2023届西藏自治区拉萨市高三下学期第一次模拟考试试题含答案（六科试卷）.pdf-淘文阁

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1、2023 届西藏自治区拉萨市高三下学期第一次模拟考试试题含答案（六科试卷）1.2023 届西藏自治区拉萨市高三下学期第一次模拟考试文数试题含答案2.2023 届西藏自治区拉萨市高三下学期第一次模拟考试语文试题含答案3.2023 届西藏自治区拉萨市高三下学期第一次模拟考试英语试题含答案4.2023 届西藏自治区拉萨市高三下学期第一次模拟考试理数试题含答案5.2023 届西藏自治区拉萨市高三下学期第一次模拟考试语文文综试题含答案6.2023 届西藏自治区拉萨市高三下学期第一次模拟考试理综试题含答案理科数学全解全析及评分标准第 1 页（共 12 页）拉萨市 2023 届高三第一次模拟考试理科

2、数学全解全析及评分标准一、选择题：本题共 12 小题，每小题 5 分，共 60 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 D B C D A C D C D B B A 1D【解析】由题意，知|0Ax x.又|2Bx x，所以(0,)AB.故选 D 2B【解析】因为21i(12i)ii2zz，所以1212ii213izz .故选 B.3C【解析】设点A的坐标为(,)AAxy，由题意，得(2,0),F所以|4124BF.根据抛物线的定义，知|24AAFx，所以2,Ax 所以216,Ay 则4Ay 故选 C.4D【解析】由题意知

3、12ADAC，23BMBD,所以22(33AMABBMABBDABAD )AB 1233ABAD 121332ABAC 1133ABAC.故选 D.5A【解析】A 选项，2022 年8 月的原油产量同比增长率为负数，说明2022 年8 月原油产量低于2021 年8 月，故A 正确；B 选项，2021 年 9 月至 2021 年 12 月的原油产量的同比增长率呈逐月下降趋势，但均大于 0，则原油产量依然可能会增加，故 B 错误；C 选项，2022 年 4 月的原油产量同比增长率最高，故 C 错误；D 选项，因为3.943.63.63(0.2)1.42.52.92.79，所以 2022 年 3 月

4、至 2022 年 11 月的原油产量同比增长率的平均数约为 2.7%，故 D 错误.故选 A 6C【解析】如图，设H为底面正方形ABCD的中心，G为BC的中点，连接,PH HG PG，则,PHHG,PGBC所以22PGPHHG2299.6173.1613.16，则14422PBCABCDBCPGSPGSABBCAB正方形26.321.3719.2，故选 C 理科数学全解全析及评分标准第 2 页（共 12 页）7 D【解析】因为(0,)2，2cos3，所以2225sin1cos1()33，所以sin5tancos2，所以22522tan2tan24 51tan51()2 故选 D 8C【解析

5、】因为将(1)yf x的图象向右平移1个单位长度后得到函数()yf x的图象且(1)yf x的图象关于点(1,0)成中心对称，所以()yf x的图象关于原点成中心对称，所以()yf x在R上是奇函数，所以(2)f 3(2)121f 故选 C 9D【解析】如图，取CD的中点M，连接BM，3ACBADB，2CBD，2ACAD，2sin33AB，2cos13BCBD，2CD，所以BCD是等腰直角三角形，所以斜边CD的中点M为BCD外接圆的圆心.因为ABBC,ABBD所以AB 平面BCD，所以过M作平面BCD的垂线，过AB的中点N作BM的平行线，两直线的交点为O，点O即为四面体ABCD外接球的球心.连

6、接OB，因为1222BMCD，1322OMNBAB，所以四面体ABCD外接球的半径22ROBOMBM22325()()222，所以所求外接球的表面积245SR故选 D.10B【解析】由正弦定理及1cos2coscCaA，得sin1cossin2cosCCAA，所以sinsincos2sincossinAACCAC，所以sinsincoscossin2sinAACACC，即sinsin()2sinAACC，所以sinsin2sinABC.由正弦定理，得2abc.因为4c，所以28abc，又3C，所以2222()2164821cos=2222abcabababCababab，解得16ab，所以AB

7、C的面积为11sinsin223abCab34 34ab.故选 B.11B【解析】易知直线 l：10kxyk 过定点()1,1Q，且点 Q 在圆 O 内，当 Q 是弦 AB 的中点时，弦长AB最小，此时22|=2 2|2 2ABOQ.=()()PA PBPQQAPQQB 221|4PQAB 2|2PQ.理科数学全解全析及评分标准第 3 页（共 12 页）当 P 是线段 QO 的延长线与圆 O 的交点时，|PQ|最大，且最大值是22，所以PA PB 的最大值是2(22)244 2故选 B 12A【解析】由题意，知0,a 令()ee,0 xaf xxa x，则()e10 xfx，所以()f x

8、在区间(0)，上单调递增，易知()0f a，所以当xa时，()0f x；当0 xa时，()0f x.令21()e2ln1xxaag x，则对任意的(0)x，不等式21(ee)(exaxxa x2ln1)0aa恒成立，等价于当xa时，()0g x；当0 xa时，()0g x.易知21()e2ln1xxaag x在区间(0,)上单调递增，所以xa是21()e2ln1xxaag x的零点，即21e2ln10aaaa，即212lne1aaaa，所以2ln1e2lne1aaaa.构造函数()eth tt，显然 h(t)在R上单调递增，由2ln1e2lne1aaaa，得(2ln)(1)haha，所以2ln

9、1aa，即2ln10aa.令()2ln1aaa，显然()a在区间(0)，上单调递增，易知(1)=0，故1a 故选 A.二、填空题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。13.3【解析】作出不等式组202yxyxy所表示的平面区域，如图中阴影部分所示.由2zxy，得22xzy .作出直线20 xy，并平移，当该直线经过点C时，z取得最小值.由2yxxy，解得11xy，即点(1,1)C，所以2zxy的最小值为12 13.故填 3.14.32【解析】41()2xx展开式的通项为444 21441C()()(1)2C2rrrrrrrrxTxx.令420r，得2r，所以4222443(1)2C

11、f nf x为在0,上的最大值，()()f mf x为在0,上的最小值.令3tx，则3cosyt在,3 3 上有且仅有两个零点，根据余弦函数的图象，得53232 ，所以111766.如图，因为,0,m n x,所以3m，3n，3x,33，且1319636，所以在区间,33上，当13363 时，3cosyt仅取得 1 次最小值3，即()3f m ，满足条件的 m 的个数为 1；当336 时，3cosyt可取得 2 次最小值3，即()3f m ，满足条件的 m 的个数为 2.综上，满足条件的 m 的个数为 1 或 2故填 1 或 2 说明：1.第 14 题：必须化到最简32或112或 1.5 才得

12、分，不能在结果中含有组合数.2.第 16 题：写成 1 和 2 也给分，只写 1 或只写 2 不得分.三、解答题：共 70 分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第 1721 题为必考题，每个试题考生都必须作答。第 22、23 题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共 60 分。17.（12 分）【解析】（1）设等差数列na的公差为d.因为1,2a,5a成等比数列，所以250,0aa，且2251aa，即211()4adad.（1 分）由513Sa，得11545122adad，即12da.（2 分）理科数学全解全析及评分标准第 5 页（共 12 页）由消去d，得211198aaa

13、.（3 分）所以11a 或1a 0（与20a 矛盾，舍去），（4 分）所以2d，（5 分）所以数列na的通项公式1(1)221nann.（6 分）（2）因为11nnnba a1111()(21)(21)2 2121nnnn，（8 分）所以111111(1)()()23352121nTnn（10 分）11(1)22121nnn.（12 分）说明：第一问：4 分段没有写“1a 0 与20a 矛盾，舍去”，直接得到11a，不扣分.第二问：最后结果得到11(1)221nTn，不扣分.18.（12 分）【解析】（1）因为1111ACBC，M为11AB的中点，所以111C MAB.（2 分）由题意，知平面

14、111ABC平面11ABB A，又平面111ABC 平面1111ABB AAB，所以111C MABB A 平面.又AM 平面11ABB A，所以1C MAM.（3 分）因为M为11AB的中点，所以111112A AABAM.又11A AAM，所以145AMA，同理145B MB，所以AMBM.（4 分）因为1C MBMM，所以AM 平面1BC M.（5 分）（2）易知CA，CB，1CC两两垂直，所以以C为坐标原点，CA，CB，1CC所在的直线分别为x轴,y轴,z轴建立如图所示的空间直角坐标系.（6 分）令11112ACBC，则112 2AB，12A A，所以(2,0,0)A，(0,2,0)B

15、，1(0,0,2)C，（7 分）所以(2,2,0)AB ，1(0,2,2)BC .（8 分）设平面1ABC的法向量为(,)a b cm，则100ABBC mm，（9 分）即220220abbc，令1a,则1b,2c，所以(1,1,2)m是平面1ABC的一个法向量.（10 分）显然平面11BBC的一个法向量为(1,0,0)n.（11 分）理科数学全解全析及评分标准第 6 页（共 12 页）设二面角11ABCB的平面角为，则22211cos|211(2)1m nmn，所以23sin1cos2，所以二面角11ABCB的正弦值为32.（12 分）说明：第一问：1.3 分段未写“平面111ABC 平

16、面1111ABB AAB”，“AM 平面11ABB A”不扣分.2.5 分段未写“1C MBMM”不扣分.第二问：1.只要建系合适、计算正确均可得分.2.11 分段取“(,0,0)an，其中 a 为除 0 以外的任何数”也给分.19（12 分）【解析】设每一轮罚球中，甲队球员罚进点球的事件为A，未罚进点球的事件为A；乙队球员罚进点球的事件为B，未罚进点球的事件为B.（1）设每一轮罚球中，甲、乙两队打成平局的事件为C，由题意，得在每一轮罚球中两队打成平局的情况有两种：甲、乙均未罚进点球，或甲、乙均罚进点球，（2 分）则1212()()()()()(1)(1)2323P CP AP BP AP B

17、（4 分）111632，故每一轮罚球中，甲、乙两队打成平局的概率为12.（5 分）（2）因为甲队第 5 个球员需出场罚球，则前四轮罚球甲、乙两队分差不能超过 1 分，即四轮罚球结束时比分可能为 2:1 或 2:2 或 3:2.（7 分）比分为 2:1 的概率为()()()()()()()()P AP BP AP BP AP BP AP B 理科数学全解全析及评分标准第 7 页（共 12 页）12121212(1)(1)(1)(1)(1)(1)23232323 11118189.（8 分）比分为 2:2 的概率为()()()()P AP BP AP B12121(1)(1)23239.（9

18、分）比分为 3:2 的概率为()()()()()()()()P AP BP AP BP AP BP AP B 12122(1)223239.（10 分）综上，甲队第 5 个球员需出场罚球的概率为1124=9999（12 分）说明：第一问：1.2 分段缺失，只列式不设事件，计算正确扣 1 分.2.分开写时，求出甲、乙均不得分的概率给 1 分，求出甲、乙均得 1 分的概率给 1 分，计算结果 1 分.第二问：1.7 分段四轮罚球结束时比分可能为 2:1 或 2:2 或 3:2，写漏的扣 1 分，只有 1 个或 2 个对的扣 1 分.2.在计算 2:1 的概率，2:2 的概率，3:2 的概率列式对计

19、算错不给分.3.没有分类，但出现(2:1)2()(:23:2)PPPP的式子不扣分.4.12 分段如果式子“112999”写对而结果错误，扣 1 分.20（12 分）【解析】（1）由题意，得椭圆E的半焦距3c，当A为椭圆E的上顶点时，()0Ab,，设00()B xy,，（1 分）则1100(3)(3)AFbFBxy,，,.由117AFFB，得008 377bxy ，8 3()77bB,，（2 分）将点 B 的坐标代入椭圆E的方程，得24a.（3 分）又23c，2221bac，（4 分）椭圆E的标准方程是2214xy.（5 分）（2）以AB为直径的圆不经过点2F，理由如下：依题意，知直线l的方程

20、为1(3)2yx.（6 分）理科数学全解全析及评分标准第 8 页（共 12 页）联立22141(3)2xyyx，消去y，并整理，得222 310 xx.（7 分）设11(,)A x y，22(,)B xy，则由根与系数的关系，得123xx，1212x x .（8 分）易知，直线2AF,2BF的斜率都存在且不为0.若以AB为直径的圆经过点2F，则22,AFBF所以直线2AF,2BF的斜率之积为1,即221AFBFkk，（9 分）而2212121212(3)(3)1433(3)(3)AFBFyyxxkkxxxx 121212123()3143()3x xxxx xxx 13(3)3112114

21、443(3)32 ，（11 分）所以以AB为直径的圆不经过点2F.（12 分）说明：1.第二问中直接回答“以AB为直径的圆不经过点2F”得 1 分.2.第二问 8 分后用220F A F B 去验证也给分.21（12 分）【解析】（1）因为4()2fxx，所以(1)2f .（1 分）又(1)1f，所以曲线()yf x在1x 处的切线方程为12()1yx ，所以()23g xx.（2 分）令()()()44ln4xf xg xxx，则1()4(1)xx，（3 分）由()0 x，解得1x；由()0 x，解得01x，所以()x在(0,1)上单调递减，在(1,)上单调递增，（4 分）所以()(1)0

22、x，所以当0 x 时，()()0f xg x恒成立.（5 分）（2）由（1）知切线23yx 始终在曲线()yf x的下方.（6 分）42(2)()2=(0)xfxxxx.由()0fx，解得2x；由()0fx，解得02x，所以()f x在(0,2)上单调递减，在(2,)上单调递增.（7 分）因为12,x x是()f xa的两根，所以1202xx.理科数学全解全析及评分标准第 9 页（共 12 页）将23yx 与ya联立，解得032ax，显然01xx.要证2122xxa，只需证2022xxa，即证23222aax，等价于23270ax(*).（8 分）又222()24ln1af xxx，故(*

23、)式等价于22412ln40 xx.（9 分）令()412ln4(2)h xxxx，则124(3)()4xh xxx.由()0h x，解得3x；由()0h x，解得23x，所以()h x在(2,3)上单调递减，在(3)，上单调递增，（10 分）故43()(3)(1612ln34 43ln34()ln el)n 3h xh.因为2e7，所以43e3，所以43ln eln 3，所以()0h x，（11 分）所以2122xxa.（12 分）说明：第二问：1.6 分段得出23yx 与()yf x图象的位置关系.2.7 分段求出()yf x的单调性.3.8 分段将2122xxa通过23yx 转化为2x与

24、a的关系.4.9 分段将2x与a的关系转化为关于2x的不等式的证明.5.10 分段求关于2x的函数的单调性.6.11 分段得出 h(x)0.7.12 分段证出结论.8.直接画图说明23yx 与()yf x图象的位置关系不扣分.9.利用1612ln31612 1.11613.22.80(3)h不扣分.（二）选考题：共 10 分。请考生在第 22、23 题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。22选修 4-4：坐标系与参数方程（10 分）【解析】（1）由1xtyt，消去t,得21(0)yxy或1yx.（2 分）由sin2cos0，得sin2 cos0,将cos,sinxy代入，得20 x

25、y.（4 分）理科数学全解全析及评分标准第 10 页（共 12 页）故曲线 C 的普通方程为21(0)yxy或1yx，直线 l 的直角坐标方程为20 xy.（5 分）（2）设(1,)P tt是曲线 C 上任一点，则点 P 到直线l的距离为2|2(1)|5115|2()|5485ttt，（8 分）所以当1,4t 即116t 时,点 P 到直线l的距离最小，即|PQ取得最小值，为3 58（10 分）说明：第一问：1.式子“21(0)yxy”中，没有写“0y”，扣 1 分.2.没有写“cos,sinxy”不扣分.第二问另解：由题意，知当曲线 C 在点 P 处的切线与直线 l 平行时，两平行线之间

26、的距离为所求的最小值.（7 分）设:2lyxb与21(0)yxy相切，则由221yxbyx，消去 y，整理得224(41)10 xbxb，由22(41)16(1)0bb，得158b ，（8 分）所以15:28lyx，所以|PQ的最小值为21515|0|3 588=8521d.（10 分）23选修 4-5：不等式选讲（10 分）【解析】（1）344213()2221442xxf xxxx，（1 分）3,0()3,0 xxg xxx，（2 分）画出()yf x，()yg x的图象如图所示：理科数学全解全析及评分标准第 11 页（共 12 页）（5 分）（2）要证1()()2f xg x，即证|

27、21|23|1|32xxx，（6 分）只需证13131222|2|2|3xxxxx.33|11(22)|222xxxx，当且仅当1()2x 3()02x，即1322x时，等号成立.（7 分）同理，1313|()|12222xxxx，当且仅当1()2x 3()02x，即1322x时，等号成立.（8 分）又1|02x，当且仅当12x 时，等号成立，（9 分）13131222|2|2|3xxxxx，当且仅当12x 时，等号成立，1()()2f xg x成立.（10 分）说明：第一问：1.1 分段将()f x化为分段函数时有错不得分.2.2 分段将()g x化为分段函数时有错不得分.3.5 分段正确作

28、出()f x的图象得 2 分，正确作出()g x的图象得 1 分.作图时函数图象形状大致正确，但关键点不正确扣 1 分.4.只画图不写出()f x和()g x分段函数形式扣 2 分.第二问：1.6 分段将()f x和()g x代入1()()2f xg x.2.7 分段将不等式拆解成 x 系数为 1 的含 5 个绝对值的不等式，并利用绝对值三角不等式得出|2|1x 3|2x 的最小值及等号成立的条件.3.8 分段利用绝对值三角不等式得出13|22xx的最小值及等号成立的条件.理科数学全解全析及评分标准第 12 页（共 12 页）4.9 分段得出1|02x 等号成立的条件.5.10 分段得出原

29、不等式等号成立的条件，从而证出原不等式.6.第（2）问如果通过平移作图证明，此问也可得 5 分理科综合全解全析及评分标准第 1 页（共 15 页）拉萨市 2023 届高三第一次模拟考试理综生物全解全析及评分标准 1 2 3 4 5 6 D A C B D D 1D【解析】乳酸菌和酵母菌都是具有细胞结构的生物，因此遗传物质都是DNA，而不是以DNA作为主要的遗传物质，A错误；乳酸菌是厌氧生物，不能进行有氧呼吸，B错误；酵母菌是真核生物，细胞内的线粒体具有半自主性，部分蛋白质在线粒体内合成，C错误；乳酸菌和酵母菌中的DNA复制或转录时，会与相关的酶结合形成DNA蛋白质复合物，D正确。2A【解

30、析】选项A、B、C、D中主要操作流程均正确。实验材料：菠菜叶肉细胞中才有叶绿体，因此，A项达不到实验目的。黑藻叶片细胞具有大液泡，可以发生质壁分离与复原；煮熟的豆浆中，蛋白质的空间结构发生了改变，但肽键未被破坏；洋葱鳞片叶内表皮细胞中有DNA和RNA。因此，选项B、C、D中选用的实验材料皆可行。3C【解析】机体清除入侵的流感病毒体现了免疫系统的防卫功能，A 错误；浆细胞不具有识别功能，但其合成、分泌的抗体会与抗原（流感病毒）特异性结合，B 错误；接种流感疫苗主要通过增加人体血液中抗体的浓度、记忆 B 细胞的数目来提高人体对流感病毒的免疫力，抗体和记忆 B 细胞参与的过程属于体液免疫，C 正确；

31、免疫细胞包括淋巴细胞和吞噬细胞等，它们都会参与特异性免疫，D 错误。4B【解析】由题干信息可知，基因的表达调控在转录前表现为基因会选择性表达，在转录后表现为剪接体对mRNA进行加工，A正确；因为剪接体由蛋白质和RNA组成，故其精准识别mRNA上的特定核苷酸序列时发生RNA与RNA的结合，碱基配对方式为AU、GC，而转录过程中发生的是DNA与RNA的结合，碱基配对方式为AU、TA、GC，B错误；因为剪接体会将转录出来的mRNA先剪成若干片段，再选择性地将其拼接成不同的mRNA序列，所以翻译得到的蛋白质种类可能多于基因的种类，C正确；剪接体剪切、拼接mRNA时，破坏和新生成的都是磷酸二酯键，D正确

32、。5D【解析】能量流动过程中，所有生态系统都会有一部分能量以热能形式散失或未利用，故都需要源源不断地输入能量，物质循环具有全球性，在生物圈中是自给自足、循环往复的，小生态系统则不能（如农田生态系统，物质会随农产品的输出而减少，所以需要通过浇水、施肥等进行补充，以维持循环），A错误；生态系统中的物质循环在生物群落和非生物环境之间进行，能量沿食物链和食物网流动，信息传递可以在生物和环境间、不同生物之间相互传递，B错误；作物种植管理中的除草、杀虫等措施是调整能量流动方向，使其更多地流向对人类有益的方向（农作物），从而提高能量的利用率，不改变相邻营养级间能量的传递效率，C错误；秸秆养牛、利用粪便等废弃

33、物生产沼气可以使原本流向分解者的能量转化成人类可利用的能量，从而提高能量的利用率，D正确。理科综合全解全析及评分标准第 2 页（共 15 页）6D【解析】根据甲组实验可推出：控制快羽和慢羽性状的基因（B/b）位于Z染色体上，且慢羽是显性性状，甲组双亲的基因型是ZbZb（）、ZBW（），子代中快羽都是雌鸡（ZbW），慢羽都是雄鸡（ZBZb），A、B正确；根据乙组实验可推出：亲代慢羽雄鸡的基因型可能是ZBZB或ZBZb，也可能两种基因型都有，子代基因型可能为ZBZb、ZBW、ZbZb、ZbW，子代中慢羽鸡（ZBZb、ZBW）相互交配，所产雌鸡（ZBW、ZbW）既有慢羽，也有快羽，C正确、D错误。

34、29（8 分）（1）不一定（1 分）此时二者的呼吸速率未知（1 分。答案合理即可。）（2）减少（1 分）减少（1 分）（3）11 时13 时已经达到玉米的光饱和点；（1 分）二氧化碳浓度低，光合作用中暗反应减弱，限制了光反应的进行（1 分。写出此时二氧化碳是限制因素即可。）（答案合理即可）（4）有效防止虫害；减少杂草繁殖；充分利用土壤中的无机盐；大豆可以与根瘤菌共生，通过固氮作用增加土壤肥力（2 分。写出 1 项得 1 分，写出任意 2 项得 2 分。）【解析】（1）玉米和小麦光合作用产生的氧气量反映的是实际光合作用，应包括各自光合作用释放的氧气量和呼吸作用所消耗的氧气量，从图中可以看出，在

35、10 时二者吸收的 CO2量相等，释放的氧气量也是相等的，但二者呼吸消耗的氧气量未知，因此二者实际光合作用产生的氧气量不一定相等。（2）若在11 时天气突然转阴，光反应受抑制，H的合成量减少，短时间内暗反应还在利用H，因此叶绿体中H的含量减少；随着H供应的不足，C3的还原速率减小，C5的合成速率减小，但短时间内 C5固定CO2生成 C3的速率不变，所以叶绿体内 C5的含量减少。（3）11 时13 时已经达到玉米的光饱和点；二氧化碳浓度低，光合作用中暗反应减弱，限制了光反应的进行，因此玉米的光合速率不再增加。（4）作物的种类不同，对其造成危害的害虫种类不尽相同，生长期间优势杂草的种类不尽相同，它

36、们吸收的无机盐（矿质元素）也不尽相同，农业生产上的轮换种植不同作物或复种组合的种植方式可以有效防治病虫害，减少杂草繁殖，充分利用土壤中的无机盐，此外，大豆可以与根瘤菌共生，通过固氮作用增加土壤肥力。30（11 分）（1）促进新陈代谢，加速物质的氧化分解，使机体产热增多（2 分。写出促进新陈代谢或加速物质的氧化分解得 1 分，写出使机体产热增多得 1 分。）汗腺（液）分泌减少；毛细血管收缩；立毛肌收缩（起鸡皮疙瘩）（2 分。写出任意两项即可。）增加（1 分）增加（1 分）（2）适当撤减衣被；在额头上敷用冷水浸泡过的毛巾；用酒精棉球擦拭四肢等部位等（2 分。写出任意合理的两项即可。）（3）损毁下丘

37、脑的发热大白鼠+b 溶液（1 分）理科综合全解全析及评分标准第 3 页（共 15 页）b 具有解热作用（1 分）b 具有解热作用并通过影响下丘脑体温调节中枢调控体温（1 分。要同时体现出具有解热作用和通过影响下丘脑体温调节中枢调控体温这两层意思才能得分。）【解析】（1）在寒冷刺激下，神经系统通过下丘脑分泌促甲状腺激素释放激素，作用于垂体，垂体分泌的促甲状腺激素作用于甲状腺，使得甲状腺激素的分泌增加，甲状腺激素可以促进细胞新陈代谢、加速物质氧化分解，使机体产热增多。在寒冷环境中，机体一方面通过神经调节和体液调节增加产热，另一方面，也通过神经调节皮肤上的毛细血管和汗腺，使得毛细血管收缩，汗腺（液

38、）分泌减少，从而减少散热，维持体温相对稳定。与温暖环境相比，寒冷环境下，人体内的促甲状腺激素释放激素、促甲状腺激素和甲状腺激素都会增加。（2）长时间高热对机体健康危害很大，在就医不便的情况下可以自行采用物理降温措施来缓解：如适当撤减衣被；在额头上敷用冷水浸泡过的毛巾；用酒精棉球擦拭四肢等部位等。（3）“探究 b 是否具有解热作用并通过影响下丘脑体温调节中枢调控体温”涉及两个探究问题：一是探究b 是否具有解热作用；二是探究 b 是否通过影响下丘脑体温调节中枢调控体温。由表格中信息可知，甲组为空白对照组，发热大白鼠会出现发热的症状；乙组添加了生理盐水溶解的药物 a 溶液，已知药物 a作用于下丘脑体

39、温调节中枢调控体温，所以发热大白鼠会退热；丙组添加了生理盐水溶解的 b 溶液，也出现退热现象，说明 b 与药物 a 一样也具有解热作用；丁组大白鼠出现发热症状，要探究 b 是否通过影响下丘脑体温调节中枢调控体温，依据实验设计要遵循的单一变量原则，可知与丙组相比，丁组的处理应该是：损毁下丘脑的发热大白鼠+b 溶液。由甲、乙、丙三组实验结果，可得出结论：b 具有解热作用。由甲、乙、丙、丁四组实验结果，可得出结论：b 具有解热作用并通过影响下丘脑体温调节中枢调控体温。31（9 分）（1）保护生物多样性，特别是鸟类丰富度（2 分。保护生物多样性 1 分，保护鸟类丰富度 1 分。）（2）N、P（1 分，

40、写成氮、磷也可以，同时写出才能得分）水平（1 分）直接（1 分）（3）能充分利用空间和资源（2 分。写出空间得 1 分，写出资源得 1 分，意思正确即可。）维持生态系统的稳定性，保持养殖产品的持续高产（或实现生态效益和经济效益的可持续发展）（2 分。写出维持生态系统的稳定性或维持生态系统的平衡得 1 分，写出保持养殖产品的持续高产得 1 分。）【解析】（1）分析表中数据可知，湿地生态系统在保护生物多样性，特别是鸟类丰富度等方面具有重要作用。（2）城市生活污水中有大量含 N、P 等元素的无机盐，排放到河流、湖泊中后，会引起水中藻类大量繁殖，产生“水华”。从岸边到水面上呈散乱、镶嵌交错分布着各种植

41、物，从群落结构看，这属于群落的水平结构。湿地生态系统的景观增添了丰富的旅游资源，体现了生物多样性的直接价值。理科综合全解全析及评分标准第 4 页（共 15 页）（3）根据生物空间位置、食性等的差异，混合投放河蚌、青鱼、草鱼、鲢鱼等水生动物进行养殖，使群落中的生物垂直分层，充分利用空间和资源。在投放养殖时需考虑所养殖生物的环境容纳量、种间关系等因素，从而确定每种生物之间的合适比例，这样做的目的是维持生态系统的稳定性，保持养殖产品的持续高产（即实现生态效益和经济效益的可持续发展）。32（11 分）（1）从左到右依次是：白色色素（1 分）桔色色素（1 分）黄色色素（1 分）（2）3（2 分）aaB

42、b（或 Aabb）（2 分）（3）2/9（2 分）（4）黄花桔花白花=2556（2 分。顺序可变，但表现型与比例的对应需正确才能得分。）【解析】（1）根据实验可知，该植物的花色性状受两对等位基因控制，且遵循基因的自由组合定律。实验的 F2中，黄花占 9/16，说明黄花为双显性状，即细胞中同时具有酶 1 和酶 2 时才能表现为黄色，白花占 4/16，说明其是一显一隐（3/16）和双隐性（1/16）的组合，白色色素应是酶 1 和酶 2 都不需要的前体色素，而桔色占 3/16，说明其中的桔色色素是由前体色素经过酶 1 催化形成的。综上分析，三种色素的关系是：白色色素在酶 1 的催化下形成了桔色色素，

43、桔色色素在酶 2 的催化下形成了黄色色素。（2）通过分析可知，白花植株的基因型为 aaB_（或 A_bb）、aabb，即白花植株的基因型为 aaBB、aaBb（或 AAbb、Aabb）、aabb，共 3 种。纯合桔花植株的基因型为 AAbb（或 aaBB），与该白花植株杂交，后代出现两种花色，说明该白花植株有 1 对杂合基因，即基因型为 aaBb（或 Aabb）。（3）假设酶 1 由 A 基因控制，酶 2 由 B 基因控制，则实验中亲本的基因型为 AABB、aaBB，F1黄花的基因型为 AaBB。实验F2黄花植株的基因型分别是：AABB（1 份）、AaBB（2 份）、AABb（2 份）、AaB

44、b（4 份）。因此，实验F2黄花植株中与实验F1黄花植株基因型相同的概率是 2/9。（4）实验F2黄花植株在自然条件下繁殖一代，该植物是自花传粉植物，即只能进行自交，由 F2黄花植株的基因型及其比例（1/9AABB、2/9AaBB、2/9AABb、4/9AaBb）可知，自交繁殖后代的表现型及其比例是黄花桔花白花=2556。37（15 分）（1）可溶性淀粉（2 分。写出淀粉即可。）培养基、锥形瓶、接种环（2 分。只有全部正确才能得分。）（2）稀释涂布平板法（2 分。写出涂布法即可得分。）下降（2 分）（3）酒曲中能分解淀粉的微生物有多种，不同种类的微生物在平板上形成各自稳定的菌落特征（3 分。写

45、出一个方面得 1 分，两个方面都写出得 3 分。）小（2 分）（4）包埋（2 分）【解析】（1）由于要筛选的是高产淀粉酶的细菌，因此只能以淀粉作为唯一碳源。在提供的材料用具中，理科综合全解全析及评分标准第 5 页（共 15 页）需要经过严格灭菌的有培养基、锥形瓶、接种环，高温酒曲中含有所需菌种，既不需要灭菌，也不需要消毒。（2）图中所用接种方法是稀释涂布平板法。因为培养基中的碳源只有淀粉，所以不能产生淀粉酶的菌体因缺乏碳源不能生长增殖，而能产生淀粉酶的菌体能正常生长增殖，一段时间之后，培养基中不能产淀粉酶的菌体比例会下降。（3）不同的微生物形成的菌落是不一样的，酒曲中含有多种微生物，能分解淀

46、粉的微生物也有多种，不同种类的微生物在平板上形成各自稳定的菌落特征，因此，号培养基上的菌落形状、大小、颜色、隆起程度不完全一致。菌落直径越小，其周围产生的透明圈的直径越大，即菌落直径/周围透明圈直径的值越小，其分解淀粉的能力就越强。（4）如果要将微生物制成固体菌种，可以将微生物细胞均匀地包埋在不溶于水的多孔性载体中，这种方法称为包埋法。38（15 分）（1）干扰素基因转录的 mRNA（2 分）逆转录（反转录）（2 分）无启动子、终止子和内含子（3 分。写出 1 项不得分，写出 2 项得 2 分，写出 3 项得 3 分。）（2）基因表达载体（2 分）使大肠杆菌成为易于吸收周围环境中 DNA 分子

47、的感受态细胞（2 分）（3）氨基酸（2 分）密码子具有简并性（2 分）【解析】（1）利用“特殊病毒诱生技术”获得干扰素基因的原理是：病毒感染会引起白细胞等增殖分化并产生干扰素，其干扰素基因启动表达转录出相应的 mRNA，之后分离提取脐血白细胞中的 RNA，与常态培养的脐血白细胞中提取的 RNA 进行分离比对，筛选出干扰素基因转录的 mRNA，再利用逆转录（反转录）就可以获得干扰素基因。转录形成 RNA 时位于基因两端的启动子和终止子不在编码区不进行转录，位于编码区中的内含子在编码区转录形成 RNA 后被剪接体加工剪掉才形成成熟的 mRNA，故由成熟 mRNA 逆转录合成的基因不含启动子、终止子

48、和内含子。（2）获得的目的基因，必须先构建成基因表达载体，再导入大肠杆菌中才能有效表达。导入前需用 Ca2+处理大肠杆菌，目的是使大肠杆菌成为易于吸收周围环境中 DNA 分子的感受态细胞。（3）根据题干信息，改造后的干扰素分子中半胱氨酸替换为丝氨酸，因此需要对蛋白质的氨基酸进行改造，然后根据其序列推测出相应基因的脱氧核苷酸序列，由于密码子具有简并性，所以推测出的脱氧核苷酸序列可能不止一种。理科综合全解全析及评分标准第 6 页（共 15 页）理综化学全解全析及评分标准 7 8 9 10 11 12 13 D A B C B D C 7D【解析】铜锡合金属于混合物，无固定熔点，A 项错误；青铜的

49、铸造、雕刻为物理变化，B 项错误；改变合金各组分的比例会影响合金的性能，C 项错误；淮南万毕术中“曾青得铁则化为铜”描述的为铁从硫酸铜溶液中置换出铜，属于湿法炼铜，大冶赋菽园杂记等文献中记载了多种热还原法冶炼铜的技术，属于火法炼铜，D 项正确。8A【解析】1 个甲醇分子中含 3 个 CH 键，所以 32 g（1 mol）甲醇中含有 CH 键的数目为 3NA，A项正确；SiO2属于原子晶体，无单独的分子存在，B 项错误；未指明气体是否处于标准状况或给出该状况下的气体摩尔体积，无法计算 22.4 L CH4的物质的量，而且 CH4与 Cl2的取代反应为链式反应，生成CH3Cl、CH2Cl2、CHC

50、l3、CCl4的混合物，生成 CH3Cl 分子的数目不确定，C 项错误；CH3COONa 水解促进水的电离，由常温下溶液 pH=9 知，溶液中 OH浓度为 105 molL1，OH全部由水电离产生，所以由水电离出的 OH数目为 105NA，D 项错误。9B【解析】2,6二异丙基萘的分子式是 C16H20，A 项正确；2,6二异丙基萘分子中最多有 14 个碳原子共平面，B 项错误；2,6二异丙基萘分子中有 5 种不同化学环境的 H，因此其一溴代物有 5 种，C 项正确；2,6二异丙基萘分子中与苯环相连的碳原子上有氢原子，能被酸性高锰酸钾氧化，D 项正确。10C【解析】工业上常通过电解熔融的 Al

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