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1、高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.（本题9分）如图所示，两木块A、B用轻质弹簧连在一起，置于光滑的水平面上。一颗子弹水平射入木块A,并留在其中。在子弹打中木块A及弹簧被压缩的整个过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统,下列说法中正确的是（）A.动量守恒、机械能守恒B.动量守恒、机械能不守恒C.动量不守恒、机械能守恒D.动量、机械能都不守恒【答案】B【解析】【分析】根据系统动量守恒的条件:系统不受外力或所受合外力为零判断动量是否守恒。根据是否是只有弹簧的弹力做功判断机械能是否守恒。【详解】子弹
2、击中木块A及弹簧被压缩的整个过程，系统在水平方向不受外力作用，系统动量守恒，但是子弹击中木块A过程，有摩擦力做功，部分机械能转化为内能，所以机械能不守恒，B正确，ACD错误。故选B。2.（本题9分）如图是演示小蜡块在玻璃管中运动规律的装置.现让玻璃管沿水平方向做匀速直线运动，同时小蜡块从。点开始沿竖直玻璃管向上做匀加速直线运动，那么下图中能够大致反映小蜡块运动轨迹的是00【答案】C【解析】合初速度的方向水平向右，合加速度的方向竖直向上，两者不在同一条直线上，必然做曲线运动，根据轨迹每点的切线方向表示速度的方向，轨迹的弯曲的方向大致与所受合力的方向一致，即合力方向指向轨迹的凹向，可知C正确，AB
3、D错 误.故 选C.点睛：解决本题的关键掌握曲线运动的条件和曲线运动的特点以及运动的合成和分解.此题还可以通过轨迹方程来确定轨迹.3.（本题9分）一种通信卫星需要“静止”在赤道上空的某一点，因此它的运行周期必须与地球自转周期相同.请你估算：通信卫星离地心的距离大约是月球中心离地心的距离的多少倍（月球的公转周期大约为27天）【答案】D【解析】卫星和月球绕地球公转做圆周运动，根据开普勒第三定律，可得：R j T j I2 1 R卫 _ 1市=产=亍 尹=3，所以，吊 =，故ABC错误，D正确；点睛：星体上的物体运动则一般根据物体随星体一起运动，由星体的运动来求解物体的运动，要注重把握各量直接的共同
4、点来列式求解.4.（本题9分）如图所示，从斜面上的A点以速度水平抛出一个物体，飞行一段时间后，落到斜面上的B点；若仍从A点抛出物体，抛出速度为;,不计空气阻力，下列说法正确的是（）B _ IA.物体的飞行时间不变B.物体的位移变为原来的,2C.物体落到斜面上的速度变为原来的上4D.物体落到斜面上时速度方向不变【答案】D【解析】1 2根据_ g t可知，当初速度减半时，飞行的时间减半，选项A错误；根据X=vot可知,idn cz -X 2%物体的水平位移变为原来的皿，竖直位移也变为原来的皿，则物体的位移变为原来的皿，选 项B错误;水平初速度减半时，根据v尸g t可知，落到斜面上的竖直速度变为原来
5、的一半，可知物体落到斜面上的速度变为原来的V 2,选 项C错误；根据lan尸&=2 ta n c为定值，则物体落到斜面上时速度方向不%变，选 项D正确；故选D.点睛：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和几何关系灵活求解.5.（本题9分）如图所示，在AB间有两轨道I和口，物体从轨道顶端A由静止下滑，且与两轨道间的动摩擦因数均相同，不计物体在C点时的能量损失，物体分别沿I和口轨道到达底端B时摩擦力做功分别为W1和W 2,则W1和W2的大小关系（）A.WiW2C.Wi=W2D.无法判断【答案】A【解析】【详解】设斜面I的倾角为a,高为4,斜 面I I的倾角为万
6、，高为生，斜面底长为L，根据功的公式有mcos a =/mgL,可见，克服摩擦力做的功与斜面高度或倾角无关，只与斜面底边长有sina关，即叱 三 ,b绳将、一 皿 一 、出现弹力，故D对；C、由于b绳可能没有弹力，故b绳突然被剪断，a绳的弹力可能不变，故C错误故 选D【点睛】小球做匀速圆周运动，在竖直方向上的合力为零，水平方向上的合力提供向心力，所 以a绳在竖直方向上的分力与重力相等，可 知a绳的张力不可能为零；由于b绳可能没有弹力，故b绳突然被剪断，a绳的弹力可能不变。9.（本题9分）调查兵团成员移动作战时往往做出曲线形轨迹，关于曲线运动，以下说法正确的是（）A.做曲线运动的物体一定受力，且
7、力必须是恒力B.曲线运动不一定是变速运动C.匀速圆周运动是一种线速度不断改变的运动D.做圆周运动的物体加速度一定指向圆心【答案】C【解析】做曲线运动的物体一定受力，但力不一定是恒力，例如做匀速圆周运动的物体，选项A错误；曲线运动的速度方向一定变化，故一定是变速运动，选 项B错误；匀速圆周运动是一种线速度不断改变的运动，选 项C正确；做匀速圆周运动的物体加速度一定指向圆心，选 项D错误；故选C.1 0.两个完全相同的金属小球（视为点电荷），带异种电荷，带电量绝对值之比为1:7,相 距r。将它们接触后再放回原来的位置，则它们之间的相互作用力大小变为原来的【答案】C【解析】【分析】考查库仑定律，根据
8、库仑定律直接计算可得。【详解】设两个小球带电量分别为q,-7q,由库仑定律可得两小球接触后带电量都为3q,由库仑定律可得-_ _小充_ 口忆:则 0Z L x 二故C符合题意ABD不符合题意。【点睛】两个完全相同的金属小球相互接触后带的电量，若为同种电荷电量之和均分，异种电荷时先中和再均分。利用库仑定律计算时电量只代入绝对值。二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分1 1.（本题9分）下列说法中正确的是（）A.物体温度升高，每个分子的热运动动能都增大B.液体中悬浮微粒的布朗运动是液体分
9、子对它的撞击作用不平衡所引起的C.一定量100C的水变成10。C的水蒸汽，其分子之间的势能减小D.影响气体压强大小的两个因素是气体分子的平均动能和分子的密集程度E.由于多晶体是许多单晶体杂乱无章地组合而成的，所以多晶体是各向同性的【答案】BDE【解析】【分析】【详解】A.温度是分子热运动平均动能的标志，物体的温度升高，分子的平均动能增大，并不是每个分子热运动的动能都增大，故A错误；B.布朗运动是由液体分子从各个方向对悬浮颗粒撞击作用的不平衡引起的，故B正确；C.一定量100C的水变成io o C的水蒸汽其内能增加，但分子平均动能不变，其分子之间的势能增大，故C错误；D.根据压强的微观意义可知，
10、气体压强的大小跟气体分子的平均动能、分子的密集程度这两个因素有关,故D正确；E.多晶体是许多单晶体杂乱无章地组合而成的，所以多晶体具有各向同性现象，故E正确。故 选BDEo1 2.如图所示，水平光滑长杆上套有小物块A,细线跨过位于0点的轻质光滑定滑轮，一端连接A,另一端悬挂小物块B,物块A、B质量相等.C为。点正下方杆上的点，滑轮到杆的距离。C=h,重力加速度为g.开始时A位 于P点，P 0与水平方向的夹角为3 0，现将A、B由静止释放，下列说法正确的是（）A A.物块A由P点出发第一次到达C点过程中，速度先增大后减小B.物块A经过C点时的速度大小为企正C.物块A在杆上长为2廊的范围内做往复运
11、动D.在物块A由P点出发第一次到达C点过程中，物 块B克服细线拉力做的功小于B重力势能的减少量【答案】BC【解析】【详解】A.物块A由P点出发第一次到达C点过程中，绳子拉力对A做正功，其余的力不做功，所以物体A的动能不断增大，速度不断增大，故A错误。B.物体到C点时物块B的速度为零。设物块A经过C点时的速度大小为V。根据系统的机械能守恒得：h _-/z）=mv2,得 v=J2gh,故 B 正确。2C.由几何知识可得芯=4 =6人，由于A、B组成的系统机械能守恒，由对称性可得物块A在杆上tan3Q长 为2 G h的范围内做往复运动。故C正确。D.物体到C点时物块B的速度为零。根据功能关系可知，在
12、物块A由P点出发第一次到达C点过程中，物块B克服细线拉力做的功等于B重力势能的减少量，故D错误。1 3.（本题9分）如图，小球套在光滑的竖直杆上，轻弹簧一端固定于。点，另一端与小球相连.现将小球 从M点由静止释放，它在下降的过程中经过了 N点.已 知M、N两点处，弹簧对小球的弹力大小相等,冗且N ONMZ OMN .在小球从M点运动到N点的过程中2A.弹力对小球先做正功后做负功B.有两个时刻小球的加速度等于重力加速度C.弹簧长度最短时，弹力对小球做功的功率为零D.小球到达N点时的动能等于其在M、N两点的重力势能【答案】BCD【解析】【分析】牛顿第二定律、能量守恒定律【详解】TTA.因M和N两点
13、处弹簧对小球的弹力大小相等，且NONMNOMN 一 知M处的弹簧处于压缩状态，N2处的弹簧处于伸长状态，则弹簧的弹力对小球选做负功后正功，选项A错误.B.当弹簧水平时，竖直方向的力只有重力，加速度为g;当竖直方向的合外力为mg时，加速度为也g,则有两个时刻的加速度大小等于g.选 项B正确；C.弹簧长度最短时，即弹簧水平，弹力与速度垂直，则做功的功率为零，选 项C正确；D.由M T N的 动 能 定 理 叱 +%=A%，因M和N两点处弹簧对小球的弹力大小相等，则由弹力作功特点知卬糜=0,即 =4,选 项D正确.1 4.以初速度v水平抛出一质量为m的石块，不计空气阻力，石块在空中运动的过程中，下列
14、说法正确的是A.在两个相等的时间间隔内，石块动量的增量相同B.在两个相等的时间间隔内，石块动能的增量相同C.在两个下落高度相同的过程中，石块动量的增量相同D.在两个下落高度相同的过程中，石块的动能的增量相同【答案】AD【解析】【分析】【详解】A、石块做平抛运动，只受重力，在相等时间内重力的冲量/=G&相 同，根据动量定理/=GZV=可知，在两个相等的时间间隔内，石块动量的增量相同，故A正确；B、平抛运动在竖直方向的分运动是自由落体运动，则在两个相等的时间间隔内，位移刖越来越大，根据动能定理&=%=%/?可知，故在两个相等的时间间隔内，石块动能的增量越来越大，故B错误；C、平抛运动在竖直方向的分
15、运动是自由落体运动，则在两个下落高度相同的过程中，时间加越来越小，根据动量定理可知，在两个下落高度相同的过程中，石块动量的增量不相同，故C错误；D、平抛运动在竖直方向的分运动是自由落体运动，则在两个下落高度相同的过程中，根据动能定理区=%=能gA/z可知，在两个下落高度相同的过程中，石块的动能的增量相同，故D正确；故选AD.【点睛】石块做平抛运动，只受重力，在相等时间内重力的冲量相同，由动量定理可知，动量的变化量相同.在两个下落高度相同的过程中，重力做功相同，由动能定理可知，石块动能的增量相同，而运动时间不同，动量的增量不同.1 5.有一横截面积为S 的铜导线，流经其中的电流强度为I,设每单位
16、体积的导线有n 个自由电子，电子的电荷量为q,此时电子的定向移动速率为v,在 A t时间内通过横截面积的电子数目可表示为（）A.nSvAt B.nvAt C.-D.q qS【答案】AC【解析】【详解】C D.根据电流的微观表达式上n q vS,在A t 时间内通过导体横截面的自由电子的电量Q=IA t则在A t 时间内，通过导体横截面的自由电子的数目为N=Q=L1q q选 项 C 正确，D 错误；A B.将 l=nevS代入得nqvS t N=-=nvS tviB.若电键K闭合一段时间后再断开，向下移动b板，则vzviC.若电键K保持闭合，无论向上或向下移动b板，则V2=viD.若电键K闭合一
17、段时间后再断开，无论向上或向下移动b板，则V2 44.80二 二二=二1二 二 +二；二 二见解析【解析】【详解】第一空.小球碰后做平抛运动，由于落地的高度都相同，则落地的时间相同，则小球落地的水平位移与速度成正比，则实验中通过仅测量小球做平抛运动的水平位移，可间接得到小球碰撞前后的速度关系.第二空.检验水平槽BC是否调平的方法是：将小球轻放在槽口，如果能保持静止，说明槽口处于水平，如果不能静止而滚动，说明槽口是倾斜的.第三空.实验装置中的重锤线起的作用是：记录水平面上槽口正下方的位置，即测量小球水平位移的起始点；第四空.为提高实验的精度，防止入射球反弹，要 求m im2；第五空.用尽量小的圆
18、把P的落地点圈起来，圆心即为P的平均落点，则OP=44.80cm。第六空.碰前动量：mi OP=45.0 x44.80gcm=2016.0gcm；碰后总动量：mrOM+m2ON=45.0 x35.20+7.5x55.68=2001.6gem；即则在误差允许的范围内，实验中两小球碰撞前后的动量守恒；第七空.物体初速度较小时，运动范围很小，引力可以看作恒力-重力，做平抛运动；随着物体初速度增大,运动范围变大，引力不再看作恒力；当物体初速度达到第一宇宙速度时，做圆周运动而成为地球卫星。四、解答题：本题共4题，每题5分，共20分 百【解析】【详解】对飞行器由牛顿第二定律可得：GMm(R +/I)2=,
19、隼)2伊+/7)因为:GM=gR2(2)由两式可得：f 吃20.(1)96J(2)24W(3)48W【解析】(1)力F在4s内对物体所做的功力=&=6x16=961._ 16(2)力F在4s内对物体做功的平均功率P=Fv=6 x =24%4-|6(3)在4s末，力F对物体做功的瞬时功率尸=&=2Fv=2 x 6 x =48%4故答案为(1)96J(2)24w(3)48w21.-(1-cos 6)【解析】【详解】设射入后子弹和沙袋的共同速度为V I,子弹和沙袋沿圆弧向上摆至最高点的过程，根据机械能守恒定律有1,(m +M)V =(m+M)gL(-c o s 0),设子弹射入沙袋前的速度为v O,
20、规定子弹的方向为正方向，根据动量守恒定律有：mvo=(m+M)v“解得 v0=子 J 2g L(1-c o s d)【点睛】根据沙袋摆动时的最大摆角，结合机械能守恒定律求出射入后子弹和沙袋的共同速度；对子弹和沙袋组成的系统运用动量守恒，结合动量守恒定律求出子弹射入沙袋前的速度.22.(1)0.52；(2)4.87/；(3J24.4J【解析】【详解】物体由A运动到D过程中运用动能定理得：1 ,WG+Wf=0-mvl重力做功为：%=mglAD s i n 37 =36J摩擦力做功为：Wf=-jjmg c o s 37 -I其中/=A B +B C+CD=5.4m解得：=0.5 2；(2)物体由A运动到B过程中运用动能定理得：m g%s i n 37 0 Rng c o s 37 lAl=g 此 一g 加诏代入数据解得：以=4.8 7%；弹簧压缩到C点时，对应的弹性势能最大，由A到C的过程根据能量守恒定律得:EPnl+/Limg c o s 37 -lA C-m vl+m8c s i n 37。代入数据解得：Epm=24.4J.