江苏省江海中学2022-2023学年高考压轴卷物理试卷含解析.doc

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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项1考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回2答题前,请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题,必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑;如需改动,请用橡皮擦干净后,再选涂其他答案作答非选择题,必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答,在其他位置作答一律无效5如需作图,须用2B铅笔绘、写清楚,线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的

2、。1、如图所示,强度足够的、不可伸长的轻线一端系着一个小球p,另一端套在图钉A上,图钉A正上方有距它h的图钉B,此时小球在光滑的水平平台上做半径为a的匀速圆周运动。现拔掉图钉A,则A小球继续做匀速圆周运动B小球做远离O的曲线运动,直到被图钉B拉住时停止C小球做匀速直线运动,直到被图钉B拉住时再做匀速圆周运动D不管小球做什么运动,直到被图钉B拉住时小球通过的位移为h2、如图所示,一理想变压器,其原副线圈的匝数均可调节,原线圈两端电压为一最大值不变的正弦交流电,为了使变压器输入功率增大,可使A其他条件不变,原线圈的匝数n1增加B其他条件不变,副线圈的匝数n2减小C其他条件不变,负载电阻R的阻值增大

3、D其他条件不变,负载电阻R的阻值减小3、按照我国整个月球探测活动的计划,在第一步“绕月”工程圆满完成各项目标和科学探测任务后,第二步是“落月”工程,已在2013年以前完成。假设月球半径为R,月球表面的重力加速度为g0,飞船沿距月球表面高度为3R的圆形轨道运动,到达轨道的A点时点火变轨进入椭圆轨道,到达轨道的近月点B时再次点火进入月球近月轨道绕月球做圆周运动。下列判断不正确的是()A飞船在轨道上的运行速率B飞船在A点处点火变轨时,动能减小C飞船在轨道绕月球运动一周所需的时间D飞船从A到B运行的过程中机械能变大4、2019年11月23日,我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭,以“一箭双星”方

4、式成功发射第五十、五十一颗北斗导航卫星。如图所示的a、b、c为中国北斗卫星导航系统中的三颗轨道为圆的卫星。a是地球同步卫星,b是轨道半径与卫星a相同的卫星,c是轨道半径介于近地卫星和同步卫星之间的卫星。下列关于这些北斗导航卫星的说法,正确的是()A卫星a的运行速度大于第一宇宙速度B卫星a的向心加速度大于卫星c的向心加速度C卫星b可以长期“悬停”于北京正上空D卫星b的运行周期与地球的自转周期相同5、如图是某型号的降压变压器(可视为理想变压器),现原线圈两端接上正弦交流电,副线圈接一负载电阻,电路正常工作,若()A负载空载(断路),则原线圈电流为零B负载空载(断路),则副线圈两端电压为零C负载电阻

5、阻值变小,则输入电流变小D负载电阻阻值变小,则副线圈两端电压变小6、正在海上行驶的-艘帆船,行驶方向如图所示,海风吹来的方向与船行驶的方向夹角为,升起风帆,调整风帆的角度,使海风垂直吹在帆面上,若海风吹在帆面上的风力大小为500 N,则沿船行驶方向获得的推力大小为A300 NB375 NC400 ND450 N二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、以下说法正确的是 A晶体具有各向同性,而非晶体具有各向异性B液体表面张力与重力有关,在完全失重的情况下表面张力消失C对于一定

6、的液体和一定材质的管壁,管内径的粗细会影响液体所能达到的高度D饱和汽压随温度而变,温度越高饱和汽压越大E.因为晶体熔化时吸收的热量只增加了分子势能,所以熔化过程中晶体温度不变8、一带正电的粒子仅在电场力作用下从点经运动到点,其图象如图所示。分析图象后,下列说法正确的是()A处的电场强度一定小于处的电场强度B粒子在处的电势能一定大于在处的电势能C间各点电场强度和电势都为零D两点间的电势差等于两点间的电势差9、在一颗半径为地球半径0.8倍的行星表面,将一个物体竖直向上抛出,不计空气阻力从抛出开始计时,物体运动的位移随时间关系如图(可能用到的数据:地球的半径为6400km,地球的第一宇宙速度取8 k

7、m/s,地球表面的重力加速度10m/s2,则A该行星表面的重力加速度为8m/s2B该行星的质量比地球的质量大C该行星的第一宇宙速度为6.4km/sD该物体落到行星表面时的速率为30m/s10、如图所示,排球运动员站在发球线上正对球网跳起从O点向正前方先后水平击出两个速度不同的排球。速度较小的排球落在A点,速度较大的排球落在B点,若不计空气阻力,则下列说法正确的是( )A两排球下落相同高度所用的时间相等B两排球下落相同高度时在竖直方向上的速度相间C两排球通过相等的水平距离,落在A点的排球所用的时间较少D两排球在落地前的一小段相等时间内,落在B点的排球下降的高度较小三、实验题:本题共2小题,共18

8、分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11(6分)如图所示,为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置及数字化信息系统获得了小车加速度a与钩码的质量及小车和砝码的质量对应关系图.钩码的质量为,小车和砝码的质量为m2,重力加速度为g.(1)下列说法正确的是_.A每次在小车上加减砝码时,应重新平衡摩擦力B实验时若用打点计时器应先释放小车后接通电源C本实验m2应远小于m1D在用图象探究加速度与质量关系时,应作a和图象(2)实验时,某同学遗漏了平衡摩擦力这一步骤,若轨道水平,他测量得到的图象,如图,设图中直线的斜率为k,在纵轴上的截距为b,则小车与木板间的动摩擦因数_,钩码的质量_.(

9、3)实验中打出的纸带如图所示.相邻计数点间的时间间隔是,图中长度单位是cm,由此可以算出小车运动的加速度是_m/s2.12(12分)某同学为验证机械能守恒定律设计了如图所示的实验,一钢球通过轻绳系在O点,由水平位置静止释放,用光电门测出小球经过某位置的时间,用刻度尺测出该位置与O点的高度差h。(已知重力加速度为g)(1)为了完成实验还需测量的物理量有_(填正确答案标号)。A绳长l B小球的质量m C小球的直径d D小球下落至光电门处的时间t(2)正确测完需要的物理量后,验证机械能守恒定律的关系式是_(用已知量和测量量的字母表示)。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题

10、处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13(10分)如图所示,一个圆筒形导热汽缸开口向上竖直放置,内有活塞,其横截面积为S=1104m2,质量为m=1kg,活塞上放有一个质量M=2kg的物块,活塞与汽缸之间无摩擦且不漏气,其内密封有一定质量的理想气体,气柱高度h=0.2m。已知大气压强p0=1.0105Pa,重力加速度g=10m/s2。(1)如果拿掉活塞上的物块,气柱高度将变为原来的多少倍;(2)如果缓慢降低环境温度,使活塞恢复到原高度,此过程中气体放出热量5J,求气体内能的增量U。14(16分)如图所示,轻杆BC的C点用光滑铰链与墙壁相连,在B点正下方悬挂一个定滑轮(不计重力和摩擦)

11、,杆的B点通过水平细绳AB使杆与竖直墙壁保持30的夹角某人用轻绳绕过滑轮竖直向上匀加速地提起重物,已知重物的质量,加速度大小,人的质量,求此时:(1)地面与人之间的弹力的大小;(2)轻绳AB的弹力大小15(12分)如图所示,一有界匀强磁场垂直于xOy平面向里,其边界是以坐标原点O为圆心、半径为R的圆一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子,从磁场边界与x轴交点P处以初速度大小v0、沿x轴正方向射入磁场,恰能从M点离开磁场不计粒子的重力(1)求匀强磁场的磁感应强度大小B;(2)若带电粒子从P点以速度大小v0射入磁场,改变初速度的方向,粒子恰能经过原点O,求粒子在磁场中运动的时间t及离开磁场时速度的方

12、向;(3)在匀强磁场外侧加一有界均匀辐向电场,如图所示,与O点相等距离处的电场强度大小相等,方向指向原点O带电粒子从P点沿x轴正方向射入磁场,改变初速度的大小,粒子恰能不离开电场外边界且能回到P点,求粒子初速度大小v以及电场两边界间的电势差U参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】ABC.拔掉钉子A后,小球沿切线飞出,做匀变速直线运动,知道线环被钉子B套住,之后细线的拉力提供向心力,小球再做匀速圆周运动,故C正确,AB错误。D,知道线环被钉子B套住前,匀速运动的位移为,故D错误。2、D【解析】试题分析:据题意

13、,已知变压器原线圈输入功率由副线圈输出功率决定,为了使变压器输入功率增大,可以调整副线圈的输出功率,当原线圈输入电压不变时,副线圈上的电压也不变,由可知,当负载电阻减小时,副线圈输出功率增加,故D选项正确而C选项错误;其它条件不变,当增加原线圈匝数时,据可得,则副线圈电压减小,而功率也减小,A选项错误;副线圈匝数减小,同理可得变压器功率减小,故B选项错误考点:本题考查变压器原理3、D【解析】A万有引力提供向心力解得在月球表面解得联立解得故A正确,不符合题意;B飞船在点变轨后由圆轨道变为椭圆轨道,做向心运动,要求万有引力大于飞船所需向心力,所以飞船应该减速,动能减小,故B正确,不符合题意;C万有

14、引力提供向心力结合解得故C正确,不符合题意;D在椭圆轨道上,飞船由点运动至点,只有万有引力做功,机械能守恒,故D错误,符合题意。故选D。4、D【解析】A第一宇宙速度是近地卫星的运行速度,根据万有引力提供向心力得卫星a的轨道半径大于地球半径,则卫星a的运行速度小于第一宇宙速度,故A错误;B根据万有引力提供向心力得卫星a的轨道半径大于卫星c的轨道半径,故卫星a的向心加速度小于卫星c的向心加速度,故B错误;C卫星b不是同步卫星,不能与地面相对静止,不能“悬停”在北京上空,故C错误;D根据万有引力提供向心力得卫星a、b的轨道半径相等,则周期相等,卫星a是同步卫星,运行周期与地球自转周期相同,则卫星b的

15、运行周期与地球自转周期相同,故D正确。故选D。5、A【解析】AB把变压器看做一个电源,副线圈所连电路为外电路,负载断路,相当于电路的外电路断路,则副线圈两端仍有电压,但是电路中无电流,A正确B错误;CD负载电阻变小,根据可知副线圈两端电压不变,所以副线圈中电流增大,根据可知,不变,增大,则也增大,即输入电流变大,CD错误。故选A。6、A【解析】对垂直作用于帆面上的风力进行分解,分解成沿船行驶方向和垂直于行驶方向的力,沿行驶方向的分力。A. 300 N与上述计算结果相符,故A正确;B. 375 N与上述计算结果不相符,故B错误;C. 400 N与上述计算结果不相符,故C错误;D. 450 N与上

16、述计算结果不相符,故D错误;二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、CDE【解析】A晶体分为单晶体和多晶体,单晶体各向异性,多晶体各向同性,非晶体各向同性,故A错误;B液体表面张力是微观的分子引力形成的规律,与宏观的超失重现象无关,则在完全失重的状态下依然有表面张力的现象,故B错误;C浸润现象中,浸润液体在细管中上升时,管的内径越小,液体所能达到的高度越高,故对于一定的液体和一定材质的管壁,管内径的粗细会影响液体所能达到的高度,则C正确;D饱和汽压与温度有关,温度越高饱和

17、汽压越大,故D正确;E晶体熔化时吸收热量,导致内能增大,但只增加了分子势能,故熔化过程中晶体温度不变,故E正确。故选CDE。8、BD【解析】A由运动的速度-时间图象可看出,带正电的粒子的加速度在A点时较大,由牛顿第二定律得知在A点的电场力大,故A点的电场强度一定大于B点的电场强度,故A错误;B由A到B的过程中,速度越来越大,说明是电场力做正功,电势能转化为动能,由功能关系可知,此过程中电势能减少,所以A点的电势能高于B点的电势能,故B正确。C从C到D,粒子速度一直不变,故电场力做功为零,可知CD间各点电场强度为零,但电势不一定为零,故C错误;DA、C两点的速度相等,故粒子的动能相同,因此从A到

18、B和从B到C电场力做功的绝对值相同,AB两点间的电势差等于CB两点间的电势差,故D正确。故选BD。9、AC【解析】A由图读出,物体上升的最大高度为:h=64m,上升的时间为: t=4s。对于上升过程,由 可得选项A正确;B根据 可得则该行星的质量比地球的质量小,选项B错误;C根据 可得则 则该行星的第一宇宙速度为选项C正确;D该物体落到行星表面时的速率为故D错误;故选AC。10、AB【解析】A从同一高度水平发出两个速度不同的排球,根据平抛运动规律,竖直方向上有可知两排球下落相同高度所用的时间相等,A项正确;B由可知两排球下落相同高度时在竖直方向上的速度相同,B项正确;C由平抛运动规律可知水平方

19、向上有x=vt,可知速度较大的排球通过相等的水平距离所用的时间较少,C项错误;D由于做平抛运动的排球在竖直方向的运动为自由落体运动,两排球在落地前的一小段相等时间内下降的高度相同,D项错误。故选AB。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、D 0.46 【解析】(1)A.小车与长木板的间的粗糙情况与小车的质量无关,所以在同一个实验中,每次改变小车的质量,不需要平衡摩擦力。故A错误。B.实验时应先接通电源,后释放小车。故B错误。C.根据牛顿第二定律可得系统的加速度,则绳子的拉力,由此可知钩码的质量远小于小车和砝码的质量m2时,绳子的拉力才等于

20、钩码的重力。故C错误。D.由牛顿第二定律可知,当一定是,与成正比,所以应作出图象。故D正确。(2)根据牛顿第二定律可知,结合图象可得,由此可得钩码的质量为,小车与木板间的动摩擦因数为。(3)设,有公式,化简可得12、C 【解析】(1)1系统机械能守恒时满足又解得还需要测量的量是小球的直径d。(2)2由(1)知成立时,小球机械能守恒。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)2倍;(2)-1J【解析】(1)拿掉活塞上的物块,气体做等温变化初态:,末态:,由气体状态方程得整理得故(2)在降温过程中,气体做等压变化,外

21、界对气体作功为由热力学第一定律可得14、(1)380N(2)【解析】(1)对重物:解得:T=120N对人:T+N=Mg解得:N=380N(2)因对B点:解得15、(1)(2)(3),【解析】(1)根据几何关系,粒子圆周运动得半径,由向心力公式有,解得(2)如图所示过带电粒子运动轨迹上得弦PO做垂直平分线叫磁场边界O1点,因粒子做圆周运动得半径与磁场边界半径相等,所以为等边三角形,O1为圆心位置,粒子圆周运动得周期,图中,则有,解得,根据几何关系可知,粒子离开磁场时速度沿y轴正方向(3)设粒子刚进入磁场做圆周运动得圆心O1和原点O得连线与x轴夹角为,运动半径为r1,如图则有,由向心力公式有,粒子从P点射入磁场,恰能回到P点,则根据几何关系有:,解得其中 ;根据能量守恒有,解得

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