《江西省安远县第一中学2022-2023学年高考冲刺物理模拟试题含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《江西省安远县第一中学2022-2023学年高考冲刺物理模拟试题含解析.doc（15页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023年高考物理模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、原子核有天然放射性，能发生一系列衰变，可能的衰变过程如图所示。下列说法中正确的是（）A过程的衰变方程为B过程的衰变方程
2、为C过程的衰变方程为D过程的衰变方程为2、在如图所示的位移图象和速度图象中，给出的四条图线甲、乙、丙、丁分别代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是（ ）A甲车做曲线运动，乙车做直线运动B0t1时间内，甲车通过的路程大于乙车通过的路程C丁车在t2时刻领先丙车最远D0t2时间内，丙、丁两车的平均速度相等3、关于原子核的相关知识，下面说法正确的是（）A原子核内相邻质子之间存在相互排斥的核力B原子核的比结合能越小，说明原子核越不稳定C温度越高放射性元素的半衰期越小D射线是电子流，表明原子核内除质子中子之外还有电子4、建筑工人常常徒手向上抛砖块，当砖块上升到最高点时被楼上的师傅接住
3、。 在一次抛砖的过程中，砖块运动3s到达最高点，将砖块的运动匀变速直线运动，砖块通过第2s内位移的后用时为t1，通过第1s内位移的前用时为t2，则满足（ ）ABCD5、如图所示，一个劈形物体A，各面均光滑，放在固定的斜面上，上表面呈水平，在水平面上放一个小球B，劈形物体从静止开始释放，则小球在碰到斜面前的运动轨迹是( )A沿斜面向下的直线B竖直向下的直线C无规则曲线D抛物线6、下列说法中正确的是A用打气筒的活塞压缩气体很费力，说明分子间有斥力B在阳光照射下，可以观察到教室空气中飞舞的尘埃作无规则运动，属于布朗运动C一定质量的理想气体温度升高其压强一定增大D一定质量的理想气体温度升高其内能一定增
4、大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，在光滑水平面上有宽度为d的匀强磁场区域，边界线MN平行于PQ线，磁场方向垂直平面向下，磁感应强度大小为B，边长为L（Ld）的正方形金属线框，电阻为R，质量为m，在水平向右的恒力F作用下，从距离MN为d/2处由静止开始运动，线框右边到MN时速度与到PQ时的速度大小相等，运动过程中线框右边始终与MN平行，则下列说法正确的是（）A线框进入磁场过程中做加速运动B线框的右边刚进入磁场时所受安培力的大小为C线框在进入磁场的过程中速度
5、的最小值为D线框右边从MN到PQ运动的过程中，线框中产生的焦耳热为Fd8、在光滑的水平面上，一滑块的质量m=2kg，在水平面上受水平方向上恒定的外力F=4N（方向未知）作用下运动，如图所示给出了滑块在水平面上运动的一段轨迹，滑块过PQ两点时速度大小均为v=5m/s。滑块在P点的速度方向与PQ连线夹角=37，sin37=0.6，则（）A水平恒力F的方向与PQ连线成53夹角B滑块从P到Q的时间为3sC滑块从P到Q的过程中速度最小值为4m/sDPQ两点连线的距离为12m9、某同学用如图所示电路演示交流发电机的发电原理，线圈电阻不计，电表为理想电表。当线圈转动的转速增大1倍，下列说法正确的是（）A当线
6、圈处于图示位置时，灯泡两端电压最大B电流表测量的是灯泡的最大电流C电压表的示数增大为原来的2倍D通过灯泡的电流频率为原来的2倍10、一个静止的质点在t=0到t=4s这段时间，仅受到力F的作用，F的方向始终在同一直线上，F随时间t的变化关系如图所示下列说法中正确的是（ ）A在t=0到t=4s这段时间，质点做往复直线运动B在t=1s时，质点的动量大小为1kgm/sC在t=2s时，质点的动能最大D在t=1s到t=3s这段时间，力F的冲量为零三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学要将一满偏电流为3mA的毫安表G改装为量程为30mA的电
7、流表。他先测量出毫安表G的电阻，然后对表进行改装，最后再利用一标准毫安表，对改装后的电流表进行检测具体实验步骤如下：按电路原理图a连接线路将R1的阻值调到最大，闭合开关S1后调节R1的阻值，使毫安表G的指针偏转到满刻度闭合S2，保持R1不变，调节R2的阻值，使毫安表G的指针偏转到满刻度的三分之一的位置记下R2的阻值回答下列问题：（1）如果按正确操作步骤测得R2的阻值为90，则毫安表G内阻的测量值Rg=_，与毫安表内阻的真实值相比，Rg_（填“”、“”或“”）（2）若忽略实验的误差，将上述毫安表G改装成量程为30mA的电流表，则需要并联一个阻值R=_的电阻（3）根据图b所示电路对改装后的电表进行
8、检测，当标准毫安表的示数为16.0mA时，改装表的指针位置如图c所示，由此可以推测出改装的电表量程不是预期值，改装电流表的量程是_mA（4）要达到预期目的，无论测得的内阻值是否正确，都不必重新测量，只需要将阻值为R的电阻换为一个阻值为kR的电阻即可，其中k=_12（12分）用游标卡尺测得某样品的长度如图甲所示，其读数L=_mm；用螺旋测微器测得该样品的外边长a如图乙所示，其读数a=_mm。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行光滑金属导轨相距L=1m，导轨平
9、面与水平面成=30角，下端连接一定值电阻R=2，匀强磁场B=0.4T垂直于导轨平面向上。质量m=0.2kg、电阻r=1的金属棒ab，其长度与导轨宽度相等。现给金属棒ab施加一个平行于导轨平面向上的外力F，使金属棒ab从静止开始沿轨道向上做加速度大小为a=3m/s2的匀加速直线运动。运动过程中金属棒ab始终与导轨接触良好，重力加速度取g=10m/s2。求：(1)当电阻R消耗的电功率P=1.28W时，金属棒ab的速度v的大小；(2)当金属棒ab由静止开始运动了x=1.5m时，所施加外力F的大小。14（16分）如图甲所示，直角坐标系xOy的第一象限内存在沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小为E，在第
10、四象限内有一半径为R的圆形有界匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，磁场的边界刚好与x轴相切于A点，A点的坐标为，一个质量为m、电荷量为q的带正电粒子在A点正上方的P点由静止释放，粒子经电场加速后从A点进入磁场，经磁场偏转射出磁场后刚好经过坐标原点O，匀强磁场的磁感应强度大小为B，不计粒子的重力，求：（1）P点的坐标；（2）若在第三、四象限内、圆形区域外加上垂直纸面向里的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小也为B，如图乙所示，粒子释放的位置改为A点正上方点处，点的坐标为，让粒子在点处由静止释放，粒子经电场加速后从A点进入磁场，在磁场中偏转后第一次出磁场时，交x轴于C点，则AC间的距离为多少；粒子从点到C点
11、运动的时间为多少.15（12分）某跳台滑雪的轨道如图所示，助滑轨道倾角，助滑轨道在B点与半径的光滑圆弧轨道相切，圆弧在最低点C的切线水平；CP为着陆坡。倾角，一运动员连同装备总质量，从助滑坡道上的A点无助力由静止滑下，A点与B点的竖直高度差，滑板与助滑坡道之间的动摩擦因数，不计空气阻力，取，求：(1)运动员经过点时对轨道的压力大小；(2)运动员落在着陆坡上时的动能。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】AB由核反应过程中质量数守恒和电荷数守恒得，过程的衰变方程为故AB错误；CD由核反应过程中质量数守恒和电荷
12、数守恒得，过程的衰变方程为故C错误，D正确。故选D。2、C【解析】A由图象可知：乙做匀速直线运动，甲做速度越来越小的变速直线运动，故A错误；B在t1时刻两车的位移相等，又都是单向直线运动，所以两车路程相等，故B错误；C由图象与时间轴围成面积表示位移可知：丙、丁两车在t2时刻面积差最大，所以相距最远，且丁的面积大于丙，所以丁车在t2时刻领先丙车最远，故C正确；D.0t2时间内，丙车的位移小于丁车的位移，时间相等，平均速度等于位移除以时间，所以丁车的平均速度大于丙车的平均速度，故D错误。3、B【解析】A原子核内相邻质子之间存在强相互吸引的核力，A错误；B原子核比结合能越小，拆开原子核越容易，说明原
13、子核越不稳定，B正确；C放射性元素的半衰期是原核的衰变规律，由原子核内部因素决定，即与元素的种类有关，与温度无关，C错误；D射线是原子核内中子转变为质子时产生的，不能说明原子核内有电子，选项D错误。故选B。4、C【解析】竖直向上抛砖是匀变速直线运动，经过3s减为0 ，可以从最高点开始逆向思维，把上升过程反过来看作自由落体运动。根据自由落体运动的公式，得第1s内，第2s内，第3s内的位移之比为从最高点开始，设第1s内位移为x ，则第2s内为3x，第3s内为5x。所以从最高点开始，砖块通过上抛第2s位移的后的位移为第2个x，通过第1s内位移的前的位移即为第9个x，按照自由落体公式可得所以所以ABD
14、错误，C正确。故选C。5、B【解析】楔形物体A释放前，小球受到重力和支持力，两力平衡；楔形物体A释放后，由于楔形物体A是光滑的，则小球水平方向不受力，根据牛顿第一定律知，小球在水平方向的状态不改变，即仍保持静止状态而竖直方向：楔形物体A对B的支持力将小于小球的重力，小球将沿竖直方向做加速运动，所以小球在碰到斜面前的运动是竖直向下的加速运动，其运动轨迹是竖直向下的直线，故B正确。故选B。6、D【解析】A项：用打气筒打气时，里面的气体因体积变小，压强变大，所以再压缩时就费力，与分子之间的斥力无关，故A错误；B项：教室空气中飞舞的尘埃是由于空气的对流而形成的；不是布朗运动；故B错误；C项：由理想气体
15、状态方程可知，当温度升高时如果体积同时膨胀，则压强有可能减小；故C错误；D项：理想气体不计分子势能，故温度升高时，分子平均动能增大，则内能一定增大；故D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A、线框右边到MN时速度与到PQ时速度大小相等，线框完全进入磁场过程不受安培力作用，线框完全进入磁场后做加速运动，由此可知，线框进入磁场过程做减速运动，故A错误；B、线框进入磁场前过程，由动能定理得：，解得：，线框受到的安培力： ，故B正确；C、线框完全进入磁场时速
16、度最小，从线框完全进入磁场到右边到达PQ过程，对线框，由动能定理得： 解得： ，故C错误；D、线框右边到达MN、PQ时速度相等，线框动能不变，该过程线框产生的焦耳热：QFd，故D正确；8、BCD【解析】A设水平恒力F的方向与PQ连线夹角为，滑块过P、Q两点时的速度大小相等，根据动能定理得FxPQcos=Ek=0得=90，即水平恒力F与PQ连线垂直且指向轨迹的凹侧，故A错误；B把P点的速度分解在沿水平力F和垂直水平力F两个方向上，沿水平力F方向上滑块先做匀减速后做匀加速直线运动，有当F方向速度为零时，时间为 根据对称性，滑块从P到Q的时间为t=2t=3s故B正确；C当F方向速度为零时，只有垂直F
17、方向的速度v=vcos37=4m/s此时速度方向与F垂直，速度最小，故C正确；D垂直F的方向上物块做匀速直线运动，有xPQ=vt=12m故D正确。故选BCD。9、ACD【解析】A当线圈处于图示位置时，位于与中性面垂直的平面，瞬时感应电动势最大，灯泡两端电压最大，故A正确；B电流表测量的是通过灯泡电流的有效值，故B错误；C根据可知当转速增加1倍，则电动势最大值增大为原来的2倍，根据可知电动势有效值增大为原来的2倍，即电压表的示数增大为原来的2倍，故C正确；D根据当转速增大1倍，可知交流电的频率变为原来的2倍，即通过灯泡的电流频率为原来的2倍，故D正确。故选ACD。10、CD【解析】02s内，合力
18、方向不变，知加速度方向不变，物体一直做加速运动，24s内，合力方向改为反向，则加速度方向相反，物体做减速运动，因为02s内和24s内加速度大小和方向是对称的，则4s末速度为零，在整个运动过程的速度方向不变，一直向前运动，第4s末质点位移最大；故A错误F-t图象中，图象与时间轴围成的面积表示力的冲量，在t=1s时，冲量大小I1=0.5Ns，根据动量定理可知，质点的动量大小为0.5kgm/s，故B错误由A的分析可知，在t=2s时，质点的动能最大，故C正确；F-t图象中，图象与时间轴围成的面积表示力的冲量，由图可知，在t=1s到t=3s这段时间，力F的冲量为零，故D正确；故选CD【点睛】解决本题的关
19、键会通过牛顿第二定律判断加速度的方向，当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动同时能正确根据动量定理分析问题，明确F-t图象的性质，能正确求解力的冲量三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、180 20 )32 【解析】（1）1由于指针指在三分之一的位置，说明R2分得电流为电流计电流的两倍，所以电流计电阻是R2的两倍，为180。闭合S2后，R2与Rg的并联值R并Ig，而此时G的示数为满偏电流的三分之一，所以IR2大于三分之二满偏电流，所以2R2，即Rg；（2）2由并联电路分流特点，得=20（3）3标准毫
20、安表的示数为16.0mA时，改装后的电表显示为刻度盘的中值刻度，故改装电流表的量程为32mA；（4）4把毫安表改装成电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值当量程为32mA时，则有当量程为30mA时，则有联立解得12、20.15 1.730 【解析】1样品的长度L=2cm+0.05mm3=20.15mm；2样品的外边长a=1.5mm+0.01mm23.0=1.730mm。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)6m/s；(2)1.76N【解析】(1)根据题意可得 由闭合电路欧姆定律可得E=I（R+r）=2. 4V
21、再由法拉弟电磁感应定律可得E=BLv1 联立解得(2)根据题意，金属棒ab在上升过程中，切割磁感线可得E=BLv2 F安=BIL E=I（R+r） 由金属棒ab在上升过程中，做匀加速直线运动，由运动学规律可得 对金属棒ab进行受力分析，根据牛顿第二定律可得 联立解得F=1. 76N14、（1）；（2）2R；【解析】（1）设P点的坐标为，粒子进磁场时的速度为v1，根据动能定理有粒子进入磁场后做匀速圆周运动，设粒子做圆周运动的半径为r1，根据几何关系有则求得由牛顿第二定律有求得所以P点坐标为（2）设粒子进磁场时的速度大小为，根据动能定理设粒子在圆形区域内磁场中做圆周运动的半径为r2，根据牛顿第二定
22、律求得r2=R同理可知，粒子在圆形区域外磁场内做圆周运动的半径也为R根据几何关系，粒子在磁场中做圆周运动的轨迹如图所示，由几何关系可知，A点到C点的距离设粒子第一次在电场中运动的时间为t1，则求得粒子在磁场中做圆周运动的周期粒子从A点到C点在磁场中运动的时间因此粒子从点到C点运动的时间15、 (1)1000N；(2)12500J【解析】(1)运动员从A到B，由动能定理得从B到C，由机核能守恒得解得在C点对运动员进行受力分析有解得由牛顿第三定律得，运动员经过C点时对轨道的压力大小为1000N。(2)运动员从C点飞出做平抛运动，落点在着陆坡上，设飞行时间为t解得竖直方向位移由动能定理得落到斜面上时的动能