《2023年湖北省孝感市重点高考物理全真模拟密押卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023年湖北省孝感市重点高考物理全真模拟密押卷含解析.pdf（17页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023学年高考物理模拟试卷注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5 毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3,请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法正确的是（）A.某金属能发生光电效应，当入射光的颜色不变而增大光照强度时
2、，逸出的光电子的最大初动能也增大B.若利用黄光和蓝光分别在同一装置研究光电效应，用蓝光照射时的遏止电压大于用黄光照射时的遏止电压C.换用频率小的光照射，但入射光的强度不变，则逸出的光电子的最大初动能不变D.换用频率小的光照射，但入射光的强度不变，则从光照射到金属表面上到发射出电子的时间明显减少2、如图所示，真空中位于x 轴上的两个等量负点电荷，关于坐标原点O 对称。下列关于E 随 x 变化的图像正确的是X3、如图，滑块A 置于水平地面上，滑 块 5 在一水平力作用下紧靠滑块A（A、B 接触面竖直），此时A 恰好不滑动,B刚好不下滑已知A 与 B间的动摩擦因数为4，A与地面间的动摩擦因数为2，最
3、大静摩擦力等于滑动摩擦力.A 与3 的质量之比为（）1从21-4他必 201 +42*从22+必24、一定质量的理想气体，其状态变化的P-T图像如图所示。气体在由状态1变化到状态2 的过程中，下列说法正确的是A.分子热运动的平均速率增大B.分子热运动的平均速率减小C.单位体积内分子数增多D.单位面积、单位时间内撞击器壁的分子数增多5、一带电粒子从A 点射入电场，从 B 点射出，电场的等势面和粒子的运动轨迹如图所示，图中左侧前三个等势面彼此平行，不计粒子的重力.下列说法正确的有A.粒子带正电荷B.粒子的速度不断增大C.粒子的加速度先不变，后变小D.粒子的电势能先减小，后增大6、一个物体在外力尸的
4、作用下静止在倾角为，的光滑固定斜面上，关于尸的大小和方向，下列说法正确的是（）A.若F=m g,则尸的方向一定竖直向上B.若b=2 g t a n，则F的方向一定沿水平方向C.若F=mgsinO,则尸的方向一定沿斜面向上D.若F=mgcos。,则尸的方向一定垂直于斜面向上二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共2 0分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，在x轴的负方向，存在磁感应强度为a，方向垂直于纸面向里的匀强磁场，在x轴的正方向，存在磁感应强度为方向也垂直于纸面向里的匀强磁场，且 於：屏=3：2。在
5、原点O处同时发射两个质量分别为初和的带电粒子，粒 子a以速率均沿x轴正方向运动，粒 子b以速率町沿x轴负方向运动，已知粒子a带正电，粒 子b带负电，电荷量相等，且两粒子的速率满足领总=加丹 若在此后的运动中，当粒子a第4次经过y轴（出发时经过y轴不算在内）时，恰与粒子b相遇。粒子重力不计。下列说法正确的是（）Xx xXXX.XXXXX XX XX XX XX XA.粒子a、b在磁场用中的偏转半径之比为3：2B.两粒子在y正半轴相遇C.粒子a、b相遇时的速度方向相同D.粒子a、b的质量之比为1 ：58、一列简谐横波沿x轴正方向传播，在x=1 2m处的质元的振动图线如图1所示，在x=1 8 m处的
6、质元的振动图线如图2所示。下列说法正确的是（）A.该波的周期为1 5 sB.x=1 2m处的质元在平衡位置向上振动时，x=1 8 m处的质元在波峰C.在0 4 s内x=1 2m处和x=1 8m处的质元通过的路程均为6c mD.该波的波长可能为8 m9、图甲为一简谐横波在f=0.1 0 s时的波形图，尸是平衡位置在x=0.5 m处的质点，。是平衡位置在x=2.0 m处的质点，图乙为质点。的振动图象。下 列 说 法 正 确 的 是。A.这列波沿x 轴正方向传播B.这列波的传播速度为20m/sC.7=0.15s时，质点。位于波谷位置D.在，=().l()s至！Jf=0.15s时间内，质点P 通过的路
7、程为l()cmE，=0.15s时，质点P 的加速度沿)轴负方向10、在大型物流货场，广泛的应用传送带搬运货物.如图甲所示，与水平面倾斜的传送带以恒定的速率运动，皮带始终是绷紧的，将 m=lkg的货物放在传送带上的A 端，经 过 1.2s到达传送带的B 端.用速度传感器测得货物与传送带的速度v 随时间t变化的图象如图乙所示.已知重力加速度g=10m/s2,则 可 知()A.货物与传送带间的动摩擦因数为0.5B.A、B 两点的距离为2.4mC.货物从A 运动到B 过程中，传送带对货物做功的大小为12.8JD.货物从A 运动到B 过程中，货物与传送带摩擦产生的热量为4.8J三、实验题：本题共2 小题
8、，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.(6分)为了探究质量一定时加速度与力的关系，一同学设计了如图所示的实验装置。其中M 为带滑轮的小车的A.用天平测出砂和砂桶的质量B.将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力C.小车靠近打点计时器，先释放小车，再接通电源，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数D.改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带E.实验中不需要砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M(2)该同学在实验中得到如图所示的一条纸带(两计数点间还有两个点没有画出)，已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为 m/s2.(结果保留两位有效数字)
9、单位：cm(3)以弹簧测力计的示数/为横坐标，加速度为纵坐标，画出的。-歹图象是一条直线，图线与横坐标的夹角为6,求得图线的斜率为左，则小车的质量为 OD.k12.(12分)图甲为某同学改装和校准毫安表的电路图，其中虚线框内是毫安表的改装电路图。(1)将图乙所示的实验电路连接完整(2)已知毫安表满偏电流为1m A,表头上标记的内阻值为120C,Ri和电为定值电阻。若将开关S?扳到a 接线柱，电表量程为4mA;若将开关S2扳到6 接线拄，电表量程为16mA则根据题给条件，定值电阻的阻值应选R=R?=2o(3)现用一量程为16m A,内阻为20。的标准电流表A 对改装电表的16mA挡进行校准，校准
10、时需选取的刻度范围为1mA 16mA。电池的电动势为1.5 V,内阻忽略不计;滑动变阻器R 有两种规格，最大阻值分别为800。和 1600。，则R应选用最大阻值为。的滑动变阻器。(4)若由于表头上标记的内阻值不准，造成改装后电流表的读数比标准电流表的读数偏大，则表头内阻的真实值(填“大于”或“小于”)1 20。四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。1 3.(1 0 分)如图所示，一长木板在水平地面上向右运动，速 度 v o=7 m/s 时，在其最右端轻轻放上一与木板质量相同的小铁块。已知小铁块与木板间的动摩擦因数从=0
11、.1 0,木板与地面间的动摩擦因数以2=02 5,整个过程小铁块没有从长木板上掉下来，重力加速度g取 1 0 m/s 2。求：(1)小铁块能达到的最大速度vm；(2)小铁块与长木板都停止运动后，小铁块离长木板最右端的距离X。1 4.(1 6分)在如图所示的xo y平面直角坐标系中，一足够长绝缘薄板正好和x 轴的正半轴重合，在 全部区域和旷 一。的条形区域内均分布着方向垂直纸面向里的相同的匀强磁场，且 区 域 磁 场 上 下 边 界 平 行。一带正电粒子，从 y 轴 上 的(0,a)点以速度丫沿与y 轴负向成4 5。角出射。带电粒子与挡板碰撞前后，x 方向的分速度不变，y方向的分速度反向、大小不
12、变，且碰撞过程中无电荷量损失。已知粒子质量为，电荷量为g,磁感应强度的大小8 =也 丝，不计粒子的重力。4qa(1)求粒子进入下方磁场后第一次打在绝缘板上的位置；(2)为保证粒子不从y a区域的磁场到再次返回出发点经历的时间。X XX X X XX XX X X X1 5.(1 2分)如图所示，放置在水平地面上一个高为4 8 c m、质量为30 k g 的金属容器内密闭一些空气，容器侧壁正中央有一阀门，阀门细管直径不计.活塞质量为10kg,横截面积为50cm2.现打开阀门，让活塞下降直至静止.不考虑气体温度的变化，大气压强为LOxlOPa,忽略所有阻力。求：n(1)活塞静止时距容器底部的高度；
13、(2)活塞静止后关闭阀门，对活塞施加竖直向上的拉力，通过计算说明能否将金属容器缓缓提离地面?参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A.金属发生光电效应时逸出的光电子最大初动能满足&.=/-叫，由此可知光电子的最大初动能与入射光的频率和金属的逸出功有关，与入射光的强度无关，故 A 错误；B.根据光电效应方程E,=加 一%和 能 量 守 恒Ek=eUc,联立解得e Uc.=h v-Wa由于黄光的频率小于蓝光，故黄光的遏止电压小于蓝光的遏止电压，故 B 正确；C.减小入射光的频率，逸出的光电子的最大初动能将
14、减小，故 c 错误；D.光电效应具有瞬时性，所以无论入射光的频率和强度如何变化，从光照射到金属表面上到发射出电子的时间都是瞬时的，故 D 错误。故选B。2、A【解析】设 x 轴的正方向代表电场强度的正方向X根据等量同种负电荷电场线在沿X 轴方向的分布，结合规定正方向判断如下：在 A 点左侧电场线水平向右，场强为正，图像的横轴上方，离 A 点越近，场强越强；在 A 到 O 之间的电场线向左，场强为负，图像在横轴下方，离 A 越近，场强越强；在 O 到 B 之间电场线向右，场强为正，图像在横轴上方，离 B 越近，场强越强；在 B 点右侧，电场线水平向左，场强为负，图像在横轴下方，离 B 越近，场强
15、越强。综上所述，只有选项A 符合题意。故选A。3、B【解析】试题分析：对 A、B 整体分析，受重力、支持力、推力和最大静摩擦力，根据平衡条件，有：F=ji2(mi+ni2)g再对物体B 分析，受推力、重力、向左的支持力和向上的最大静摩擦力，根据平衡条件，有：水平方向：F=N竖直方向：m2g=f其中：f=jiiN联立有：m2g=mF联立解得：生=上 4”故选B.【考点定位】物体的平衡【点睛】本题关键是采用整体法和隔离法灵活选择研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解，注意最大静摩擦力约等于滑动摩擦力.4、A【解析】本题考查分子动理论。【详解】A B.温度是分子热运动平均动能的标志，温度升高，分子
16、热运动平均动能增加，分子热运动的平均速率增大，A 正确,B 错误；C.由理想气体状态方程，PVnRT温度升高，压强变小，体积变大，单位体积内分子数减少，C 错误；D.温度升高，分子热运动的平均速率增大，压强却减小了，故单位面积，单位时间内撞击壁的分子数减少，D 错误;故选Ao5、C【解析】A.带电粒子做曲线运动，受力指向曲线的内侧，所以所受电场力向左，带负电；A 错；BC.电场力做负功，所以动能越来越小，电势能越来越大，速度越来越小B 错；C,对；D.等势线的疏密程度反映场强大小，所以所受电场力越来越小，加速度越来越小，D 错.故选C6、C【解析】A.由甲图可知，若尸=，g,则尸的方向可能竖直
17、向上，也可能与竖直方向成2。角斜向下，选 项 A 错误；B.由乙图可知，若产=mgtanO,则尸的方向可能沿水平方向，也可能与斜面成。角斜向上，选项B 错误：C.由甲图可知，若F=mgsi。,则尸的方向是唯一的，一定沿斜面向上，选 项 C 正确；D.由图丙可知，若F=1ngeos仇则若以mgeos，为半径做圆，交过G 且平行于N 的直线于两个点，则说明厂的解不是唯一的，且尸的方向一定不是垂直于斜面向上，选项D 错误；故选C。二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得。分。7
18、、BCD【解析】本题涉及到两个粒子分别在两个不同磁场中做匀速圆周运动问题，相遇问题既考虑到位移问题，又考虑到时间等时,比较复杂，所以要从简单情况出发，由题意a 粒子逆时针旋转，b 粒子顺时针旋转，由于两粒子的动量(m2V尸mm)和电量相同，则半径之比就是磁感应强度的反比，所以在B 磁场中的半径小，则两粒子在两磁场旋转两个半周时，a粒子相对坐标原点上移，b 粒子相对坐标原点下移，若 b 粒子在最初不相遇，则以后就不能相遇了。所以只考虑b 粒子旋转半周就与a 粒子相遇的情况。【详解】由 带 电 粒 子 在 匀强磁场中做匀速圆周运动的半径公m式v 知道：r应.=m七.vtI：tn.vh =1；，所以
19、选项A 错误。由带电qB rht qB qB、1粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的半径公式r=知道，a 粒子从O 点出发沿x 轴正方向射出向上逆时针转半周qB在 y 轴上上移2 r,2,穿过y 轴后逆时针向下转半周后下移2 2，由于B2B”则第二次经过y 轴时在从标原点的上方(2ra2-2ra l)处，同理第四次经过y 轴时在坐标原点上方2(2ra2-2ra l)处，所以由题意知选项B 正确。从最短时间的情况进行考虑，显然是b 粒子向上转半周后相遇的，a 粒子第四次经过y 轴时是向右方向，而 b 粒子转半周也是向右271m的方向，所以两者方向相同，所以选项C 正确。根据周期公式7=一二及题意，当
20、两粒子在y 轴上相遇时，时间上有:qB11 27im,2兀 27tm.mn 1-Tbl=Ta l+Ta2 即：-X-=-+结合 B“B2=3：2,得到：所以选项 D 正确。故选 BCD。22 qB、qB、qB,mh 5【点睛】本题的难点在于两个粒子在不同的两个磁场中以不同的速度做半径和周期不同匀速圆周运动，又涉及到相遇问题，需要考虑多种因素。关键的一点是a 粒子在两个磁场旋转一次后通过y 轴时位置上移，而 b 粒子恰恰相反，所以是b 粒子经过半周后与a 粒子相遇的，有此结论可以判断选项的正误。8、BD【解析】A.由振动图像可知，该波的周期为1 2 s,故 A 错误：B.由两个质点的振动图像可知
21、，u 3 s时，当x=12m处的质元在平衡位置向上振动时，x=18m处的质元在波峰，故 B 正确；C.由图可知，该波的振幅为4 c m,频率2 兀 7 1 ,a)=rad/sT 6由图1 可知，在=0时刻x=12m处的质点在-4cm处，则其振动方程为x.z 71 兀、I 2=-4 s m(t+)c m6 24 s时刻质元的位置sn=-4 s i n(+巴)=2c m6 2所以x=12m处的质元通过的路程4 2=4 c m +2c m =6 c m据图2 知 UOs时，在 x=18m处的质元的位移为O cm,正通过平衡位置向上运动，其振动方程为:./兀、=4 s i n(-0在 Z=4s时刻，在
22、 x=18m处的质元的位移X18=4 x s i n =2V3 c m所以在0 4 s内x=18m处的质元通过的路程Ms -4 c m+(4 -27 3)c m 4.5 4 c m 6 c m故 C 错误；3D.由两图比较可知，x=12m处比x=18m处的质元可能早振动一T,所以两点之间的距离为43x =(+)A (n=0、1、2.)4所以.4x 4 x 6z =-=-m(n=0、1、2.)4 n +3 4+3=0时，波长最大，为故 D 正确。故选BDo9、BCE【解析】A.分析振动图像，由乙图读出，在 UO.lOs时。点的速度方向沿y 轴负方向，根据波动规律结合图甲可知，该波沿x轴负方向的传
23、播，故 A 错误；B.由甲图读出波长为2=4m,由乙图读出周期为T=0.2s,则波速为2 4.v=m/s=20m/sT 0.2故 B 正确；C.由乙图可知f=0.15s时，质点。位于波谷位置。故 C 正确；D.在 f=0.10s时质点P 不在平衡位置和最大位移处，所以从UO.lOs到/=0.15s,质点P 通过的路程s#A=10cm,故 D错误；E.从 UO.lOs到 U0.15S,质点尸振动了工，根据波动规律可知，UO.l5s时，质点尸位于平衡位置上方，则加速度方4向沿y 轴负方向，故 E 正确。故选BCEo10、AD【解析】A、在 00.2s时间内，货物的速度小于传送带速度，货物受到沿斜面
24、向下的滑动摩擦力作用，由牛顿第二定律有mgsin0+jjmgcos0=m ax,由图乙可得4 =1()/,货物加速到与传送带速度相等后，在 0.21.2s时间内，货物速度大于传送带速度，故有，g s in e-/”gcose=，M BDE1.3C【解析】d)l.A E.本题拉力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶(包括砂)的质量远小于车的总质量，故 A 错误，E 正确；B.该题是弹簧测力计测出拉力，从而表示小车受到的合外力，应拿走砂桶，将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力，故 B 正确；C.打点计时器运用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，该实验探究
25、加速度与力和质量的关系，要记录弹簧测力计的示数，故 C 错误；D.改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带，获取多组实验数据，故 D 正确；故选BDE。2 .由于两计数点间还有两个点没有画出，故 7=0.06s,由AX=72可得a=*36-*039T2(3.8+3.3+2.8 2.3 1.9 1.4)Xi。-9x0.062=1.3m/s2(3)3.由牛顿第二定律得2F=ma则图象的斜率k=m小车质量为10 30 1600 小于【解析】注意单刀双掷开关的连线，如图:(2)23由欧姆定律知，开关S2扳到a接线柱时有：/满R表=(，表1 ，满)(4+6)开关S2扳到b 接线柱时有：/满(R表+鸟)=(膜2
26、-/满)4/莉 和 晨 2为改装电表的量程，解以上各式得：Ri=10Q,/?2=30QE(3)4根 据/=与，电流表校准时需选取的刻度最小为1m A,可知电路中总电阻最大为1500Q,由于最大电阻要达到R1500ft,所以变阻器要选择1600Q。(4)5改装后电流表的读数比标准电流表的读数偏大，说明流过表头的电流偏大，则实际电阻偏小，故小于120。四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)lm/s；(2)3.125m【解析】(1)设铁块与木板开始时的加速度大小分别为%、生，由牛顿第二定律得从 mg=mat/j、
27、mg+2%mg=ma2解得at=lm/s2,a2-6mzs2当二者速度相等时，铁块的速度最大，根据速度公式可得4=印解得V,=I m/s ,=I s(2)铁块从开始运动到最大速度发生的位移1 2%=a/=0.5 m木板从开始减速到匕,发生的位移1 、Ax2=vQt-a2?2=4 m设木板从v,停止运动过程中的加速度大小为巴，根据牛顿第二定律可得2/J2m g -/jm g -n w3解得a,=4 m/s2 lm/s2铁块从最大速度到停止运动发生的位移x,=-=0.5 m2 a1木板从乙停止运动过程中发生的位移为2=0.125 m2 a3最终铁块离木板右端的距离x =x2+x4-Xj -x,=3
28、.125 m14、(1)击中点的坐标 。；(2)y (2 2 a+j ；(3)x=6tui4-a(w=0,1,2,3,.)或 x =6 次z+5 a (=0,(12+13 幻 缶 曲(8 +10 6 总J L,2,J,./；(4)-VV【解析】,c J2 mv,已知B=-由4qa2n VqvB=m r得r=2 y2 a下磁场区域中弦长I=2r s i n 4 5 =4 a所以第一次击中点的坐标x=Aa-2 a-a=a(2)如图，当运动轨迹与磁场下边界相切时，刚好不从产出的磁场下边界射出，磁场宽度d应满足:7 =r(l+s i n 4 5。)=2&a +2 a即磁场下边界位置坐标应满足y (2
29、s2 a+3 a)(3)开孔位置x=6na+a(n=0,1,2,3,.)或 x =6 a+5 a (n=0,L 2,3,.)(4)如图，满足题意的运动过程分以下两种情况若开孔位置在x =7 a,如甲图所示，所用时间为:.3 2 仃 1 2 兀 r,2 2 at.=4 x -x-F x-+6 x-4 v 4 v v解得（12+13万）缶t.=-V若开孔位置在x=5 a,如乙图所示，所用时间为:.3 271r 1 2兀 r.2 0 at,=3x x-F x-F4X-4 v 4 v v解得(8+10)V2nv15、(l)20cm(2)不能【解析】(1)活塞经阀门细管时，容器内气体的压强为：pi=LOxlOSPa。容器内气体的体积为：Li=24cm活塞静止时，气体的压强为：p,=+超=1.0 x105+1?=1.2x105 P4-S 50 xlCf5根据玻意耳定律：P1%=P2%代入数据得：乙P/S _ L0 xl()5x24xS2 p2s 1.2X105XS=20cm(2)活塞静止后关闭阀门，设当活塞被向上拉至容器开口端时，&=48cm根据玻意耳定律：P1LIS=P3L3s代入数据得:p3=5xlO4Pa又因为F+p3S=pnS+mg所以F=350N40 xl0N所以金属容器不能被提离地面。