2 3 .如图所示，光滑水平面A B 与竖直面内的半圆形导轨在 B点相切，半圆形导轨的半径为R。一个质量为?的物体将弹簧压缩至4点后由静止释放，在弹力作用下物体获得某
15、一向右的速度后脱离弹簧，当它经过B点进入导轨的瞬间对轨道的压力为其重力的8 倍，之后向上运动恰能到达最高点C o (不计空气阻力)试求：(1)物体在4点时弹簧的弹性势能E p；(2)物体从B点运动至C点的过程中产生的内能Q：(3)物体从C点落回水平面的位置与C点的距离s。2 4 .如图，长为L的矩形长木板静置于光滑水平面上，一质量为机的滑块以水平向右的初速度%滑上木板左端。若木板固定，则滑块离开木板时的速度大小为半：若木板不固定，则滑块恰好不离开木板。滑块可视为质点，重力加速度大小为g.求：(1)滑块与木板间的动摩擦因数：(2)木板的质量M；(3)两种情况下，滑块从木板左端滑到右端的过程中，摩
16、擦力对滑块的冲量大小之比k I2.第 6 页，共 17页答案和解析1.【答案】D【解析】解：A D,功的正负不表示功的大小，正、负表示动力做功还是阻力做功，-5/的功大于2 J的功，故A 错误，。正确；8、因功的决定因素为力，位移及二者的夹角，则力大，位移大，若两者夹角为90度,则做功为0,故 B 错误。C、摩擦力可以做正功，也可做负功，这要看摩擦力与位移的方向关系，故 C 错误；故选：功是标量，其正负反映的是物体受到的力的情况，正功说明力是动力，而负功则说明力是阻力；摩擦力可以做正功也可以做负功，主要是看力和这个力方向的位移关系。考查功的求解式，明确功是标量及正负的意义，关键是掌握功的公式当
17、中的相关量，尤其注意力与速度的夹角。2.【答案】D【解析】解：A、由。=/知，单位时间内力做功越多，功率越大，故 A错误；B、由P=F”知，拉力F 一定的情况下，物体运动越快，功率越大，故 8 错误；C、由 勿=PB=rB：5=1：3。小齿轮与后轮是同轴传动，角速度相等，则有：3B：3c=1：I根据v=cor则有：vB：vc-1：9所以角速度大小关系是：a)A：a)B：a)c=1：3：3；线速度大小关系是：vA：vB：vc=1：1 ：9；根据a=3 可知：aA：aB：ac=1：3：27。故 B 正确，AC错误；故选：Bo共轴传动时，各点的角速度相同；皮带传动时，同一皮带轮上各点的线速度大小相等
18、,结合圆周运动的公式进行分析即可正确解答本题。解决本题的关键是理解两种传动模型的特点，“同轴转动角速度相等，皮带或齿轮联动,线速度相等”，熟练掌握各物理量之间的关系。14.【答案】B【解析】解：A、重力和支持力合力提供水平方向向心力如图所示：可知火车受铁轨的支持力为胃，故 A 错误；COS0B、由牛顿第二定律得：V2mgtand=解得：u=JgRtan。,故 3 正确；CD、当速度小于.时，向心力减小，内轨有侧压力，反之外轨有侧压力，故 CO错误。故选：B。车转弯临界问题，此时两侧轨道无压力，重力与支持力合力提供向心力，受力分析根据牛顿第二定律可求解。汽车转弯问题，注意临界受力分析，此时内外轨
19、道并无侧压力，只有支持力重力提供向心力。15.【答案】D【解析】解：A、在小球由a-b r c的运动过程中小球和弹簧组成的系统机械能守恒，单独对小球来说，机械能并不守恒，故A错误；3、小球从。到。过程中，小球做自由落体运动，接触弹簧后，开始时重力大于弹簧弹力，小球继续做加速运动，当小球所受重力与弹簧弹力相等时，小球速度达到最大，即此时小球的动能最大，故B错误；C）、小球在由“到c的整个过程中，由能量守恒定律可知：m gA hac=A EP,即到c点时，弹簧弹性势能的增加量等于小球重力势能的减少量，故C错误，。正确。故选：Do在整个过程中小球和弹簧组成的系统机械能守恒；当小球受力平衡时小球的速度
20、最大；在整个过程中系统的机械能守恒，里面有重力势能、动能和弹性势能的相互转化。注意两点：第一点是小球和弹簧组成的系统机械能守恒，单独对小球来说，机械能并不守恒；第二点是小球受力平衡时速度最大，即小球的动能最大。16.【答案】C【解析】解：AB,设初速度方向为正，垒球的动量变化为/P =rn/u=-0.18 x 20kg m/s 0.18 x 20 kg-m/s=7.2kg-m/s,故 AB错误；C、根据动量定理有：F t=m v2-mvx代入数据得：F=-3 6 N,方向与规定正方向相反，故C正确；。、球受到棒的冲量方向与垒球动量变化量的方向相同，故。错误；故选：Co对垒球进行受力情况，对球棒
21、击球的过程运用动量定理列方程求解作用力和动量变化量;球受到棒的冲量方向与垒球动量变化量的方向相同。本题主要考查动量定理的简单运用，要注意对于动量定理来说一定注意矢量性，在解题时一定要先确定正方向。17.【答案】C【解析】解：4、卫星在轨道n上从A点到8点，引力做负功，所以卫星在轨道n上经过B点时的速度小于经过A点时的速度，故A错误；B、由轨道n上经过8点时到轨道ni上的运动要加速运动，所以卫星在轨道n上经过B点时的速度小于卫星在轨道HI上经过8点时的速度，故8错误；C D、根 据 甯=m a,解得a=胃，所以在同一点受力相同，则加速度相等，故C正确，第12页，共17页故。错误；故选：C o根据
22、引力做功分析速度大小。在近地圆轨道加速，做离心运动而做椭圆运动，在远地点，需再次加速，使得万有引力等于向心力，进入同步轨道。根据变轨的原理比较速度的大小。本题考查了万有引力定律的应用，卫星绕地球做圆周运动万有引力提供向心力，知道卫星变轨的原理是解题的关键，掌握基础知识即可解题，要注意基础知识的学习与积累。1 8.【答案】D【解析】解：A B C,双星靠它们之间的万有引力提供向心力，A星 球 的 轨 道 半 径 为B星球的轨道半径为我,根据万有引力提供向心力有：=m.r 2=m a）2得：m1rl=mr2目 一 q +丫？L,解得：r 2 =四一3所以A、B两星球做圆周运动的半径之比为m 2：A
23、 mi+m2 m1+m2故A B C错误；D、根据周期与角速度关系有：T =称 结 合 詈 产=恤 弓/=7 nL2且q 4?2 L,解得：T=2应 :+“（）,故。正确；故选：D 双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度.应用牛顿第二定律列方程求解.解决本题的关键知道双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度.以及会用万有引力提供向心力进行求解.1 9.【答案】C【解析】解：4、根据牛顿第三定律可知，人对车的作用力与车对人的作用力大小相等、方向相反，且作用时间相等，根据/=Ft可知，人对车的冲量与车对人的冲量大小相等、方向相反，故4错误；3、人与车间的摩擦力属于系统内力，人
24、与车组成的系统所受合外力为零，则人与车组成的系统动量守恒，系统初动量为零，由动量守恒定律可知，任何时刻人的动量变化和车的动量变化等大反向，故8错误；C、设车的运动位移大小为为x,则人的位移大小为L-x,人与车组成的系统在水平方向上动量守恒，以向右为正方向，由动量守怛定律得:m vWM u至=0,则TH4工 三 M 彳=0,代入数据解得：x =0.5 m,故C正确；D、由上可知，m vA-M v =0,则。至=加 人，%、M一定，u人越大，u穿越大，则人的速率最大时，车的速率最大，故。错误。故选：Co根据牛顿第三定律和冲量的定义分析人对车的冲量与车对人的冲量大小关系：人与车组成的系统所受合外力为
25、零，系统动量守恒，应用动量守恒定律分析答题。本题是人船模型，要知道动量守恒的条件，分析清楚人与车的运动过程，应用冲量的定义式与动量守恒定律即可解题。20.【答案】C【解析】解：4、由于杆可以提供支持力，小球在最高点向心力可以为0,即恰好做圆周运动最高点速度为O m/s,故A错误；8、最高点当重力刚好提供向心力时有：V2mg=m L t解得此时速度为：v=I m/s,此时杆的作用力为零，故B错误；C、根据动能定理得：1,mg2L=-m vin解得运动到最低点最小速度为：vmin=4 m/s,由牛顿第二定律得：V2F-mg=rn 解得最低点拉力最小值为：F=5 N,故C正确；D、由B可知，0.5m
26、/s lm/s,此时物体受到杆给的向上的支持力，故。错误。故选：C。竖直面圆周运动，杆可以提供拉力和支持力，根据运动特点可判断A8对错；根据动能定理可求最低点速度，对小球受力分析，根据牛顿第二定律可判断CC对错。竖直面圆周运动杆球问题，需要熟悉临界条件，注意动能定理的应用。21.【答案】CCmrx2=mx-+m2x3【解析】解：(1)为了防止入射小球被反弹，应该保证入射小球质量大于被碰小球的质量，且发生的应该是对心碰撞，即两小球半径应该相等，故C正确，48。错误；故选：Co(2)力、同一组实验中，入射小球必须从同一位置由静止释放，保证入射小球达到轨道末端时的速度不变，故A正确；8、确定平均落点
27、时，应该让入射小球与被碰小球连续10次相碰，用最小半径的圆把10个落点圈住，圆心位置即为平均落点，故B正确；C、只需要保证入射小球必须从同一位置由静止释放几颗，不需要轨道倾斜部分必须光滑，故C错误；第14页，共17页。、为使小球做平抛，必须保证轨道末端水平，故。正确；本题选错误的，故选：Co(3)由题意可得，小球做平抛运动，所以它们落地时间相等，设为r,入射小球的速度为入射小球碰后的速度为被碰小球的速度为%=下若两球相碰前后的动量守恒，则满足mrv mlv1+m2v2即 znjXz=机1与+m2x3故答案为：(1)C；(2)C；(3)61%2=+62X3(1)根据实验原理选择合适的实验器材；(
28、2)根据实验原理掌握正确的实验操作；(3)根据平抛运动的特点结合动量守恒定律完成分析。本题主要考查了动量守恒定律的验证实验，根据实验原理掌握正确的实验操作，理解平抛运动在不同方向的运动特点，结合动量守恒定律完成分析。22.答案】42mg2鸣誓 B【解析】解：(1)本实验中需要用刻度尺测距离，根据机械能守恒定律可得：可以看出，两侧的质量可以消除，所以不需要天平测量质量，且打点计时器本身是计时仪器，所以不需要用秒表，故 A 正确，BC错误；故选：(2)要使玄奇的纸带，第一个点恰好是打下的第一个点，则由,1.1,一h=2 x 10 x 0.022m=2 x 10-4m=2mm可知，应选取点迹清晰且第
29、1、2 两 计 时 点 距 离 约 为 的 纸 带；(3)由题意可得，从打下。点到打下B 点的过程中，重锤重力势能的减小量为呜=mghB因为B 点的速度为所以动能的增加量为(4)对于甲锤，可以忽略阻力，即满足mgh=m v2得：v2=2gh而对于木锤，阻力不可以忽略，则满足m gh fh=m v2得：v2=2gh u m所以两者斜率相等，甲是过原点的直线，而乙有负的纵截距，故 B正确，A C O 错误;故选：B.故答案为：(1)4 (2)2；吟”；(4)8(1)根据实验原理选择合适的实验器材；(2)根据自由落体的公式计算出纸带上计数点的距离；(3)根据功能关系得出重力势能的变化量，结合运动学公
30、式和动能的计算公式得出动能的增加量；(4)根据动能定理结合图像完成分析。本题主要考查了机械能守恒定律的验证实验，根据实验原理掌握正确的实验操作，结合图像的物理意义完成分析。2 3.【答案】解：(1)设物体在B点的速度为玲，所受弹力为N =8 mg,则有N-m g=m,由能量守恒定律可知弹性势能E p 诏=mgR(2)设物体在C点的速度为也 由题意可知m g =m 半vc=ygR物体由B点运动到C点的过程中，由能量守恒定律得Q -(|mv +m g -2R)解得：Q=m g R(3)物体离开C点后做平抛运动，设落地点与8点的距离为x由平抛运动规律得：x=vct,2R=-gt2解得：x=2R.物体
31、从C点落回水平面的位置与C点的距离S =J/+(2 R)2 =2&R答：(1)物体在A点时弹簧的弹性势能E p为：m g R；(2)物体从B点运动至C点的过程中产生的内能Q 为 mgR；(3)物体从C点落回水平面的位置与C点的距离S 2 a R。【解析】(1)分析物体刚到达8点时的受力情况，根据牛顿第二定律得出物体到达B点的速度，根据能量守恒定律求出物体在A点时的弹簧的弹性势能；(2)物体恰好通过最高点C,根据牛顿第二定律求出物体通过C点的速度，通过能量守恒定律求出物体从B点运动至C点的过程中产生的内能：第16页，共17页(3)由平抛运动的规律求解水平位移，由几何知识求解落点到C点的距离；本题
32、考查了牛顿第二定律、平抛运动和能量守恒定律的综合运用，知道圆周运动向心力的来源是解决本题的关键，要明确物体刚好到达圆轨道最高点时由重力提供向心力。2 4.【答案】解：(1)木板固定时，滑块做匀减速直线运动，由动能定理可得：f m g L =如一 加 底解得：=襄；(2)木板不固定时，木板和滑块系统在相互作用过程中动量守恒，设两者共速时的速度为V,取向右为正方向，根据动量守恒定律可得：m v0=(m+M)v根据能量守恒定律可得：fimgL=-|(m +M)v2联立两式解得：M =8 m；(3)规定水平向右的方向为正方向，木板固定时，由动量定理有：,v0 2h=m X y -m v0-m v0木板不固定时滑块末速度，由动量定理有：=小 一小气，解得：12-m v0联立解得：A：12=3：4。答：(1)滑块与木板间的动摩擦因数为趣；(2)木板的质量为8 w；(3)两种情况下,滑块从木板左端滑到右端的过程中，摩擦力对滑块的冲量大小之比为3：4 o【解析】(1)木由动能定理求解动摩擦因数；(2)根据动量守恒定律、能量守恒定律列方程联立求解木板的质量M；(3)由动量定理求解两种情况下摩擦力对滑块的冲量大小之，由此求解比值。本题主要是考查了动量守恒定律、能量守恒定律和动量定理；对于动量守恒定律，解答时要首先确定一个正方向，利用碰撞前系统的动量和碰撞后系统的动量相等列方程求解。