《浙江省镇海中学2022-2023学年高三第三次测评物理试卷含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《浙江省镇海中学2022-2023学年高三第三次测评物理试卷含解析.doc（14页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023年高考物理模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在一次观察光的衍射实验中，观察到如图所示的清晰的亮暗相间的图样，那么障碍物是下列给出的( ) A很小的不透明圆板B很大
2、的中间有大圆孔的不透明挡板C很大的不透明圆板D很大的中间有小圆孔的不透明挡板2、热核聚变反应之一是氘核（）和氚核（）聚变反应生成氦核（）和中子。已知的静止质量为2.0136u，的静止质量为3.0150u，的静止质量为4.0015u，中子的静止质量为1.0087u。又有1u相当于931.5MeV。则反应中释放的核能约为（）A4684.1MeVB4667.0MeVC17.1MeVD939.6MeV3、某篮球运动员垂直起跳的高度为100cm，则该运动员的滞空时间（运动员起跳后，从双脚都离开地面到任意一只脚接触地面的时间间隔）约为（）A0.20sB0.45sC0.90sD1.60s4、2019年的诺贝
3、尔物理学奖于10月8日公布，有一半的奖金归属了一对师徒瑞士的天文学家MichelMayor和DidierQueloz，以表彰他们“发现了一颗围绕类太阳恒星运行的系外行星。由于行星自身不发光，所以我们很难直接在其他恒星周围找到可能存在的系外行星，天文学家通常都采用间接的方法来侦测太阳系外的行星，视向速度法是目前为止发现最多系外行星的方法。行星自身的质量使得行星和恒星围绕着他们共同的质量中心在转动，在地球上用望远镜就有可能看到行星引力对于恒星的影响。在视线方向上，恒星受行星引力作用，时而远离时而靠近我们，这种细微的摇摆反应在光谱上，就会造成恒星光谱不断地红移和蓝移。我们称这种探测系外行星的方法为视
4、向速度法。结合以上信息，下列说法正确的是（）A在绕着共同的质量中心转动的恒星和行星组成的双星系统中，恒星和行星做圆周运动的线速度大小一定相等B在绕着共同的质量中心转动的恒星和行星组成的双星系统中，由于恒星质量大，转动半径小，所以恒星做圆周运动的周期比行星的周期小C若某恒星在靠近我们，该恒星发出光的频率将变高，因此接收到的频率就会变高，即恒星光谱会出现蓝移D若某恒星在远离我们，该恒星发出光的频率不变，但我们接收到的频率会比它发出时的频率低，即恒星光谱会出现红移5、如图，滑块A置于水平地面上，滑块B在一水平力作用下紧靠滑块、B接触面竖直，此时A恰好不滑动，B刚好不下滑已知A与B间的动摩擦因数为，A
5、与地面间的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力与B的质量之比为ABCD6、从空间某点以大小不同的速率沿同一水平方向射出若干小球，不计空气阻力。则它们的动能增大到初动能的2倍时的位置处于A同一直线上B同一圆上C同一椭圆上D同一抛物线上二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，质量分别为mA=2kg、mB=4kg的A、B小球由轻绳贯穿并挂于定滑轮两侧等高H=25m处，两球同时由静止开始向下运动，已知两球与轻绳间的最大静摩擦力均等于其重力的0.5倍，且最大静摩擦力等于滑
6、动摩擦力。两侧轻绳下端恰好触地，取g=10m/s2，不计细绳与滑轮间的摩擦，则下列说法正确的是( )AA与细绳间为滑动摩擦力，B与细绳间为静摩擦力BA比B先落地CA,B落地时的动能分别为400J、850JD两球损失的机械能总量250J8、如图所示，足够大的水平圆台中央固定一光滑竖直细杆，原长为L的轻质弹簧套在竖直杆上，质量均为m的光滑小球A、B用长为L的轻杆及光滑铰链相连，小球A穿过竖直杆置于弹簧上。让小球B以不同的角速度绕竖直杆匀速转动，当转动的角速度为0时，小球B刚好离开台面。弹簧始终在弹性限度内，劲度系数为k，重力加速度为g，则A小球均静止时，弹簧的长度为L-B角速度=0时，小球A对弹簧
7、的压力为mgC角速度0=D角速度从0继续增大的过程中，小球A对弹簧的压力不变9、如图两根足够长光滑平行金属导轨PP、QQ倾斜放置，匀强磁场垂直于导轨平面向上，导轨的上端与水平放置的两金属板M、N相连，板间距离足够大，板间有一带电微粒，金属棒ab水平跨放在导轨上，下滑过程中与导轨接触良好现在同时由静止释放带电微粒和金属棒ab，则()A金属棒ab一直加速下滑B金属棒ab最终可能匀速下滑C金属棒ab下滑过程中M板电势高于N板电势D带电微粒可能先向N板运动后向M板运动10、下列说法正确的是（ ）A在完全失重的情况下，气体的压强为零B液体表面张力产生的原因是液体表面层分子较稀疏，分子间的引力大于斥力C当
8、两分子间距离大于平衡位置的间距时，分子间的距离越大，分子势能越小D水中气泡上浮过程中，气泡中的气体在单位时间内与气泡壁单位面积碰撞的分子数减小E.不可能利用高科技手段将散失在环境中的内能重新收集起来加以利用而不引起其他变化三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）从坐标原点O产生的简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播，t=0时刻波的图像如图所示，此时波刚好传播到M点，x=1m的质点P的位移为10cm，再经，质点P第一次回到平衡位置，质点N坐标x=-81m（图中未画出），则_A波源的振动周期为1.2sB波源的起振方向向下C波速为8m/sD
9、若观察者从M点以2m/s的速度沿x轴正方向移动，则观察者接受到波的频率变大E从t=0时刻起，当质点N第一次到达波峰位置时，质点P通过的路程为5.2m12（12分）某学习小组在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，除导线和开关外，可供选择的实验器材如下：A小灯泡L，规格2.5V，1.0WB电流表A1，量程0.6A，内阻约为1.5C电流表A2，量程3A，内阻约为0.5D电压表V1，量程3V，内阻约为3kE电压表V2，量程15V，内阻约为9kF滑动变阻器R1，阻值范围01000G滑动变阻器R2，阻值范围05H学生电源4V，内阻不计(1)为了调节方便，测量尽量准确，电流表应选用_、电压表应选用_、实验电
10、路应选用如下电路中的_（一律填选项序号）。A BC D(2)实验测得该灯泡的伏安特性曲线如图所示，由此可知，当灯泡两端电压为2.0V时，小灯泡的灯丝电阻是_（保留两位有效数字）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）有两列简谐横波a和b在同一介质中传播，a沿x轴正方向传播，b沿x轴负方向传播，波速均为=4m/s，a的振幅为5cm，b的振幅为10cm。在t=0时刻两列波的图像如图所示。求：(i)这两列波的周期；(ii)x=0处的质点在t=2.25s时的位移。14（16分）如图，绝热气缸A与导热气缸B均固定于地面
11、，由刚性杆连接的绝热活塞与两气缸间均无摩擦两气缸内装有处于平衡状态的理想气体，开始时体积均为、温度均为缓慢加热A中气体，停止加热达到稳定后，A中气体压强为原来的1.2倍设环境温度始终保持不变，求气缸A中气体的体积和温度15（12分）如图所示，在竖直虚线范围内，左边存在竖直向下的匀强电场，场强大小为，右边存在垂直纸面向里的匀强磁场，两场区的宽度相等。电荷量为、质量为的电子以初速度水平射入左边界后，穿过电、磁场的交界处时速度偏离原方向角。再经过磁场区域后垂直右边界射出。求：（1）电子在电场中运动的时间；（2）磁感应强度的大小。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出
12、的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】很大的中间有大圆孔的不透明挡板和很大的不透明圆板不会发生衍射现象，很小的不透明圆板出现泊松亮斑【详解】A用光照射很小的不透明圆板时后面出现一亮点，即泊松亮斑，故A错误；B很大的中间有大圆孔的不透明挡板时后面是一亮洞，不会出现衍射现象，故B错误；C很大的不透明圆板时后面是一片阴影，不会出现衍射现象，故C错误；D用光照射很大的中间有小圆孔的不透明挡板时是明暗相间的衍射图样，即发生衍射现象，故D正确【点睛】该题考查单孔衍射的图样，要牢记单孔衍射和单缝衍射图样与障碍物或孔的尺寸是有关系的，不同的障碍物或孔出现的衍射图样是不一样的2、C【解析】反应的
13、质量亏损根据爱因斯坦的质能方程，可得放出的能量为又有解以上各式得所以C正确，ABD错误。故选C。3、C【解析】根据物体做自由落体运动时可知可得物体自由落体运动下落1m需要的时间约为0.45s，根据竖直上抛运动和自由落体运动的关系可知，滞空时间约为0.90s，C正确，ABD错误。故选C。4、D【解析】AB双星间的万有引力提供它们各自圆周运动的向心力，则恒星和行星做圆周运动的角速度大小相等，周期相同，则可得由于恒星与行星质量不同，则轨道半径不同，由公式可知，恒星和行星做圆周运动的线速度大小不同，故AB错误；C根据多普勒效应可知，若某恒星在靠近我们，该恒星发出光的频率不变，但我们接收到的频率会比它发
14、出时的频率，即恒星光谱会出现蓝移，故C错误；D根据多普勒效应可知，若某恒星在远离我们，该恒星发出光的频率不变，但我们接收到的频率会比它发出时的频率低，即恒星光谱会出现红移，故D正确。故选D。5、B【解析】试题分析：对A、B整体分析，受重力、支持力、推力和最大静摩擦力，根据平衡条件，有：F=2（m1+m2）g 再对物体B分析，受推力、重力、向左的支持力和向上的最大静摩擦力，根据平衡条件，有：水平方向：F=N竖直方向：m2g=f其中：f=1N联立有：m2g=1F 联立解得：故选B【考点定位】物体的平衡【点睛】本题关键是采用整体法和隔离法灵活选择研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解，注意最大静摩
15、擦力约等于滑动摩擦力6、A【解析】动能增大到射出时的2倍，根据公式，速度增加为初速度的倍；速度偏转角度余弦为：，故速度偏转角度为45，故：vy=v0tan45=v故运动时间为：根据平抛运动的分位移公式，有：x=v0t 联立解得：在同一直线上。A. 同一直线上。与上述结论相符，故A正确；B. 同一圆上。与上述结论不符，故B错误；C. 同一椭圆上。与上述结论不符，故C错误；D. 同一抛物线上。与上述结论不符，故D错误。故选：A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解
16、析】A项：由于A、B两球对细绳的摩擦力必须等大，且A、B的质量不相等，A球由静止释放后与细绳间为滑动摩擦力，B与细绳间为静摩擦力，故A正确；B项：对A：mAg-fA=mAaA，对B：mBg-fB=mBaB，fA=fB，fA=0.5mAg，联立解得：，设A球经ts与细绳分离，此时，A、B下降的高度分别为hA、hB，速度分别为VA、VB，则有：，H=hA+hB，VA=aAt，VB=aBt联立解得：t=2s，hA=10m，hB=15m，VA=10m/s，VB=15m/s，分离后，对A经t1落地，则有：，对B经t2落地，m则有： 解得：， ，所以b先落地，故B错误；C项：A、B落地时的动能分别为EkA
17、、EkB，由机械能守恒，有： 代入数据得：EkA=400J、EkB=850J，故C正确；D项：两球损失的机械能总量为E，E=（mA+mB）gH-EkA-EkB，代入数据得：E=250J，故D正确。故应选：ACD。【点睛】解决本题的关键理清A、B两球在整个过程中的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁。要注意明确B和绳之间的滑动摩擦力，而A和绳之间的为静摩擦力，其大小等于B受绳的摩擦力。8、ACD【解析】A若两球静止时，均受力平衡，对B球分析可知杆的弹力为零，；设弹簧的压缩量为x，再对A球分析可得：，故弹簧的长度为：，故A项正确；BC当转动的角速度为0
18、时，小球B刚好离开台面，即，设杆与转盘的夹角为，由牛顿第二定律可知：而对A球依然处于平衡，有：而由几何关系：联立四式解得：，则弹簧对A球的弹力为2mg，由牛顿第三定律可知A球队弹簧的压力为2mg，故B错误，C正确；D当角速度从0继续增大，B球将飘起来，杆与水平方向的夹角变小，对A与B的系统，在竖直方向始终处于平衡，有：则弹簧对A球的弹力是2mg，由牛顿第三定律可知A球队弹簧的压力依然为2mg，故D正确；故选ACD。9、ACD【解析】根据牛顿第二定律有，而，联立解得，因而金属棒将做匀加速运动，选项A正确B错误；ab棒切割磁感线，相当于电源，a端相当于电源正极，因而M板带正电，N板带负电，C正确；
19、若带电粒子带负电，在重力和电场力的作用下，先向下运动然后再反向向上运动，D正确10、BDE【解析】A.气体压强是由于大量气体分子频繁碰撞容器壁而产生的，在完全失重的情况下，气体的压强并不为零，故A错误；B.液体表面张力产生的原因是由于液体表面层里的分子较稀疏，分子间的引力大于斥力，分子间表现为引力，故B正确；C.当两分子间距离大于平衡位置的间距时，分子间的距离越大，分子势能越大，故C错误；D.气泡在水中上浮过程中，体积增大，温度基本不变，压强减小，根据气体压强的微观解释可知，气泡中的气体在单位时间内与气泡壁单位面积碰撞的分子数减小，故D正确；E.根据热力学第二定律可知，不可能将散失在环境中的内
20、能重新收集起来加以利用而不引起其他变化，故E正确。故选BDE.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ABE【解析】AC、由函数关系可得本题说对应的数学函数为： ，由题条件可知当x=1时，y=10cm,代入解得 ，P点在经过第一次回到平衡位置，所以在波的传播方向0.1s前进了1m，所以波速为 周期 ，故A正确；C错误；B、t=0时刻波刚好传播到M点，则M点的振动方向即为波源的起振方向，结合波振动方向的判断方法知波源的起振方向向下，故B正确；D、若观察者从M点以2m/s的速度沿x轴正方向移动，由多普勒效应知观察者接受到波的频率变小，故D错误；
21、E、波传播到N需要 ，刚传到N点时N的振动方向向下，那么再经过 ，所以质点P一共振动了 所以,在此过程中质点P运动的路程为: 故E正确；综上所述本题答案是:ABE点睛：根据波的传播方向得到质点P的振动方向,进而得到振动方程,从而根据振动时间得到周期;由P的坐标得到波的波长,进而得到波速;根据N点位置得到波峰传播距离,从而求得波的运动时间,即可根据时间求得质点P的运动路程.12、B D C 5.1(或5.2或5.3) 【解析】(1)12小灯泡L的额定电压为2.5V，故电压表选D(3V)，额定电流为故电流表选B(0.6A)；3小灯泡的电阻为由于故采用电流表外接法，要求小灯泡两端的电压从零开始，所以
22、滑动变阻器采用分压式接法，故实验电路应选C。(2)4由图像可知，当灯泡两端电压为2.0V时，小灯泡的电流约为0.38A，则小灯泡的电阻为(5.1或5.2)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (i) (ii) y=-5cm【解析】解：(i)由图可知根据可得：(ii)a波从图示时刻传播到x=0处需要的时间：则x=0处的质点随a波振动的时间为：；t=2.25s时x=0处的质点随a波振动到负向最大位移处，即：b波从图示时刻传播到x=0处需要的时间：则x=0处的质点随b波振动的时间为：，T=2.25s时x=0处的质点随b波
23、振动到平衡位置处，即：故在t=2.25s时a、b波相遇叠加，x=0处质点的合位移为：y=-5cm14、；【解析】设初态压强为p0，膨胀后A，B压强相等pB=12p0B中气体始末状态温度相等p0V0=12p0（2V0-VA），A部分气体满足TA=14T0答：气缸A中气体的体积，温度TA=14T0考点：玻意耳定律【点睛】本题考查理想气体状态变化规律和关系，找出A、B部分气体状态的联系（即VB=2V0-VA）是关键15、（1）；（2）【解析】（1）解法一电子在电场中做类平抛运动，有由牛顿第二定律有由几何关系有解得解法二电子在电场中运动，竖直方向上由动量定理有由几何关系有解得（2）设场区的宽度为，则在电场中，有末速度电子在磁场中做匀速圆周运动，设轨迹半径为，则由几何知识得由洛伦兹力提供向心力有解得