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1、答案第 1 页，共 12 页 20222022 届辽宁省协作体高三（下）第一次模拟考试物理试题届辽宁省协作体高三（下）第一次模拟考试物理试题 参考答案：参考答案：1C【解析】【分析】本题考查物体的受力分析，对物体进行受力分析结合物体的平衡即可进行求解。【详解】AB 对 A 的作用力大小为 A 的重力大小mg，方向竖直向上，故 A 错误；BB 的两侧面对 A 的弹力的合力为cosmg，因 A 对称放在 B 上，但 B 的一个侧面对 A的弹力大小不为cosmg，故 B 错误；CA 受力平衡，根据平衡条件得，最大静摩擦力的合力大小应与 A 的重力沿斜面方向的分力平衡，即最大静摩擦力的合力大小为sin
2、mg，故 C 正确；DA 处于静止状态，B 倾斜时，对 A 进行受力分析，A 受到重力，B 的两侧对 A 的两个支持力，B 的两侧对 A 的两个摩擦力，共五个力，选项 D 错误。故选 C。2D【解析】【详解】由万有引力提供向心力()22MmvGmRrRr=+解得空间站的线速度 vrGMR=+空间站在轨道上通过的弧长 1124433236.67 106.0 10600m2.8 10 km6.4 10103.9 1010lvt=+故 D 正确。故选 D。3B 一手课程 当天更新 唯一微信：r 45660答案第 2 页，共 12 页【解析】【详解】A法拉第笼上的感应电荷在笼体外表面上分布不均匀，离放
3、电杆尖端越近和越远处电荷密度越大，A 错误；B处于静电平衡状态的导体是个等势体，又因为金属笼子与大地相通，所以笼子上及法拉第笼内部各点的电势均等于零，所以法拉第笼内部任意两点间的电势差为零，B 正确；C法拉第笼上的感应电荷与放电杆尖端上的电荷在笼内的合场强等于零，所以法拉第笼上的感应电荷在笼内产生的电场强度不等于零，C 错误；D由于带电粒子和法拉第笼的电性未知，所以无法比较同一带电粒子在法拉第笼外的电势能与在法拉第笼内部的电势能的大小，D 错误。故选 B。4A【解析】【详解】设射入 CD面上的入射角为，因为在 CD和 EA 上发生全反射，且两次反射的入射角相等，如下图 根据集合关系有 490=
4、解得=22.5 一手课程 当天更新 唯一微信：r 45660答案第 3 页，共 12 页 当光刚好在 CD 和 AE 面上发生全反射时，折射率最小，根据 1sinn=解得最小折射率为 1sin22.5n=故 BCD 错误，A 正确。故选 A。5B【解析】【详解】A从 O点到 B点做平抛运动，有 212hgt=，0lv t=得 O 点到 B 点的时间及 O点的速度为 0.8st=，03m/sv=P 点的速度 05m/ssinpvv=cos4m/spypvv=P 点与 O点所用时间 0.4sPyvtg=P 点与 O点高度差及水平位移分别为 20.8m2PyOPvhg=，01.2mOPxv t=而
5、2.4mAPBPOPhhhh=所以()226 13m5BPOPBPslxh=+=故 A 错误；一手课程 当天更新 唯一微信：r 45660答案第 4 页，共 12 页 BAB 之间的距离为 0.4mtanAPABOPhslx=+=故 B 正确；C娱乐者从 P点到 B点过程中的时间为 1.2sttt=+=总 故 C 错误；D娱乐者从 P点到 B点过程中，到 B 点时竖直方向速度 22Byvgh=所以 22073m/sBByvvv=+=故 D 错误。故选 B。6B【解析】【详解】以棱台为参考系，以释放点为原点建立坐标系。水平方向的加速度 sin cosxag=竖直加速度 sin sinyag=相对
6、于棱台 水平位移 21sincos2xgt=竖直位移 21sinsin2ygt=四个小球的竖直位移 y均相同，故所用时间相同，即 abcdTTTT=一手课程 当天更新 唯一微信：r 45660答案第 5 页，共 12 页 根据功的定义可知，重力对四个小球做功相等，因 a 受支持力与运动方向成锐角，做正功，而 c受支持力与运动方向成钝角，做负功，b、d 受到的支持力与运动方向垂直，不做功；故前者水平速度大，故落地时的机械能关系为 abdcEEEE=故 B 正确，ACD 错误。故选 B。7B【解析】【详解】香皂盒与纸板发生相对滑动时，根据牛顿第二定律可得 11 1m gma=解得 212m/sa=
7、对纸板，根据牛顿第二定律可得()11222Fm gmmgm a+=为确保实验成功，即香皂盒移动的距离不超过 l0.002m，纸板抽出时香皂盒运动的最大距离为 211 112xat=纸板运动距离为 212 112dxa t+=纸板抽出后香皂盒运动的距离为 223 212xa t=则 12 lxx=+由题意知 a1a3，a1t1a3t2 代入数据联立得 一手课程 当天更新 唯一微信：r 45660答案第 6 页，共 12 页 F1.42N 故 B 正确，ACD 错误。故选 B。8CD【解析】【详解】A开普勒在第谷观测数据的基础上发现了开普勒三大定律，故 A 错误；B法拉第发现了电磁感应现象，但是韦
8、伯和纽曼发现了电磁感应定律，故 B 错误；C库仑猜想到电荷之间的作用力与万有引力具有相似性，并通过扭秤实验验证了这一猜想，故 C 正确；D丹麦物理学家奥斯特发现电流可以使它周围的小磁针发生偏转，即发现了电流的磁效应，故 D 正确。故选 CD。9AC【解析】【详解】CD金属棒 a 以初速度 2v0在磁场中运动产生的感应电流为 0a2=BLviR 金属棒 a 受到安培力作用做减速运动，则感应电流随之减小，即 i-t图像的斜率逐渐减小；当 b 棒刚入磁场时，设 a 棒的速度为 v1，此时的电流为 1BLviR=若 v1=v0则有 0012BLviiR=此时 a、b 棒产生的电动势相互抵消，电流是零，
9、不受安培力作用，则 a 棒均匀速运动离开磁场；电路中无电流，C 图像可能正确，D 图像错误；AB若10vv则有 0112iBLviR=此时因 b 棒速度大，电流方向以 b 棒产生的电流方向与原 a 棒产生的电流方向相反，电流一手课程 当天更新 唯一微信：r 45660答案第 7 页，共 12 页 大小为()01BL vviR=b 棒受安培力而减速，a 棒受安培力而加速，则电流逐渐减小，A 图像可能正确，B 图像错误。故选 AC。10AD【解析】【详解】A红外线最短波长和最长波长分别为 min=0.76m，max=1000m 根据光子能量 cEhh=代入数据可得光子最大和最小能量分别为 max1
10、.64eVE=，-3min1.24 10 eVE=A 正确；B氢原子从 n=3 能级向 n=2 能级跃迁时释放出的光子能量 max1.51(3.4)1.89eVEE=因此不会被被红外测温仪捕捉到，B 错误；C大量氢原子从 n=4 能级向低能级跃迁时，放出的能量为 430.85(1.51)0.66eVE=321.51(3.4)1.89eVE=只有从 n=4 向 n=3 轨道跃迁时放出的光子能量在红外区，因此红外测温仪可捕捉到 1 种频率的红外线，C 错误；D大量处于 n=2 激发态的氢原子吸收能量为 2.86eV 的光子后跃迁到 n=5 的能级，再从该能级向回跃迁时，放出的能量有 540.54(
11、0.85)0.31eVE=一手课程 当天更新 唯一微信：r 45660答案第 8 页，共 12 页 430.85(1.51)0.66eVE=因此，辐射出的光子可能被红外测温仪捕捉，D 正确。故选 AD。11 1.881（1.880、1.882 均可）21t 22()12mM dsmgt+=【解析】【详解】（1）1 根据螺旋测微器的读数规则分析，固定刻度读数为 1.5mm，可动刻度读数为38.10.01mm0.381mm，则螺旋测微器的读数为 d1.5mm0.381mm1.881mm（4）2 3利用极短时间内的平均速度表示瞬时速度，则物块通过光电门的瞬时速度 dvt=根据动能定理得()21 2m
12、gsmM v=+解得 22()12mM dsmgt+=所以，以 s为纵轴，以 21t为横轴，图像为如图丙的过原点的直线。12 A 分压 ABUI【解析】【详解】（1）1 根据图甲实验电路可知，实物连线图如图所示 一手课程 当天更新 唯一微信：r 45660答案第 9 页，共 12 页 （3）2 当2S接 2 位置时，可把电流表与电源看作一个等效电源，根据闭合电路欧姆定律 EU=断 可知电动势测量值等于真实值，UI图线应是 A 线，即 AEU=真 3S2接 2 位置时，测出的电池内阻 r 存在系统误差，原因是电流表分压。4当2S接 2 位置时，可把电流表与电源看作一个等效电源，根据闭合电路欧姆定
13、律 EU=断 可知电动势测量值等于真实值，UI图线应是 A 线，即 AEU=真 由于2S接 1 位置时，UI图线的 B 线对应的短路电流为 BII=短 所以 ABEUrII=真真短 13（1）3m/sv=；（2）6JQ=【解析】【详解】（1）木板与小铁块组成的系统动量守恒()0MvMm v=+解得 一手课程 当天更新 唯一微信：r 45660答案第 10 页，共 12 页 0=3m/sMvvMm=+（2）根据能量守恒定律，系统损失的动能转化为热能 22011()22QMvMm v=+解得 6JQ=14（1）13VV=，103pp=；（2）303pp=【解析】【详解】（1）设打开 K2后，稳定时
14、活塞上方气体的压强为 p1，体积为 V1。依题意，被活塞分开的两部分气体都经历等温过程，由玻意耳定律，对 B 01 1p VpV=对 A()01152p VpVV=联立式得 13VV=103pp=（2）刚打开 K3时，活塞上方气体压强变为大气压强，则活塞下方气体压强大，活塞将上升。设活塞运动到顶部之前重新稳定，令下方气体与 A 中气体的体积之和为 V2（22VV）。由玻意耳定律得 0025p Vp V=得 22VV 则打开 K3后活塞会上升到 B 的顶部为止。活塞上升到 B 的顶部，令气缸内的气体压强为 p2，由玻意耳定律得 0252p Vp V=设加热后活塞下方气体的压强为 p3，气体温度从
15、1300KT=升高到2360KT=的等容过程一手课程 当天更新 唯一微信：r 45660答案第 11 页，共 12 页 中，由查理定律得 3212ppTT=得 303pp=15（1）70410 m/s3v=；（2）21mR；（3）()75.7410 s1,2,3tnn=【解析】【详解】（1）根据动能定理有 2012qUmv=得 70410 m/s3v=（2）设粒子在磁场中做圆周运动的半径为r，则 200vqv Bmr=则 01m3mvrBq=若粒子与轨迹圆b相切，则粒子恰好不能穿越磁场的外边界，此时圆 b半径最小，记为2minR，如图所示 由几何关系得 2212minRrRr+=解得 一手课程
16、 当天更新 唯一微信：r 45660答案第 12 页，共 12 页 2min1mR=则 21mR （3）由几何关系得 3arctan303=，得60POP=，故带电粒子进入磁场绕圆O转过()36018060240=又回到圆a 粒子的运动轨迹如图所示.故粒子从P点进入磁场到第一次回到P点时，粒子在磁场中运动时间为 12433mtTBq=粒子在圆中运动时间为 1206Rtv=粒子第一次回到P点运动的总时间为 71120645.74 10 sRmtttBqv=+=+=.故带电粒子从P点进入磁场到回到P点所需要的时间为()75.7410 s1,2,3tntnn=一手课程 当天更新 唯一微信：r 45660