《软件水平考试考试真题及答案5卷.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《软件水平考试考试真题及答案5卷.docx（24页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、 软件水平考试考试真题及答案5卷软件水平考试考试真题及答案5卷 第1卷以下关于J2EE平台和.NET平台的技术描述中，正确的选项是（ ）。A.J2EE只适用于非Windows操作系统平台上的软件开发B.NET只适用于Windows操作系统平台上的软件开发C.J2EE中的ASENET采纳编译方式运行，提高了系统性能D.NET不支持Java语言编程答案：B解析：微软的.NET只适用于Windows操作系统平台上的软件开发，不能跨越异构操作系统平台进展软件开发。.NET支持使用多种语言（如Visual Basic、.NET、C+、C#和JScript等）进展开发，还支持第三方的.NET编译器和开发工
2、具，这意味着几乎全部的编辑语言都有可能应用于.NET开发框架。在.NET中，ASP.NET应用不再是解释脚本，而采纳编译运行，再加上敏捷的缓冲技术，从根本上提高了性能。J2EE是由Sun公司主导各厂商共同制定并得到广泛认可的工业标准，能进展跨操作系统平台的软件开发。阅读以下说明，答复如下问题。国有资金投资依法必需公开招标的某人工智能建立工程，采纳工程量清单计价方式进展施工招标，招标掌握价为3 568万元，其中暂列金额（说明：暂列金额即是治理储藏，是未知的未知）280万元。招标文件中规定：（1）投标有效期90天，投标保证金有效期与其全都。（2）投标报价不得低于企业平均本钱。（3）近三年施工完成或
3、在建的合同价超过2 000万元的类似工程工程不少于3个。（4）合同履行期间，综合单价在任何市场波动和政策变化下均不得调整。（5）缺陷责任期为3年，期满后退还预留的质量保证金。投标过程中，投标人F在开标前1小时口头告知招标人，撤回了已提交的投标文件，要求招标人3日内退还其投标保证金。除F外还有A，B，C，D，E五个投标人参与了投标，其总报价（万元）分别为：3 489，3 470，3 358，3 209，3 542。评标过程中，评标委员会发觉投标人B的暂列金额按260万元计取，且对招标清单中的材料暂估单价均下调5%后计入报价；发觉投标人E的报价中机房工程中的混凝土梁的综合单价为700元/立方米，招
4、标清单工程量为520 m3，合价为36 400元。其他投标人的投标文件均符合要求。招标文件中规定的评分标准如下：商务标中的总报价评分占60分，有效报价的算术平均数为评标基准价，报价等于评标基准价者得总分值（60分），在此根底上，报价比评标基准价每下降1%，扣1分；每上升1%，扣2分。（5分）请逐一分析招标文件中规定的（1）（5）项内容是否妥当，并对不妥之处分别说明理由。（5分）请指出投标人F行为的不妥之处，并说明理由。（5分）针对投标人B，投标人E的报价，评标委员会应分别如何处理？并说明理由。（5分）计算各有效报价投标人的总报价得分。（计算结果保存两位小数）答案：解析：（5分）（1）妥当。（2
5、）不妥。理由：投标报价不得低于企业个别本钱，并不是企业平均本钱。（3）妥当。（4）不妥。理由：因国家法律、法规、规章和政策发生变化影响合同价款的风险，发承包双方应当商定综合单价调整因素、幅度及调整方法。（5）不妥。理由：缺陷责任期最长不超过2年。（5分）（1）口头告知招标人，撤回了已提交的投标文件不妥。理由：投标人撤回已提交的投标文件，应采纳书面形式告知招标人。（2）要求招标人3日内退还其投标保证金不妥。理由：招标人应当自收到投标人书面撤回通知之日起5日内退还。（5分）（1）针对投标人B的报价，评标委员会应拒绝其投标。理由：投标人B的投标报价中，暂列金额、材料暂估价没有根据招标文件的要求填写，
6、未在实质上响应招标文件，故应拒绝其投标。（2）针对投标人E的报价，评标委员会应拒绝其投标。理由：投标人E的机房工程中的混凝土梁的报价中，单价与总价不符，以单价为准修正总价，则混凝土梁的总价700520364 000（元）。投标人E经修正后的报价3 542（364 00036 400）/10 0003 574.76（万元），高于招标掌握价3 568万元，需请投标人E书面签字确认。若不签字，则应拒绝其投标；若签字，则其投标报价超过了招标掌握价，仍应拒绝其投标。（10分）评标基准价（3 4893 3583 209）/33 352（万元）。投标人A：3 489/3 352100%104.09%，总报价
7、得分60（104.09100）251.82（分）。投标人C：3 358/3 352100%100.18%，总报价得分60（100.18100）259.64（分）。投标人D：3 209/3 352100%95.73%，总报价得分60（10095.73）155.73（分）。Creating a clear map of where the project is going is an important first step. It lets you identify risks, clarify objectives, and determine if the project even make
8、s sense. The only thing more important than the release plan is not to take it too seriously. Pelease planning is creating a game plan for your Web project （ ） what you think you want your Web site to be. The plan is a guide for the content, design elements, and functionality of a Web site to be rel
9、eased to the public, to partners, or internally. It also （ ） how long the project will take and how much it will cost. What the plan is not is a functional （请作答此空 ）that defines the project in detail or that produces a budget you can take to the bank. Basically you use a release Plan to do an initial
10、 sanity check of the project”s （ ） and worthiness. Release Plans are useful road maps, but don”t think of them as guides to the interstate road system. Instead, think of them as the （ ） used by early explorers-half umor and guess and half hope and expectation. It”s always a good idea to have a map o
11、f where a project is headedA.specificationB.structureC.requirementD.implementation答案：D解析：略2023年5月，全球的十几万电脑收到讹诈病毒WannaCry的攻击，电脑被感染后文件会被加密锁定，从而讹诈钱财。在该病毒中，黑客利用（ ）实现攻击，并要求以（请作答此空）方式支付。A.现金B.微信C.支付宝D.比特币答案：D解析：VPN涉及的关键安全技术中不包括（ ）。A.隧道技术B.加密技术C.入侵检测技术D.身份认证技术答案：C解析：VPN主要采纳4项技术来保证安全，这4项技术分别是隧道技术(Tunneling)
12、、加解密技术(Encryption&Decryption)、密钥治理技术(Key Management)、使用者与设备身份认证技术(Authentication)。与多模光纤相比拟，单模光纤具有（ ）等特点。A.较高的传输率、较长的传输距离、较高的本钱B.较低的传输率、较短的传输距离、较高的本钱C.较高的传输率、较短的传输距离、较低的本钱D.较低的传输率、较长的传输距离、较低的本钱答案：A解析：多模光纤的特点是：本钱低、宽芯线、聚光好、耗散大、低效，用于低速度、短距离的通信；单模光纤的特点是：本钱高、窄芯线、需要激光源、耗散小、高效，用于高速度、长距离的通信。软件水平考试考试真题及答案5卷 第
13、2卷以下关于工作包的描述，正确的选项是()A.可以在此层面上对其本钱和进度进展牢靠的估算B.工作包是工程范围治理打算关注的内容之一C.工作包是WBS的中间层D.不能支持将来的工程活动定义答案：A解析：。工作分解构造是一种以结果为导向的分析方法，用于分析工程所涉及的工作，全部这些工作构成工程的整个工作范围。创立工作分解构造是一个把工程可交付成果和工程工作逐步分层分解为更小的、更易治理的工程单元的过程，它组织并定义了整个工程范围。工程的工作分解构造师治理工程范围的根底，具体描述了工程所要完成的工作。WBS的组成元素有助于工程干系人检查工程的最终产品。WBS的最底层工作单元被称为工作包，它是定义工作
14、范围、定义工程组织、设定工程产品的质量和规格、估算和掌握费用、估算时间周期和安排进度的根底。场景法是黑盒测试中重要的测试用例设计方法，通过场景描述业务流程（包括根本流（根本业务流程）和备选流（分支业务流程），设计测试用例遍历软件系统功能，验证其正确性。下面是对电子不停车收费系统（ETC）的根本流和备选流的描述。(8分) 使用场景法设计测试用例，指出所涉及到的根本流和备选流。根本流用A字母编号表示，备选流用表1-2中对应的字母编号表示。例如：T01：AT02：AB(12分) 针对问题1设计的测试用例，依次将初次读取车辆信息、最终读取车辆信息、账户号码、账户余额和账户状态等信息填入下述测试用例表中
15、。表中行代表各个测试用例，列代表测试用例的输入值，用V表示有效数据元素，用I表示无效数据元素，n/a表示不适用，例如T01表示“胜利通过”用例。答案：解析：问题1：（场景挨次可以任意，重复内容不计分） 共包括8个场景：T01：A （收费停车）T02：A、B （停车时，读取车辆信息出错）T03：A、C （停车时，账户不存在）T04：A、D （停车时，账户余额缺乏）T05：A、E （停车时，账户状态特别）T06：A、B、C （重复读才取得正确车辆信息，但消失账户不存在特别）T07：A、B、D （重复读才取得正确车辆信息，但消失账户余额缺乏）T08：A、B、E （重复读才取得正确车辆信息，但账户状态
16、特别）问题2：问题1：解析： 此题主要考察黑盒测试中的场景法测试用例设计。 采纳场景法来设计测试用例，其根本思想和依据是站在用户的角度上检测软件的功能，发觉软件的错误。 根本流是指经过用例的最简洁的路径（无任何过失，程序从开头直接执行到完毕）。备选流是指：一个备选流可能从根本流开头，在某个特定条件下执行，然后重新参加根本流中；也可以起源于另一个备选流；或者终止用例而不再参加到根本流中（一般是各种错误状况）。使用场景法设计测试用例的根本步骤如下：（1）依据规格说明，描述出程序的根本流及各项备选流。（2）依据根本流和备选流确定场景。（3）对每一个场景生成相应的测试用例，可以采纳矩阵或决策表来确定和
17、治理测试用例。（4）对生成的测试用例进展复审，去掉多余或等价的测试用例，然后确定实际测试数据。在此题中，依据题目中已经确定的根本流与备选流，可以设计场景，每个场景掩盖一种在该案例中大事的不同触发挨次与处理结果形成的大事流，最终得出全部的测试用例。下面就依据电子不停车收费系统（ETC）的业务流程列出全部的测试用例和用例中所涉及的根本流与备选流。T01：A （收费停车）T02：A、B （停车时，读取车辆信息出错）T03：A、C （停车时，账户不存在）T04：A、D （停车时，账户余额缺乏）T05：A、E （停车时，账户状态特别）T06：A、B、C （重复读才取得正确车辆信息，但消失账户不存在特别）
18、T07：A、B、D （重复读才取得正确车辆信息，但消失账户余额缺乏）T08：A、B、E （重复读才取得正确车辆信息，但账户状态特别）问题2：解析：此题要求我们依据问题1设计的测试用例来完本钱题的问题，那么依据题目的意思，用例T03存在账户不存在的特别，那么初次读取车辆信息是正常的，应当填V，而在该用例下，无需重复读取车辆信息，因此最终读取车辆信息应填n/a，当读取账户号码时消失特别，因此该空是无效信息（I），而再该用例下，没有进展账户余额和账户状态的判定，因此这两空都填不适用。同样的道理我们可以完成用例T04和T05。在用例T06中，他是重复读才读取到了车辆的信息，因此初次读取车辆信息不正常应
19、当填I，然后重复读取车辆信息才读取到车辆信息，因此最终读取车辆信息应填V，当读取账户号码时消失特别，因此该空是无效信息（I），而在该用例下，没有进展账户余额和账户状态的判定，因此这两空都填不适用（n/a）。同样的道理可以完成用例T07和T08。详细见参考答案。以下选项中，_属于“软营销”。A.企业推销人员主动地“敲”开顾客家门进展推销B.“不断轰炸”式的播放传统广告C.未经许可就对计算机用户强行发送E-mail广告D.从消费者的体验和需求动身，采纳拉式策略吸引消费者答案：D解析：此题考察网络营销根底理论中“软营销”相关的学问。软营销理论是针对工业经济时代以大规模生产为主要特征的“强势营销”提出
20、的新理论，传统的“强势营销”主要表现为人员上门推销、高频次的广告投放以及未经许可的E-mail广告。而网络软营销是从消费者的体验和需求动身，实行拉式策略吸引消费者，来到达营销目的。一个新测试中心将在两年内建成。工程发起人和工程经理已经确定并且高层次估算已经开头。估计该工程可以在预算内按进度打算完成。唯一的难点是获得完成工作所需的具有正确特地技能的人力资源。在这种状况下，工程经理应建立（ ）。A. 风险分析B. 责任安排矩阵C. 责任图D. 受资源限制的进度打算答案：D解析：制定进度打算所采纳的主要技术和工具中的“资源平衡”。以下说法中，不正确的选项是（） A. 平均修复时间（MTTR）是故障发
21、生和IT效劳恢复之间的平均时间，是检测时间与解决时间之和，也称为岩机时间。该指标与IT效劳的可恢复性和可效劳性相关。B. 平均系统大事间隔时间（MTBSI）是两次相邻大事之间的间隔时间。平均系统大事间隔时间（MTBSI）等于平均修复时间（MTTR）与平均无故障时间（MTBF）之和。C. IT效劳本钱主要包括如下几局部:设备本钱、系统与应用、软件本钱、人力本钱、第三方支持本钱、治理本钱和其他本钱等。D. 平均无故障时间（MTBF）是从一次大事中恢复到下一次大事发生之间的平均间隔时间，也称为正常运行时间。该指标与IT效劳的可用性有关。答案：D解析：此题考察的是平均无故障时间的相关学问，平均无故障时
22、间（MTBF）是从一次大事中恢复到下一次大事发生之间的平均间隔时间，也称为正常运行时间。该指标与IT效劳的牢靠性有关。在Word 2023的编辑状态下，若要插入公式，应当（ ），选择“公式3.0“；若要修改已输入的公式， （请作答此空），翻开公式编辑窗口，再进展修改即可。A.在“插入“菜单中，单击“符号“命令B.在“插入“菜单中，单击“对象“命令C.在“编辑“菜单中，单击“符号“命令D.在“编辑“菜单中，单击“对象“命令答案：B解析：此题考察文字处理软件应用方面的根本操作学问。在Word 2023的编辑状态下，若要插入公式，应当在“插入“菜单中，单击“对象“命令，在弹出的“对象“对话框中选择“
23、公式3.0“，如下列图所示。若要修改已输入的公式，只需双击此公式，翻开公式编辑窗口，再进展修改即可。软件水平考试考试真题及答案5卷 第3卷采纳微内核构造的操作系统提高了系统的敏捷性和可扩展性，（）。A. 并增加了系统的牢靠性和可移植性，可运行于分布式系统中B. 并增加了系统的牢靠性和可移植性，但不适用于分布式系统C. 但降低了系统的牢靠性和可移植性，可运行于分布式系统中D. 但降低了系统的牢靠性和可移植性，不适用于分布式系统答案：A解析：考核操作系统微内核学问某开发工程配置治理打算中定义了三条基线，分别是需求基线、设计基线和产品基线， （ ） 应当是需求基线、设计基线和产品基线均包含的内容。A
24、. 需求规格说明书 B. 具体设计说明书C. 用户手册 D. 概要设计说明书答案：A解析：在订购80箱五类双绞线合同的执行过程中，供货方在合同商定的时间交付了60箱五类双绞线并就剩余20箱五类双绞线向选购方发出了连续发货通知，但在合同商定期限内选购方对此发货通知未赐予任何答复，则针对这20箱五类双绞线，（ ）。A.供货方不应再连续发运B.供货方发运后，选购方有权拒收C.供货方发运后，选购方应接收并准时支付合同商定的货款D.供货方发运后，选购方应接收并准时支付扣除违约金后的货款答案：D解析：选购方对合同内商定的订购数量不得少要或不要，否则要担当中途退货的责任。只有当供货方不能按期交付货物，或交付
25、的货物存在严峻质量问题而影响工程使用时，选购方认为连续履行合同已成为不必要，才可以拒收货物，甚至解除合同关系。此题中供货方根据合同商定的数量供货，且选购方未对延期连续发货的通知进展拒收回复，明示连续履行的不必要性。因此，供货方根据合同商定数量供货，但实际全部数量的交货日期迟于合同规定的期限，应视为逾期交货，由供货方担当相应的违约责任，应按逾期交货扣除相应的违约金。CMM3（CMM,Capability Maturity Model，力量成熟度模型）是（ ）。A.已定义级B.可重复级C.已治理级D.优化级答案：A解析：此题考察力量成熟度模型的根本概念。CMM(Capability Maturit
26、y Model，力量成熟度模型)是卡内基梅隆大学的软件工程讨论所观看并度量了组织中标准信息系统开发过程后，开发出的一个质量框架，旨在帮忙组织削减工程开发时间和费用，提高生产率和质量。CMM的核心是把软件开发视为一个过程，并依据这一原则对软件开发和维护进展过程监控和讨论，以使其更加科学化、标准化，使企业能够更好地实现商业目标。CMM的目的是帮忙软件企业对软件工程过程进展治理和改良，增加开发与改良力量，从而能按时、不超预算地开发出高质量的软件。CMM由5个开发成熟度等级构成，如下列图所示。阅读以下说明和C+代码,将应填入( )处的字句写在答题纸的对栏内。 现如今线下支付系统可以使用现金(Cash)
27、、移动支付、银行卡( Card)(信用卡( Creditcard)和储蓄卡( Debitcard)等多种支付方式( PaymentMethod)对物品(tem)账单(Bill)进展支付。图 5-1 是某支付系统的略类图。#include #include (vector)#include(string)using namespace stdclass PaymentMethod tpublic: virtual void pay(int cents)=0;/class、DebitCard和item实现略，item中getprice( )猎取当前物品对象的价格class Card: public
28、 PaymentMethod private: string name, num;public Card(string name, string num)(this-name name; this-num num; string toString ( ) return this-getType( )+“cardname =”+name +“ ,num =“+num+“”; ) void pay(int cents) coutadd(item1);billadd(tem2);将物品添加到账单中(2) ( new CreditCard(“LI SI“,“98765432101”);信用卡支付;In
29、tmain( ) (6) =new PaymentSystem( ); payment-pay ( );return 0;答案：解析：(1)execute Transaction(int cents)(2):public Card(3): Card(name, num)(4)paymentMethod-pay(5)bill-pay(6)PaymentSystem*payment(1)定义虚方法,在子类中实现,包含 getType( ) 用和 execute Transaction(int cents)两个(2) creditcard 继承 card,所以这里填继承,用: public Card
30、(3) Creditcard 内有构造方法,井将方法内的参数传递给父类的私有成员,填 Card(name, num)(4)利用paymentMethod对象调用pay方法,并传入详细价格getTotalPrice,这里填 paymentMethodpay(5)调用bill的 pay 方法,bill-pay(6)通过 Paymentsystem* payment= new Paymentsystem 进展创立对象指针王某原是M软件公司的工程经理，未与M软件公司签订劳动合同及相应的保密协议。王某离职后受聘于L软件公司，先后将其在M软件公司任职期间把握的软件开发思想、处理过程及客户信息等用于L软件公
31、司的开发与治理活动，提高了L软件公司的经济效益。王某行为（ ）。A.侵害了M软件公司的软件著作权B.侵害了M软件公司的商业隐秘权C.既侵害M软件公司的软件著作权，也侵害M软件公司的商业隐秘权D.既未侵害M软件公司的软件著作权，也未侵害M软件公司的商业隐秘权答案：D解析：软件著作权是指软件开发者或其他权利人依据有关著作权法律法规的规定，对于软件享有的各项专有权利。软件是指计算机程序及其有关文档。程序是指为了得到某种结果而可以由计算机等具有信息处理力量的装置执行的代码化指令序列，或者可以被自动转换成代码化指令序列的符号化指令序列或者符号化语句序列。同一计算机程序的源程序和目标程序为同一软件。文档是
32、指用来描述程序的内容、组成、设计、功能规格、开发状况、测试结果及使用方法的文字资料和图表等，如程序设计说明书、流程图、用户手册等。我国著作权法的一项根本原则是爱护作品表现形式，不爱护作品创作思想。程序、软件文档是计算机软件的根本表达方式，即表现形式，受著作权法爱护。软件开发所利用的概念、原理、算法、处理过程等不属于表达方式，不受著作权法爱护。计算机软件爱护条例第六条规定：“本条例对软件著作权的爱护不延及幵发软件所用的思想、处理过程、操作方法或者数学概念等。“依据著作权法根本原则与计算机软件爱护条例规定，王某的行为未侵害M软件公司的软件著作权。软件商业隐秘权是软件商业隐秘全部人享有的对其软件商业
33、隐秘的支配权利。我国反不正值竞争法中将商业隐秘定义为“不为公众所知悉、能为权利人带来经济利益、具有有用性并经权利人实行保密措施的技术信息和经营信息“(第六条)。软件商业隐秘包括软件技术和经营信息。软件技术信息主要包括程序、技术方案、设计方法、开发状况、测试结果及使用方法的文字资料和图表等。软件经营信息包括经营治理方法以及与经营治理方法亲密相关的信息和情报，如治理方法、经营方法、产销策略、客户情报(客户名单、客户需求)，以及对软件市场的分析、猜测报告和将来的进展规划、招投标中的标底及标书内容等。依据反不正值竞争法的规定，商业隐秘的构成必需具备隐秘性、有用性、价值性和保密性特征。其中保密性特征要求
34、商业隐秘的合法拥有者在主观上应有保守商业隐秘的意愿，在客观上已经实行相应的措施进展保密，如签订劳动合同及相应的保密协议。由于M软件公司没有釆取相应的措施进展保密，所以王某所把握的软件开发思想、处理过程及客户信息等不构成软件商业隐秘，其行为未侵害M软件公司的商业隐秘权。软件水平考试考试真题及答案5卷 第4卷基于风险方法进展信息系统审计的步骤是（ ）。打算哪些系统影响关键功能和资产评估哪些风险影响这些系统准时商业运作的冲击编制组织使用的信息系统清单并对其分类在评估的根底上对系统分级，打算审计优先值、资源、进度和频率A.B.C.D.答案：D解析：基于风险方法来进展审计的步骤如下。（1）编制组织使用的
35、信息系统清单并对其进展分类。（2）打算哪些系统影响关键功能和资产。（3）评估哪些风险影响这些系统及对商业运作的冲击。（4）在上述评估的根底上对系统分级，打算审计优先值、资源、进度和频率。审计者可以制定年度审计打算，开列出一年之中耍进展的审计工程。IEEEE 802.11i 标准制定的无线网络加密协议是-一个基于（ ）算法的加密方案。A.RSAB.DESC.TKIPD.AES答案：D解析：IEEE 802.11i规定使用802.1x认证和密钥治理方式，在数据加密方面，定义了TKIP（Temporal Key Integrity Protocol）、CCMP（Counter-Mode/CBC-MA
36、C Protocol）和WRAP（Wireless Robust Authenticated Protocol）三种加密机制。其中TKIP采纳WEP机制里的RC4作为核心加密算法. CCMP机制基于AES（Advanced Encryption Standard）加密算法和CCM（Counter-Mode/CBC-MAC）认证方式，使得WLAN安全程度大大提高。由于AES对硬件要求比拟高，CCMP无法通过在现有设备的根底上升级实现。WRAP机制则是基于AES加密算法和OCB（Offset Code book）。以下关于招投标的说法，错误的选项是 （ ） 。 A.招标人设有标底的，标底必需保密
37、B.依法必需进展招标的工程，自招标文件开头发出之日起至投标人提交投标文件截止之日止，最短不得少于二十日 C 国家重点工程和省、自治区、直辖市人民政府确定的地方重点工程不相宜公开招投标的，经相关部门批准，可以不进展招标 D.招标人具有编制招标文件和组织评标力量的，可以自行办理招答案：C解析：依据中华人民共和国招标投标法实施条例其次十七条：招标人可以自行打算是否编制标底。一个招标工程只能有一个标底。标底必需保密。依据中华人民共和国政府选购法第三十五条：货物和效劳工程实行招标方式选购的，自招标文件开头发出之日起至投标人提交投标文件截止之日止，不得少于二十日。依据中华人民共和国招投标法第六十六条之规定
38、：涉及国家安全、国家隐秘、抢险救灾或者属于利用扶贫资金实行以工代贩、需要使用农夫工等特别状况，不相宜进展招标的工程，根据国家有关规定可以不进展招标。依据中华人民共和国招投标法第十一条：国务院进展打算部门确定的国家重点工程和省、自治区、直辖市人民政府确定的地方重点工程不相宜公开招标的，经国务院进展打算部门或者省、自治区、直辖市人民政府批准，可以进展邀请招标。所以C错误。第十二条：招标人有权自行选择招标代理机构，托付其办理招标事宜。任何单位和个人不得以任何方式为招标人指定招标代理机构。招标人具有编制招标文件和组织评标力量的，可以自行办理招标事宜。任何单位和个人不得强制其托付招标代理机构办理招标事宜
39、。OSPF 报文采纳（26）协议进展封装，以目标地址（27）发送到 全部的 OSPF 路由器。A.224.0.0.1B.224.0.0.2C.224.0.0.5D.224.0.0.8答案：C解析：OSPF报文直接调用IP协议进展封装，非播送型网络中以目标地址发送LSA到全部的路由器。某幅图像具有1024768个像素点，若每个像素具有8位的颜色深度，则可以表示（请作答此空）种不同的颜色，经4:1压缩后，其图像数据需占用_（KByte）的存储空间。A.8B.256C.512D.1024答案：B解析：此题考察图像处理方面的根底学问。像素是构成数码影像的根本单元，一个像素所能表达的不同颜色数取决于每个
40、像素的比特数（bpp）。颜色最大数可以通过取二的颜色深度次幂来得到。例如，常见的取值有：（a）8 bpp28=256；（256色）；（b）16 bpp216=65536；（65536色，称为高彩色）；（c）24 bpp224=16777216；（16777216色，称为真彩色）；（d）48 bpp248=281474976710656；（281474976710656色，用于许多专业的扫描仪）。像素可以用一对数字表示，例如“1024768”，它表示横向1024像素和纵向768像素，因此其总数为1024768像素。若采纳8bpp存储，即每个像素占用1Byte，1024768像素占用1024768
41、Byte的存储空间。图像压缩是为了削减表示数字图像时需要的数据量。图像数据之所以能被压缩，就是由于数据中存在着冗余。图像数据的冗余主要表现为：图像中相邻像素间的相关性引起的空间冗余；图像序列中不同帧之间存在相关性引起的时间冗余；不同彩色平面或频谱带的相关性引起的频谱冗余。数据压缩的目的就是通过去除这些数据冗余来削减表示数据所需的比特数。由于图像数据量的浩大，在存储、传输、处理时特别困难，因此图像数据的压缩就显得特别重要。一幅1024768像素的图像，经过4:1压缩后，占用的存储空间为1024768divide4=196608Byte，即192Kbyte。SNMPv2的（ ）操作为治理站供应了从
42、被管设备中一次取回一大批数据的力量。 A.GetNextRequestB.InformRequestC.SetRequestD.GetBulk Request答案：D解析：SNMPv1的PDU有五种类型，有些是报文恳求（Request），有些则是响应（Response）。它们包括：GetRequest、GetNextRequest、SetRequest、GetResponse、Trap 。SNMPv2又增加了两种PDU：GetBulkRequest和InformRequest 。其中，GetRequest和GetNextRequest结合起来使用可以获得一个表中的对象。GetRequest取回
43、一个特定对象；而使用GetNextRequest则是恳求表中的下一个对象。使用SetRequest可以对一个设备中的参数进展远程配置。Set-Request可以设置设备的名字，关掉一个端口或去除一个地址解析表中的项。Trap即SNMP陷阱，是SNMP代理发送给治理站的非恳求消息。GetBulkRequest与GetRequest相比，可一次取回大量的数据，InformRequest负责治理者之间的通信。软件水平考试考试真题及答案5卷 第5卷阅读以下说明，回答下列问题1至问题5，将解答填入答题纸对应的解答栏内。某单位网络构造如图1-1所示，网络中全部路由器均使用RIP协议。在网络部署完成后进展如
44、下测试：1.在主机host101上对Router2的F0/0口及网络1的host1进展了连通性测试，结果如图1-2和图1-3所示。2.在主机host3上对网络1进展了连通性测试，结果如图1-4所示。3.查看路由器Router3的路由表，结果如图1-5所示。（6分）请填写hostl的Internet协议属性参数。IP地址： （1）子网掩码： （2）默认网关： （3） （4分) 请填写路由器Rout1的S0 口的协议属性参数。IP地址： （4）子网掩码： （5）（6分）在路由器Routerl上需进展RIP声明的网络是（6）、（7） 和（8）。（6）（8）备选答案：A192.168.0.1/24 B
45、192.168.1.1/24 C192.168.2.1/24D202.117.112.1/30 E202.117.113.1/30 F202.117.114.1/30（2分）依据图1-5，在主机host3上对网络1进展了连通性测试时所经过的路径是（9）。（9）备选答案：（2分）依据测试结果，host 101不能ping通host1的缘由是（10）。（10）备选答案：A 网络1上host1网卡故障B 路由器Router2的F0/0接口上对网络3访问网络1进展了过滤C 路由器Router1的S0接口上对网络3访问网络1进展了过滤D 路由器Router2的S0接口上对网络3访问网络1进展了过滤答案：
46、解析：（6分,每空2分）（1）192.168.0.2（2）255.255.255.0（3）192.168.0.1（4分,每空2分）（4）202.117.113.2（5）255.255.255.252（6分,每空2分）（6）C或192.168.2.1/24（7）E或202.117.113.1/30（8）F或202.117.114.1/30（6）（8）答案的挨次可以颠倒。（2分）（9）A或host3Router3Router2网络 1（2分）（10）B或 路由器Router2的F0/0接口上对网络3访问网络1进展了过滤试题分析： 图1-2和图1-3连通性测试很快得知Router2的F0/0接口和h
47、ost1的IP地址分别是192.168.0.1和192.168.0.2。图1-5中Router3路由表中学习到192.168.0.0/24的路由，可见对于host1而言，其网卡参数为中，IP地址为192.168.0.2，子网掩码为255.255.255.0，其网关为Router2的F0/0接口地址即192.168.0.1。 图1-5中Router3路由表中学习到202.117.113.0/30的路由，Router1的S0对端（Router2的S0口）已经占用IP202.117.113.1/30，只剩下202.117.113.2/30可用，所以Router1的S0口IP地址为202.117.11
48、3.2，其子网掩码为255.255.255.252。 Router3路由表中，直连了192.168.1.0/24、202.117.112.0/30、202.117.114.0/30三条路由，其中路由202.117.114.0/30是Router1和Router3之间链路的路由，所以对于Router1上需要RIP声明的网络是202.117.114.0/30、192.168.2.0/24、202.117.113.0/30三条路由（RIPv1不支持VLSM，RIPv2支持VLSM，RIPv1和RIPv2作网络公布的时候都不携带子网掩码，而且只能公布主类网络）。 图1-5中Router3路由表中学习到202.117.113.0/30的路由，其下一条为202.117.112.1/30（Router2的S1接口地址），所以主机host3上对网络1进展连通性测试时所经过的路径： 题干中给出的信息可知host3能ping通host1，证明h