《江苏省大丰市新丰中学2022-2023学年高考仿真模拟物理试卷含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《江苏省大丰市新丰中学2022-2023学年高考仿真模拟物理试卷含解析.doc（14页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023年高考物理模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一光滑小球与一过球心的轻杆连接，置于一斜面上静止，轻杆通过光滑铰链与竖直墙壁连接，已知小球所受重力为G，斜面
2、与水平地面的夹角为60，轻杆与竖直墙壁的夹角也为60，则轻杆和斜面受到球的作用力大小分别为（ ）AG和GBG和CG和GDG和2G2、如图，两根平行通电长直导线固定，左边导线中通有垂直纸面向外、大小为I1的恒定电流，两导线连线（水平）的中点处，一可自由转动的小磁针静止时N极方向平行于纸面向下。忽略地磁场的影响。关于右边导线中的电流I2，下列判断正确的是（）AI2I1，方向垂直纸面向外CI2I1，方向垂直纸面向里3、太阳周围除了八大行星，还有许多的小行星，在火星轨道与木星轨道之间有一个小行星带，假设此小行星带中的行星只受太阳引力作用，并绕太阳做匀速圆周运动，则A小行星带中各行星绕太阳做圆周运动周期
3、相同B小行星带中各行星绕太阳做圆周运动加速度大于火星做圆周运动的加速度C小行星带中各行星绕太阳做圆周运动周期大于木星公转周期D小行星带中某两颗行星线速度大小不同，受到太阳引力可能相同4、关于“亚洲一号”地球同步通讯卫星，下列说法中正确的是( )A它的运行速度为7.9km/sB已知它的质量为1.42t，若将它的质量增为2.84t，其同步轨道半径变为原来的2倍C它可以绕过北京的正上方，所以我国能够利用它进行电视转播D它距地面的高度约是地球半径的5倍，所以它的向心加速度约是地面处的重力加速度的5、如图所示，竖直放置的两根平行金属导轨之间接有定值电阻R，金属棒与两导轨始终保持垂直，并良好接触且无摩擦，
4、棒与导轨的电阻均不计，整个装置放在水平匀强磁场中，棒在竖直向上的恒力F作用下匀速上升的一段时间内，下列说法正确的是（ ）A通过电阻R的电流方向向左B棒受到的安培力方向向上C棒机械能的增加量等于恒力F做的功D棒克服安培力做的功等于电路中产生的热量6、如图所示，一细线的一端固定于倾角为45的光滑楔形滑块A上的顶端O处，细线另一端拴一质量为m=0.2kg的小球静止在A上若滑块从静止向左匀加速运动时加速度为a(取)则( )A当a=5m/s2时，线中拉力为 B当a=10m/s2时, 小球受的支持力为C当a=12m/s2时, 经过1秒钟小球运动的水平位移是6mD在稳定后，地面对A的支持力一定小于两个物体的
5、重力之和二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，光滑的四分之一圆弧轨道竖直放置，轨道的末端的切线水平，一倾角为的斜面体的顶端紧挨着圆弧轨道的末端点放置，圆弧上的点与圆心的连线与水平方向的夹角为。一个小球从点由静止开始沿轨道下滑，经点水平飞出，恰好落到斜面上的点。已知小球的质量，圆弧轨道的半径，重力加速度。下列说法正确的是（ ）A小球在点时对轨道的压力大小为B、两点的高度差为C、两点的水平距离为D小球从点运动到点的时间为8、如图甲所示，两平行虚线间存在磁感应强度大
6、小、方向与纸面垂直的匀强磁场，一正方形导线框abcd位于纸面内，cd边与磁场边界平行。已知导线框一直向右做匀速直线运动，速度大小为1m/s，cd边进入磁场时开始计时，导线框中感应电动势随时间变化的图线如图乙所示（感应电流的方向为顺时针时，感应电动势取正）。下列说法正确的是（ ）A导线框的边长为0.2mB匀强磁场的宽度为0.6mC磁感应强度的方向垂直纸面向外D在t=0.2s至t=0.4s这段时间内，c、d间电势差为零9、如图所示，电源为恒流源，即无论电路中的电阻如何变化，流入电路的总电流I0始终保持恒定，理想电压表V与理想电流表A的示数分别为U、I，当变阻器R0的滑动触头向下滑动时，理想电压表V
7、与理想电流表A的示数变化量分别为U、I，下列说法中正确的有（ ）AU变小，I变大BU变大，I变小C=R1D=R0+R310、如图所示为一理想变压器，K为单刀双掷开关，P为滑动变阻器的滑动触头，U1为加在原线圈两端的电压，I1为原线圈中的电流，则（ ）A保持U1及P的位置不变，K由a合到b时，I1将减小B保持U1及P的位置不变，K由b合到a时，R消耗功率减小C保持U1不变，K合在a处，使P上滑，I1将增大D保持P的位置不变，K合在a处，若U1增大，I1将增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）小明想要粗略验证机械能守恒定律。把小钢球
8、从竖直墙某位置由静止释放，用数码相机的频闪照相功能拍摄照片如图所示。已知设置的频闪频率为f，当地重力加速度为g。(1)要验证小钢球下落过程中机械能守恒，小明需要测量以下哪些物理量_（填选项前的字母）。A墙砖的厚度d B小球的直径D C小球的质量m(2)照片中A位置_（“是”或“不是”）释放小球的位置。(3)如果表达式_（用题设条件中给出的物理量表示）在误差允许的范围内成立，可验证小钢球下落过程中机械能守恒。12（12分）为了探究当磁铁靠近线圈时在线圈中产生的感应电动势E与磁铁移动所用时间t之间的关系，某小组同学设计了如图所示的实验装置：线圈和光电门传感器固定在水平光滑轨道上，强磁铁和挡光片固定
9、在运动的小车上，小车经过光电门时，电脑会自动记录挡光片的挡光时间t，以及相应时间内的平均感应电动势E。改变小车的速度，多次测量，记录的数据如下表：次数测量值12345678E/V0.1160.1360.1700.1910.2150.2770.2920.329t/10-3s8.2067.4866.2865.6145.3404.4623.9803.646（1）实验操作过程中，线圈与光电门之间的距离_（选填“保持不变”或“变化”），从而实现了控制_不变。（2）在得到上述表格中的数据之后，他们想出两种办法处理数据。第一种是计算法：需要算出_，若该数据基本相等，则验证了E与t成反比。第二种是作图法：在直
10、角坐标系中作出_的关系图线，若图线是基本过坐标原点的倾斜直线，则也可验证E与t成反比。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图甲所示，质量均为m0.5 kg的相同物块P和Q(可视为质点)分别静止在水平地面上A、C两点P在按图乙所示随时间变化的水平力F作用下由静止开始向右运动，3 s末撤去力F，此时P运动到B点，之后继续滑行并与Q发生弹性碰撞已知B、C两点间的距离L3.75 m，P、Q与地面间的动摩擦因数均为0.2，取g10 m/s2，求：(1)P到达B点时的速度大小v及其与Q碰撞前瞬间的速度大小v1；(2)
11、Q运动的时间t14（16分）如图所示，MN和MN为两竖直放置的平行光滑长直金属导轨，两导轨间的距离为L。在导轨的下部有垂直于导轨所在平面、方向向里的匀强磁场，磁感应强度为B。在导轨的MM端连接电容为C、击穿电压为Ub、正对面积为S、极板间可认为是真空、极板间距为d的平行板电容器。在t0时无初速度地释放金属棒ef，金属棒ef的长度为L、质量为m、电阻可忽略不计假设导轨足够长，磁场区域足够大，金属棒ef与导轨垂直并接触良好，导轨和各接触处的电阻不计，电路的电感、空气的阻力可忽略，已知重力加速度为g。(1)求电容器两端的电压达到击穿电压所用的时间；(2)金属棒ef下落的过程中，速度逐渐变大，感应电动
12、势逐渐变大，电容器极板上的电荷量逐渐增加，两极板间存储的电场能也逐渐增加。单位体积内所包含的电场能称为电场的能量密度。已知两极板间为真空时平行板电容器的电容大小可表示为C。试证明平行板电容器两极板间的空间内的电场能量密度与电场强度E的平方成正比，并求出比例系数(结果用0和数字的组合表示)。15（12分）如图所示，导热缸体质量M=10kg，气缸内轻质活塞被一劲度系数k=100N/cm的轻弹簧竖直悬挂于天花板上。轻质活塞封闭一定质量的理想气体（气体重力不计），环境温度为T1=300K时，被封气柱长度cm，缸口离天花板高度h=1cm，已知活塞与缸壁间无摩擦，活塞横截面积S=110-2m2，大气压强p
13、0=1.0105Pa且保持不变，重力加速度g=10m/s2.求：环境温度降到多少时缸口恰好接触天花板；温度降到多少时天花板对缸体的压力等于缸体重力（缸口与天花板接触点不完全密闭）。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】对小球受力分析如图，由几何关系，三力互成120角，据平衡条件有则轻杆和斜面受到球的作用力大小故选A2、B【解析】小磁针静止时N极方向平行于纸面向下，说明该处的磁场方向向下，因I1在该处形成的磁场方向向上，则I2在该处形成的磁场方向向下，且大于I1在该处形成的磁场，由安培定则可知I2方向垂直纸面
14、向外且I2I1。故选B。3、D【解析】A项：由公式可知，若小行星做圆周运动半径不同，则周期不同，故A错误；B项：由公式可知，小行星中各行星绕太阳做圆周运动的加速度小于火星做圆周运动的加速度，故B错误；C项：小行星带中各行星绕太阳做圆周运动的半径小于木星绕太阳公转的半径，因此小行星带中各行星绕太阳做圆周运动周期小于木星公转周期，故C错误；D项：由公式可知，某两颗行星线速度大小v不同，但有可能相同，故D正确。故选：D。4、D【解析】同步卫星的轨道半径是固定的，与质量大小无关，A错误；7.9 km/s是人造卫星的最小发射速度，同时也是卫星的最大环绕速度，卫星的轨道半径越大，其线速度越小同步卫星距地面
15、很高，故其运行速度小于7.9 km/s，B错误；同步卫星只能在赤道的正上方，C错误；由可得，同步卫星的加速度，D正确【点睛】同步卫星有四个“定”：定轨道、定高度、定速度、定周期5、D【解析】A.由右手定则可以判断出通过金属棒的电流方向向左，则通过电阻R的电流方向向右，故选项A错误；B.由左手定则可以判断出金属棒受到的安培力方向向下，故选项B错误；C.根据平衡条件可知重力等于恒力减去安培力，根据功能关系知恒力做的功等于棒机械能的增加量与电路中产生的热量之和，故选项C错误；D.金属棒在竖直向上的恒力作用下匀速上升，安培力做负功，即克服安培力做功，根据功能关系知金属棒克服安培力做的功等于电路中产生的
16、热量，故选项D正确。6、A【解析】当小球对滑块的压力恰好等于零时，小球所受重力mg和拉力T使小球随滑块一起沿水平方向向左加速运动，由牛顿运动定律得小球和滑块共同的加速度为：A当时，斜面对小球有支持力，将小球所受的力沿加速度方向和垂直于加速度方向分解，有：，联立解得：，故A正确；B当时，斜面对小球恰好没有支持力，故N=0，故B错误；C当时，滑块的位移为，而小球要先脱离斜面，然后保持与滑块相同的运动状态，故在这1s内小球运动的水平位移小于6m，故C错误；D在稳定后，对小球和滑块A整体受力分析可知，在竖直方向没有加速度，故地面对A的支持力等于两个物体重力之和，故D错误二、多项选择题：本题共4小题，每
17、小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A小球从点运动到点根据动能定理有在c点时有代入数据解得，据牛顿第三定律，小球在点时对轨道的压力大小为，故A错误；BCD小球从点运动到点做平抛运动有解得又由平抛运动规律可知水平位移竖直位移故B正确，D正确，C错误。故选BD。8、AC【解析】A根据法拉第电磁感应定律和图象可知，感应电动势故导线框的边长故A正确；B导线框的cd边从进入磁场到离开磁场的时间为0.4s，故磁场的宽度s=vt=0.4m故B错误；C根据楞次定律可知，磁感应强度的方向垂直纸面向外，故C
18、正确；D在t=0.2s至t=0.4s这段时间内，ab边和cd边均切割磁感线，产生了感应电动势，c、d间有电势差，故D错误。故选AC。9、AC【解析】AB当变阻器R0的滑动触头向下滑动时，R0阻值减小，电路总电阻R减小，则由U=I0R可知，电压表U读数变小；R2上电压不变，则R1上电压减小，电流变小，则R3支路电流变大，即I变大；选项A正确，B错误；CD由电路可知即则选项C正确，D错误。故选AC。10、BD【解析】保持U1及P的位置不变，K由a合到b时，原线圈匝数变小，副线圈电压变大，所以副线圈功率变大，而原线圈功率等于副线圈功率，所以原线圈功率变大，根据得I1将增大，故A错误；保持U1及P的位
19、置不变，K由b合到a时，原线圈匝数变大，副线圈电压变小，根据可知功率变小，故B正确；保持U1不变，K合在a处，使P上滑时，R增大，而电压不变，所以副线圈电流变小，根据可知I1将减小，故C错误；保持P的位置不变，K合在a处，若U1增大，则副线圈电压增大，所以副线圈电流变大，根据可知I1将增大，故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A 不是 【解析】（1）1此题为粗略验证机械能守恒，对于小球直径没有必要测量，表达式左右两边都有质量，所以质量没有必要测量，只需要测量墙砖的厚度（2）2图片上可以看出，所以A点不是释放小球的位置（3）3由
20、匀变速直线运动规律周期和频率关系其中若机械能守恒，则a=g即满足12、保持不变 磁通量的变化量 E和t的乘积 【解析】（1）1为了定量验证感应电动势与时间成反比，我们应该控制磁通量的变化量不变；2所以在实验中，每次测量的时间内，磁铁相对线圈运动的距离都相同，从而实现了控制通过线圈的磁通量的变化量不变；（2）3为了验证与成反比，算出感应电动势和挡光时间的乘积，若该数据基本相等，则验证了与成反比。4在直角坐标系中作感应电动势与挡光时间的倒数关系图线，若图线是基本过坐标原点的倾斜直线，则也可验证与成反比。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程
21、式和演算步骤。13、 (1), (2) 【解析】（1）在0-3s内，对P，由动量定理有：F1t1+F2t2-mg（t1+t2）=mv-0其中F1=2N，F2=3N，t1=2s，t2=1s解得：v=8m/s设P在BC两点间滑行的加速度大小为a，由牛顿第二定律可得：mg=maP在BC两点间做匀减速直线运动，有：v2-v12=2aL解得：v1=7m/s（2）设P与Q发生弹性碰撞后瞬间的速度大小分别为v1、v2，取向右为正方向，由动量守恒定律和动能守恒有：mv1=mv1+mv2mv12=mv12+mv22联立解得：v2=v1=7m/s碰后Q做匀减速直线运动，加速度为：a=g=2m/s2Q运动的时间为：
22、14、 (1) (2)0，证明见解析【解析】本题为“单棒电容器导轨模型”，可以根据牛顿第二定律，使用“微元法”对棒列方程求解。（1）在电容器两端电压达到击穿电压前，设任意时刻t，流过金属棒的电流为i，由牛顿第二定律知，此时金属棒的加速度a满足mgBiLma设在t到tt的时间内，金属棒的速度由v变为vv，电容器两端的电压由U变为UU，电容器的带电荷量由Q变为QQ，由电流的定义、电荷量与电压和电容间的关系、电磁感应定律以及加速度的定义得联立得可知金属棒做初速度为0的匀加速直线运动，当电容器两端电压达到击穿电压时，金属棒的速度为v0所以电容器两端电压达到击穿电压所用的时间为。（2）当电容器两极板间的
23、电荷量增加无穷小量Qi时，电容器两端的电压可认为始终为Ui，增加的电场能可用图甲中左起第1个阴影部分的面积表示；同理，当电容器两极板间的电荷量增加无穷小量Qi1时，电容器两端的电压可认为始终为Ui1，增加的电场能可用图甲中左起第2个阴影部分的面积表示；依次类推可知，当电容器的带电荷量为Q、两端电压为U时，图乙中阴影部分的面积表示两极板间电场能的大小W，所以WUQ根据题意有又QUC，UEd，C联立解得0E2所以电场能量密度与电场强度E的平方成正比，且比例系数为0。15、290K；248.9K。【解析】在环境温度下降到缸口恰好接触天花板的过程中，气体压强不变，弹簧的长度不变，由盖-吕萨克定律有：解得T2=290K初态整体受力平衡，设弹簧伸长量为x1，则有kx1=Mg解得x1=1cm天花板对缸体的压力等于缸体的重力时FN=MgFN+Mg=kx2x2=2cmx=x1-x2初态缸体平衡，有p1S+Mg=p0S末态缸体平衡，有 根据理想气体状态方程： 解得T3=248.9K