《黑龙江省肇东一中2023年高三下第一次测试物理试题含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《黑龙江省肇东一中2023年高三下第一次测试物理试题含解析.doc（17页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023年高考物理模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、2019年1月3日，嫦娥四号成功登陆月球背面，全人类首次实现月球背面软着陆。嫦娥四号登陆月球前，在环月轨道上做匀速圆周运动，其与月球中心连线在单位时间内扫过的面积为S，已知月球的质量为M
2、，引力常量为G，不考虑月球的自转，则环月轨道的半径大小为( )ABCD2、下列现象中，与原子核内部变化有关的是（）A天然放射现象B光电效应现象C原子发光现象D粒子散射现象3、某理想变压器原、副线圈的匝数之比为101，当原线圈两端输入如图所示(图示中的图线为正弦曲线的正值部分)的电压时，副线圈的输出电压为（ ）A22 VB22 VC11 VD11 V4、在xoy平面内有一列沿x轴正方向传播的简谐横波，波速为2m/sM、N是平衡位置相距2m的两个质点，如图所示在t=0时，M通过其平衡位置沿y轴正方向运动，N位于其平衡位置上方最大位移处已知该波的周期大于1s，则下列说法中正确的是（）A该波的周期为s
3、B在t=s时，N的速度一定为2m/sC从t=0到t=1s，M向右移动了2mD从t=s到t=s，M的动能逐渐增大5、一个物体沿直线运动，t=0时刻物体的速度为1m/s，加速度为1m/s2，物体的加速度随时间变化规律如图所示，则下列判断正确的是（）A物体做匀变速直线运动B物体的速度与时间成正比Ct5s时刻物体的速度为6.25m/sDt8s时刻物体的速度为12.2m/s6、在一边长为L的正方形的四个顶点处各放置一个电荷量为q的点电荷，其中ABC处为正点电荷，D处为负点电荷，P、Q、M、N分别是AB、BC、CD、DA的中点，则（）AM、N两点电场强度相同BP、Q两点电势相同C将一个带负电的粒子由Q沿直
4、线移动到M，电势能先增大后减小D在O点静止释放一个带正电的粒子（不计重力），粒子可沿着OD做匀变速直线运动二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，长木板放置在水平面上，一小物块置于长木板的中央，长木板和物块的质量均为m，物块与木板间的动摩擦因数为，木板与水平面间动摩擦因数，已知最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g现对物块施加一水平向右的拉力F，则木板加速度大小a可能是 （ ）AagBaCaDa8、某探究小组利用图甲所示的电路探究一标签模糊的理想变压器
5、的原、副线圈匝数比。R为定值电阻，、为两只标有“5V，2A”的相同小灯泡，在输入端加如图乙所示的交变电压。开关S断开时，灯泡正常发光，测得电阻R两端的电压与灯泡两端电压相等，则下列说法正确的是（） A理思变压器原副线圈的匝数比为B理想变压器原副线圈的匝数比为C定值电阻的阻值为D闭合开关S后，灯泡变暗9、真空中一对等量异种电荷A、B，其周围的电场线和等势线分布如图所示。相邻等势线之间电势差相等，G点是两电荷连线的中点，MN是两电荷连线的中垂线，C、D两点关于MN对称，C、D、E、F、G、H均是电场线与等势线的交点。规定距离两电荷无穷远处电势为零，下列说法正确的是（）A中垂线MN的电势为零，G点的
6、电场强度为零BC、D两点的电势不相等，电场强度相同CG点电势等于H点，电场强度大于H点DF点电势高于E点，电场强度大于E点10、两根长度不同的细线下面分别悬挂两个完全相同的小球A、B，细线上端固定在同一点，绕共同的竖直轴在水平面内做匀速圆周运动已知A球细线跟竖直方向的夹角为，B球细线跟竖直方向的夹角为，下列说法正确的是A细线和细线所受的拉力大小之比为：1B小球A和B的向心力大小之比为1：3C小球A和B的角速度大小之比为1：1D小球A和B的线速度大小之比为1：三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某实验小组欲将电流表 G1 的量程由3
7、mA改装为 0.6A。实验器材如下：A待测电流表G1（内阻约为10W）；B标准电流表G2（满偏电流为6mA ）；C滑动变阻器R（最大阻值为3k ）；D电阻箱R（阻值范围为0999.9 W）；E电池组、导线、开关。(1)实验小组根据图甲所示的电路测电流表G1的内阻，请完成以下实验内容：将滑动变阻器R调至最大，闭合S1；调节滑动变阻器R，使电流表 G1 满偏；再闭合 S2，保持滑动变阻器 R 不变，调节电阻箱 R，电流表 G1指针的位置如图乙所示，此时电阻箱 R的示数为4.5W 。可知电流表 G1内阻的测量值为_，与真实值相比_（选填“偏大”、“相等”或“偏小”）；(2)为了更加准确地测量电流表
8、G1 的内阻，实验小组利用上述实验器材重新设计实验，请完成以下实验内容：完善图丙的实物图连接_；实验小组根据图丙进行实验，采集到电流表G1、G2 的示数分别为3.0mA 、5.0mA ，电阻箱的读数为15.0W ，则电流表 G1 内阻为_W ；实验小组将电流表 G1 改装成量程为 0.6A 的电流表，要_（选填“串联”或“并联”） 一个阻值 Rx=_W 的电阻（结果保留一位有效数字）。12（12分）利用如图所示的装置探究动能定理。将木板竖直放置在斜槽末端的前方某一固定位置，在木板上依次固定好白纸、复写纸，将小球从不同的标记点由静止释放。记录标记点到斜槽底端的高度H，并根据落点位置测量出小球离开
9、斜槽后的竖直位移y，改变小球在斜槽上的释放位置，在斜槽比较光滑的情况下进行多次测量，已知重力加速度为g，记录数据如下：(1)小球从标记点滑到斜槽底端的过程，速度的变化量为_（用x、y、g表示）；(2)已知木板与斜槽末端的水平距离为x，小球从标记点到达斜槽底端的高度为H，测得小球在离开斜槽后的竖直位移为v，不计小球与槽之间的摩擦及小球从斜槽滑到切线水平的末端的能量损失。小球从斜槽上滑到斜槽底端的过程中，若动能定理成立，则应满足的关系式是_；(3)保持x不变，若想利用图像直观得到实验结论，最好应以H为纵坐标，以_为横坐标，描点画图。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处
10、，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一长木板在水平地面上运动，在t=0时刻将一相对于地面静止的物块轻放到木板上，以后木板运动的速度时间图像如图所示己知物块与木板的质量相等，物块与木板间及木板与地面间均有摩擦，物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上取重力加速度的大小g=10/s2.求：（1）物块与木板间、木板与地面间的动摩擦因数；（2）从t=0时刻到物块与木板均停止运动时，物块相对于木板的位移的大小14（16分）如图所示为一种质谱仪的工作原理图，圆心角为90的扇形区域OPQ中存在着磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外的匀强磁场，所有带电粒子经加速电压U
11、加速后从小孔C射出，由磁场边界OP上N点垂直OP进入磁场区域，然后均从边界OQ射出，ON=l，不计粒子重力。(1)若由静止开始加速的某种粒子X从边界OQ射出时速度方向与OQ垂直，其轨迹如图中实线所示，求该粒子的比荷；(2)若由静止开始加速的另一种粒子Y，其比荷是X粒子比荷的，求该粒子在磁场区域中运动的时间t。15（12分）如图所示，圆心为O、半径为r的圆形区域内、外分别存在磁场方向垂直纸面向内和向外的匀强磁场，外部磁场的磁感应强度大小为B0。P是圆外一点，OP2r。一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从P点在纸面内垂直于OP射出，第一次从A点(图中未画出)沿圆的半径方向射入圆内后从Q点(P、O、
12、Q三点共线)沿PQ方向射出圆形区域。不计粒子重力， 0.6， 0.8。求：(1)粒子在圆外部磁场和内部磁场做圆周运动的轨道半径；(2)圆内磁场的磁感应强度大小；(3)粒子从第一次射入圆内到第二次射入圆内所经过的时间。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】根据万有引力提供向心力解得该人造卫星做圆周运动的周期为人造卫星绕地球做匀速圆周运动的圆的面积为为r2，所以人造卫星与地心连线在单位时间内所扫过的面积为解得环月轨道的半径大小为：A. ，与结论相符，选项A正确；B. ，与结论不相符，选项B错误；C. ，与结论不
13、相符，选项C错误；D. ，与结论不相符，选项D错误。2、A【解析】A天然放射现象是原子核内部发生变化自发的放射出粒子或电子，从而发生衰变或衰变，反应的过程中核内核子数，质子数，中子数发生变化，故A正确；B光电效应是原子核外层电子脱离原子核的束缚而逸出，没有涉及到原子核的变化，故B错误；C原子发光是原子跃迁形成的，即电子从高能级向低能级跃迁，释放的能量以光子形式辐射出去，没有涉及到原子核的变化，故C错误；D粒子散射实验表明了原子内部有一个很小的核，并没有涉及到核内部的变化，故D错误。故选A。3、C【解析】由公式其中V解得V故ABD错误，C正确。故选C。4、D【解析】A.波速为2m/s，波的周期大
14、于1s，则波长大于2m，M、N的平衡位置相距2m，M、N的平衡位置间距小于波长；t=0时，M通过其平衡位置沿y轴正方向运动，N位于其平衡位置上方最大位移处，波沿x轴正方向传播，则t=0时，波形图如图所示，所以该波的周期：解得：该波的周期为，故A项错误；B.，t=0时，N位于其平衡位置上方最大位移处，则在t=s时，N位于其平衡位置向y轴负方向运动，由于振幅未知，所以振动的速度未知，故B项错误；C.波传播过程中质点不随波迁移，质点在自身平衡位置附近振动，故C项错误；D.在t=0时，M通过其平衡位置沿y轴正方向运动，因，则t=s时，M位于其平衡位置上方最大位移处，t=s时，M通过其平衡位置沿y轴负方
15、向运动，t=s到t=s，M的动能逐渐增大，故D项正确。5、D【解析】A物体的加速度在增大，做变加速直线运动，故A错误。B.由图像知质点的加速度随时间增大，根据v=v0+at可知，物体的速度与时间一定不成正比，故B错误。C.由图知 a=0.1t+1（m/s2），当t=5s时，a=1.5 m/s2，速度的变化量知t=5s时的速度为v=v0+v=1m/s+6.25m/s=7.25m/s故C错误。D.a-t图线与时间轴围成的面积表示速度的变化量，则0-8s内，a=0.1t+1（m/s2），当t=8s时，a=1.8 m/s2，速度的变化量 知t=8s时的速度为v=v0+v=1m/s+11.2m/s=12
16、.2m/s故D正确。故选D。6、B【解析】A场强叠加遵循平行四边形定则，M、N两点电场强度大小相等，方向不同，A错误；BP、Q两点即关于A、C两正电荷对称，又关于B、D两异种电荷对称，根据对称性可知四个点电荷在P、Q两点产生的电势相同，B正确；CM、N、P、Q关于A、C两正电荷对称，所以对于A、C两正电荷而言，这四个点的电势是相等的，对B、D两异种电荷而言，P、Q两点的电势高于M、N两点的电势，所以负电的粒子由Q沿直线移动到M，根据：可知负电荷电势能一直增大，C错误；D这四个点电荷形成的电场中，电场力大小改变，加速度改变，所以从O点静止释放的粒子不可能做匀变速运动，D错误。故选B。二、多项选择
17、题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】当物块与木板一起向右加速，没有发生相对滑动，以物块和木板整体为研究对象进行受力分析，有：解得：当物块和木板间发生相对滑动，以木板为研究对象有：解得：故BD正确，AC错误。8、BCD【解析】AB由图乙可知，输入电压的有效值为20V，断开S，灯泡L1正常发光，故灯泡两端的电压为5V，灯泡中的电流为2A，即副线圈输出电压为5V，又因电阻R两端的电压为5V，故变压器原线圈的输入电压为15V，原、副线圈的匝数比故A错误，B正确；C由理想变压器
18、输入功率等于输出功率可知，原、副线圈中的电流之比解得电阻R中的电流为A，由欧姆定律可知故C正确：D开关S闭合后，电路的总电阻减小，设副线圈输出电压保持不变，故副线圈输出电流增大，根据变流比可知，原线圈输入电流增大，电阻R两端电压增加，则变压器原线圈输入电压减小，故副线圈输出电压减小，灯泡L1两端电压降低，灯泡L1变暗，故D正确。故选BCD。9、CD【解析】AC根据题设条件和电场线、等势线分布可以知道，中垂线所有点的电势为零，电场强度是G点最大，向上和向下电场强度逐渐减小，A错误、C正确；B沿电场线方向电势降低，C、D两点电势不等，场强大小相等，方向不同，B错误；D根据电场线疏密程度可知，F点的
19、场强大于E点，D正确故选CD。10、BC【解析】A项：两球在水平面内做圆周运动，在竖直方向上的合力为零，由：TAcos30=mg，TBcos60=mg，则，TB=2mg，所以，故A错误；B项：小球A做圆周运动的向心力FnA=mgtan30=，小球B做圆周运动的向心力FnB=mgtan60=，可知小球A、B的向心力之比为1：3，故B正确；C、D项：根据mgtan=mhtan2= 得，角速度，线速度可知角速度之比为1：1，线速度大小之比为1：3，故C正确，D错误点晴：小球在水平面内做圆周运动，抓住竖直方向上的合力为零，求出两细线的拉力大小之比根据合力提供向心力求出向心力大小之比，结合合力提供向心力
20、求出线速度和角速度的表达式，从而得出线速度和角速度之比三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、9.0 偏小 10.0 并联 0.05 【解析】(1)12调节滑动变阻器R，使电流表 G1 满偏，即3mA；再闭合 S2，保持滑动变阻器 R 不变，则可认为总电流不变，调节电阻箱 R，电流表 G1读数为1mA，可知通过电阻箱的电流为2mA，此时电阻箱 R的示数为4.5W 。可知电流表 G1内阻的测量值为9.0；实际上，当闭合 S2后回路电阻减小，则总电流变大，即大于3mA，则电流计读数为1mA，则电阻箱R的电流大于2mA，则此时实际上电流表阻值大于
21、9.0，即测量值比真实值偏小；(2)3图丙的实物图连接如图： 4由电路图可知，电流计G1的阻值56实验小组将电流表 G1 改装成量程为 0.6A 的电流表，要并联一个电阻，阻值为12、 【解析】(1)1小球离开斜槽底端后做平抛运动，则解得(2)2由(1)知在小球下滑过程中，不计小球与槽之间的摩擦，只有重力做功，则有解得(3)3为了更直观，应画成直线，根据上式可知：最好应以H为横坐标，以为纵坐标，描点作图。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（3）3.23 ， 3.33 （2）s=3.325m【解析】试题分析：（3）
22、设物块与木板间、木板与地面间的动摩擦因数分别为3和2，木板与物块的质量均为mv-t的斜率等于物体的加速度，则得：在3-35s时间内，木板的加速度大小为对木板：地面给它的滑动摩擦力方向与速度相反，物块对它的滑动摩擦力也与速度相反，则由牛顿第二定律得3mg+22mg=ma3，对物块：3-35s内，物块初速度为零的做匀加速直线运动，加速度大小为 a2=3gt=35s时速度为v=3m/s，则 v=a2t 由解得3=323，2=333（2）35s后两个物体都做匀减速运动，假设两者相对静止，一起做匀减速运动，加速度大小为a=2g由于物块的最大静摩擦力3mg2mg，所以物块与木板不能相对静止根据牛顿第二定律
23、可知，物块匀减速运动的加速度大小等于a2=3g=2m/s235s后物块对木板的滑动摩擦力方向与速度方向相同，则木板的加速度大小为故整个过程中木板的位移大小为物块的位移大小为所以物块相对于木板的位移的大小为s=x3-x2=3325m考点：牛顿第二定律的应用【名师点睛】本题首先要掌握v-t图象的物理意义，由斜率求出物体的加速度，其次要根据牛顿第二定律判断速度相等后两物体的运动情况，再由运动学公式求解相对位移14、 (1) ；(2) 【解析】(1) X粒子在电场中加速的末速度为v0，由动能定理可得在磁场中由洛伦兹力充当向心力可得由几何知识可知，粒子的轨道半径为r=l联立解得(2)Y粒子在电场中加速的
24、末速度为v1，由动能定理可得在磁场中由洛伦兹力充当向心力可得又解得r1=2lY粒子在磁场中的轨迹如图所示，圆心为O1，则由图可得由三角函数可知所以在磁场中运动的时间为联立解得15、 (1) R2=3r (2) B内= (3) 【解析】（1）设粒子在圆外和圆内磁场中运动的轨道半径分别为R1、R2，由几何关系可知:r2+R12=（2r-R1）2解得R1=三角形O1AO与三角形O1QO2相似，则即解得:R2=3r（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，则有 Bqv=即B=B0=B内=解得B内=（3）由几何关系知：tanO1OA=解得:O1OA=37同理可知 QOC=2O1OA=74粒子在磁场中做圆周运动的周期T=可得:T=所以粒子从A运动到Q的时间：t1=粒子从Q运动到C的时间：t2=t=t1+t2=