《江苏省苏州市立达中学2022-2023学年高考考前提分物理仿真卷含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《江苏省苏州市立达中学2022-2023学年高考考前提分物理仿真卷含解析.doc（13页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023年高考物理模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一弹簧振子做简谐运动，周期为T，以下描述正确的是A若t=，则在t时刻和（t+t）时刻弹簧长度一定相
2、等B若t=T，则在t时刻和（t+t）时刻振子运动的加速度一定相等C若t和（t+t）时刻振子运动速度大小相等，方向相反，则t一定等于的整数倍D若t和（t+t）时刻振子运动位移大小相等，方向相反，则t一定等于T的整数倍2、如图，自动卸货车静止在水平地面上，质量为m的货物放在车厢内挡板附近，车厢在液 压机的作用下，角缓慢增大，当增大到一定角度时货物开始加速下滑，货物与车厢的动摩擦因数为，重力加速度为g若货物还未离开车厢，下列说法正确的是A增大过程中，货物对车厢压力大小不变B增大过程中，货物的摩擦力大小等于mg cos C货物加速下滑时，货车受到地面向右的摩擦力D货物加速下滑时，地面对货车的支持力小于
3、货车和货物重力之和3、关于牛顿第一定律和惯性有下列说法，其中正确的是（ ）A由牛顿第一定律可知，物体在任何情况下始终处于静止状态或匀速直线运动状态B行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性C牛顿第一定律只是反映惯性大小的，因此也叫惯性定律D运动物体如果没有受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动4、如图所示，接在家庭电路上的理想降压变压器给小灯泡L供电，如果将原、副线圈减少相同匝数，其他条件不变，则()A小灯泡变亮B小灯泡变暗C原、副线圈两端电压的比值不变D通过原、副线圈电流的比值不变5、一试探电荷在电场中自A点由静止释放后，仅在电场力的作用下能经过B点。若、分別表示A、B两点的电势，E
4、A、EB分别表示试探电荷在A、B两点的电势能，则下列说法正确的是( )ABEA EBC电势降低的方向就是场强的方向D电荷在电势越低的位置其电勢能也越小6、某静电场中有电场线与x轴重合，x轴上各点电势分布如图所示，图线关于纵轴对称,则()Ax1处和x1处场强方向相同Bx1处和x2处场强大小相等C某带电粒子在x2处和x2处电势能相等D某带电粒子在x2处的电势能大于在x2处的电势能二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，某科研单位设计了一空间飞行器，飞行器从地面起飞时
5、，发动机提供的动力方向与水平方向的夹角60，使飞行器恰好沿与水平方向的夹角30的直线斜向右上方匀加速飞行，经时间t后，将动力的方向沿逆时针旋转60同时适当调节其大小，使飞行器依然可以沿原方向匀减速直线飞行，飞行器所受空气阻力不计下列说法中正确的是()A飞行器加速时动力的大小等于mgB飞行器加速时加速度的大小为gC飞行器减速时动力的大小等于mgD飞行器减速飞行时间t后速度为零8、如图所示，质量为M的长木板A静止在光滑的水平面上，有一质量为m的小滑块B以初速度v0从左侧滑上木板，且恰能滑离木板，滑块与木板间动摩擦因数为下列说法中正确的是A若只增大v0，则滑块滑离木板过程中系统产生的热量增加B若只增
6、大M，则滑块滑离木板过程中木板所受到的冲量减少C若只减小m，则滑块滑离木板时木板获得的速度减少D若只减小，则滑块滑离木板过程中滑块对地的位移减小9、下列关于热现象的描述正确的是_。A用棉线做酒精灯的灯芯是利用了毛细现象B同种物质在不同的条件下能够生成不同的晶体C气体温度每降低1所放出的热量与气体经历的过程有关D水蒸气的压强离饱和汽压越远，越不利于水的蒸发，人感觉越潮湿E.小草上的露珠呈球形是由于液体表面张力使其表面积具有扩张到最大的趋势10、如图所示，两条平行的光滑导轨水平放置(不计导轨电阻)，两金属棒垂直导轨放置在导轨上，整个装置处于竖在向下的匀强磁场中现在用水平外力F作用在导体棒B上，使导
7、体棒从静止开始向有做直线运动，经过一段时间，安培力对导体棒A做功为，导体棒B克服安培力做功为，两导体棒中产生的热量为Q，导体棒A获得的动能为，拉力做功为，则下列关系式正确的是ABCD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某实验小组想用下图所示装置验证动能定理。垫块的作用是使长木板产生一个合适的倾角来平衡小车运动过程中受到的阻力，小车的凹槽可以添加钩码以改变小车的质量，用小桶以及里面的细沙的重力来替代小车受到的合力，可以改变细沙的多少来改变合力的大小。已知打点计时器的打点频率为f，当地重力加速度为g。(1)要完成实验，必须测量哪些物理
8、量_A纸带上某两点间的距离x，以及这两点的瞬时速度B长木板的倾角C. 小车及凹槽内钩码的总质量MD. 小桶及里面细沙的总质量m(2)仔细平衡小车受到的阻力，并多次改变小车的质量M和小桶里面细沙的质量m，通过测量和计算发现：合力的功总是大于两点动能的差值，这_（填“符合”或“不符合“）实验的实际情况。 12（12分）某同学欲用伏安法测定一阻值约为5的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：A直流电源E(电动势约为4.5V，内阻很小)；B直流电流表A1(量程00.6A，内阻约为0.1)；C直流电流表A2(量程03A，内阻约为0.2)；D直流电压表V1(量程03V，内阻约为3k)；E直流电压表V
9、2(量程015V，内阻约为6k)；F滑动变阻器R1(最大阻值为10)；G开关、导线若干。（1）在备选器材中，实验中电流表应选_，电压表应选_；(均填写器材前字母序号)（2）该同学连接了部分电路，如图甲所示，还有三根导线没有连接，请帮助该同学完成连线；（_）（3）按要求完成了电路连接后，开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于最_(选填“左”或“右”)端；（4）该同学正确操作，电流表和电压表的表盘示数如图乙所示，则电阻的测量值为_；该测量值_(选填“大于”“小于”或“等于”)真实值。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10
10、分）如图所示，T形活塞将绝热汽缸内的气体分隔成A、B两部分，活塞左、右两侧截面积分别为S1、S2，活塞与汽缸两端的距离均为L，汽缸上有a、b、c三个小孔与大气连通，现将a、b两孔用细管(容积不计)连接已知大气压强为p0，环境温度为To，活塞与缸壁间无摩擦(1)若用钉子将活塞固定，然后将缸内气体缓慢加热到T1，求此时缸内气体的压强；(2)若气体温度仍为T0，拔掉钉子，然后改变缸内气体温度，发现活塞向右缓慢移动了L的距离(活塞移动过程中不会经过小孔)，则气体温度升高还是降低？变化了多少？14（16分）质量为的卡板静止在光滑水平面上，质量为的小孩以的水平速度跳上木板的A端，站稳后小孩又以的加速度匀加
11、速跑向木板的B端并离开木板，离开后木板恰好静止，求：(1)小孩在木板上站稳时的速度大小；(2)木板的长度。15（12分）某透明介质的截面图如图所示，直角三角形的直角边BC与半圆形直径重合，ACB = 30，半圆形的半径为R， 束光线从E点射入介质，其延长线过半圆形的圆心O，且E、O两点距离为R，已知光在真空的传播速度为c，介质折射率为。求：(1)光线在E点的折射角并画出光路图；(2)光线进入介质到射到圆弧的距离和时间。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A一弹簧振子做简谐运动，周期为T，若t=，则在t时刻
12、和（t+t）时刻振子的位移相反，在t时刻和（t+t）时刻弹簧长度可能不相等，故A项错误；B一弹簧振子做简谐运动，周期为T，若t=T，则在t时刻和（t+t）时刻振子的位移相同，t时刻和（t+t）时刻振子运动的加速度一定相等，故B项正确；C一弹簧振子做简谐运动，周期为T，若t和（t+t）时刻振子运动速度大小相等，方向相反，则t和（t+t）时刻振子的位移有可能相同或相反，所以t有可能不等于的整数倍，故C项错误；D一弹簧振子做简谐运动，周期为T，若t和（t+t）时刻振子运动位移大小相等，方向相反，则t一定不等于T的整数倍，故D项错误。2、D【解析】本题考查牛顿定律在斜面上的应用。【详解】A. 对货物受
13、力分析可知，货物受到的支持力当角度变化时，支持力也变化，故A错误；B. 对货物受力分析可知，货物受到的摩擦力故B错误；C. 当货物加速下滑时，对货物进行受力分析，受到重力、支持力，滑动摩擦力，因为加速度沿斜面向下，所以支持力和滑动摩擦力的合力的方向偏向左上方，根据牛顿第三定律可知，物体对车厢的压力和摩擦力的合力方向偏向右下方，对车厢进行受力分析可知，地面对汽车有向左的摩擦力，故C错误；D. 当货物相对车厢加速下滑时，物体对车厢的压力和摩擦力的合力小于货物的重力，所以汽车对地面的压力小于货物和汽车的总重力，故D正确。故选D。3、D【解析】A根据牛顿第一定律知，物体只有在不受外力，或者所受合外力为
14、零时，才能处于静止或匀速直线运动状态，A错误；B行星在圆周轨道上保持匀速率运动是由于受到改变运动状态的万有引力作用，其运动状态是不断变化的，则B项错误；C牛顿第一定律反映物体具有惯性这种性质，并不能反映物体惯性的大小，C错误；D运动物体如果没有受到力的作用，将保持原来的速度做匀速直线运动，D项中说法符合牛顿第一定律，D正确；故选D。4、B【解析】因变压器为降压变压器，原线圈匝数大于副线圈匝数；而当同时减小相同匝数时，匝数之比一定变大；再根据变压器原理进行分析即可【详解】由变压器相关知识得：，原、副线圈减去相同的匝数n后： ，则说明变压器原、副线圈的匝数比变大，则可得出C、D错误由于原线圈电压恒
15、定不变，则副线圈电压减小，小灯泡实际功率减小，小灯泡变暗，A错误，B正确【点睛】本题考查理想变压器的基本原理，要注意明确电压之比等于匝数之比；而电流之比等于匝数的反比；同时还要注意数学知识的正确应用5、B【解析】A当试探电荷带正电时，当试探电荷带负电时，由于试探电荷所带电荷性质未知，故A错误；B因试探电荷由静止释放，只在电场力作用下能从A运动到B，故无论带何种电荷，电场力总对电荷做正功，电荷的电势能一定减小，故B正确；C电势降落最快的方向是场强的方向，故C错误；D负电荷在电势越低的位置电势能越高，故D错误。故选B。6、C【解析】ABx图象的斜率大小等于电场强度，x1处和-x1处场强大小相等，方
16、向相反，x1处和-x2处场强大小不相等，故AB错误；CD在x2处和-x2处电势相等，根据Ep=q知某带电粒子在x2处和-x2处电势能相等，故C正确，D错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】AB起飞时，飞行器受推力和重力，两力的合力与水平方向成30角斜向上，设动力为F，合力为Fb，如图所示：在OFFb中，由几何关系得：F=mgFb=mg由牛顿第二定律得飞行器的加速度为：a1=g故A错误，B正确；CDt时刻的速率：v=a1t=gt推力方向逆时针旋转
17、60，合力的方向与水平方向成30斜向下，推力F跟合力Fh垂直，如图所示，此时合力大小为：Fh=mgsin30动力大小：Fmg飞行器的加速度大小为：到最高点的时间为：故C正确，D错误；故选BC。8、BCD【解析】A滑块滑离木板过程中系统产生的热量等于滑动摩擦力与相对位移的乘积因为相对位移没变，所以产生热量不变，故A错误；B由极限法，当M很大时，长木板运动的位移xM会很小，滑块的位移等于xM+L很小，对滑块根据动能定理：可知滑块滑离木板时的速度v1很大，把长木板和小滑块看成一个系统，满足动量守恒可知长木板的动量变化比较小，所以若只增大M，则滑块滑离木板过程中木板所受到的冲量减少，故B正确；C采用极
18、限法：当m很小时，摩擦力也很小，m的动量变化很小，把长木板和小滑块看成一个系统，满足动量守恒，那么长木板的动量变化也很小，故C正确；D当很小时，摩擦力也很小，长木板运动的位移xM会很小，滑块的位移等于xM+L也会很小，故D正确故选BCD9、ABC【解析】A用棉线做酒精灯的灯芯是利用了毛细现象，选项A正确；B碳原子按不同的排列规则可以形成石墨和金刚石两种不同的晶体，选项B正确；C气体温度每降低所放出的热量与气体经历的过程有关，选项C正确；D水蒸气的压强离饱和汽压越远，越有利于水的蒸发，人感觉越干爽，选项D错误；E小草上的露珠呈球形是由于液体表面张力使其表面积具有收缩到最小的趋势，选项E错误。故选
19、ABC。10、AC【解析】导体棒A在水平方向上只受到安培力作用，故根据动能定理可得，A正确；设B棒的动能变化量为，则对B分析，由动能定理可得，将两者看做一个整体，由于安培力是内力，所以整体在水平方向上只受拉力作用，根据能量守恒定律可得，联立解得，由于，所以C正确BD错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、CD 符合 【解析】根据该实验的实验原理、要求和减少误差的角度分析，平衡摩擦力作用后，进行实验过程中需要用刻度尺测量纸带上两点的距离，用天平测出小车及凹槽内钩码的总质量，小桶及里面细沙的总质量，根据实验原理，明确实验现象中产生实验误差的
20、原因即可求解。【详解】(1)1以小车及凹槽内砝码为研究对象，根据动能定理可知：其中F可以用小桶以及里面的细沙的重力来代替，x是纸带上某两点间的距，M为小车和凹槽内钩码的总质量， 和v为对应两点的速度，因此需要测量的物理量为纸带上某两点间的距离x，小车和凹槽内钩码的总质量M，小桶及里面细沙的总质量m，但速度不是测量处理的，是计算出的结果，故CD正确AB错误。故选CD。(2)2虽然平衡小车受到的阻力，但是运动过程中小桶和里面的细沙的重力始终大于小车受到合外力，使合力做的总功总是大于两点动能的差值，这符合实验的实际情况。12、B D 右 4.79 小于 【解析】（1）12因所以电流表应选B，因为电源
21、电动势只有4.5V，所以电压表应选D。（2）3因为电流表内阻较大，所以电流表外接，电路连接如图所示（3）4当滑动变阻器的滑片在左端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，所以开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于最右端。（4）56题图乙中电压表示数为2.30V，电流表示数为0.48A，所以电阻的测量值由于电压表有分流，故电阻的测量值偏小。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) (2)升高【解析】(1)A、B内气体相通，初状态压强为p1由于钉子将活塞固定，气体体积不变由查理定律可知，解得 (2)对活塞进行受力分析，可知温
22、度改变后，活塞受力大小不变，所以活塞向右移动后，气体的压强不变活塞向右移动后，气体体积增大，则气体温度升高由 解得所以温度变化了 故本题答案是：(1) (2)升高点睛;正确利用理想气体方程求解即可14、 (1)1.5m/s(2)2m【解析】(1)设小孩在木板上站稳时的速度大小为，对小孩和长木板构成的系统，由动量守恒定律得代入数据，解得(2)设小孩跳离木板时的速度大小为，对小孩和长术板构成的系统，由动量守恒定律可知设小孩与长木板之间水平方向的作用力大小为F，由牛顿第二定律得设小孩位移大小为，由动能定理得 设木板位移大小为，由动能定理得设木板长度为，则有联立以上各式并代入数据，解得15、 (1)30；(2)； 。【解析】(1)由题OEOCR则：OEC为等腰三角形OECACB30所以入射角：160由折射定律：n 可得：sin2=，230由几何关系：OED30，则折射光平行于AB的方向，如图；(2)折射光平行于AB的方向，所以：ED=2Rcos30=光在介质内的速度：v，传播的时间：t联立可得：t