《2023新高考新教材版物理高考第二轮复习--专题十二 交变电流.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023新高考新教材版物理高考第二轮复习--专题十二 交变电流.pdf（11页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023新高考新教材版物理高考第二轮复习专题十二交变电流1.物理生活（2022江西八校联考）（多选）图甲为一起重机的电路示意图，理想变压器的原线圈中接入图乙所示的正弦交流电，照明灯的规格为“20 V 10 W,电动机的内阻为r=0.5 Q,装置工作时,质量为m=50 kg的重物恰好匀速上升,照明灯正常工作,电表均为理想电表,电流表的示数为10.5 A。设电动机的输出功率全部用来提升重物,g取10 m/s2,下列说法正确的是（）昭萌灯A.原、副线圈的匝数之比n,:m=5鱼：2B.重物匀速上升的速率v=0.3 m/sC.电动机的效率为n=75%D.若电动机被卡住不转，且电路尚未烧坏,则原线圈中电流
2、为101.25 A答 案B C原线圈电压为U产室=50 V,照明灯正常工作，则副线圈电压为U2=20 V,原、副线圈的匝数之比为%-=5 :2,故AV2九2 2错误;通过灯的电流为L=0-5 A,通过电动机的电流为IM=I2-I,=10 A,电动机的输出功率等于克服重物重力做功的功率,则有切,-小2尸 ，,解得v=0.3 m/s,故B正确;电动机的效率1二 臀=75%,故（：正确;若电动机被卡住不转,为纯电阻用电器,照明灯的阻值为R华=40 Q，总电阻为。，副线圈电流 垄 二40.5 A,由洋建可知IJ二出；=16.2 A,故D错误。/R+r 40.5 R/2 ni 32.物理科技（2022黑
3、龙江哈六中五模）（多选）海洋中蕴藏着巨大的能量,利用海洋的波浪可以发电。在我国南海上有一浮桶式波浪发电灯塔,其原理示意图如图甲所示,浮桶内的磁体通过支柱固定在暗礁上,浮桶内置线圈随波浪相对磁体沿竖直方向运动,且始终处于磁场中。该线圈与阻值R=1 5。的灯泡相连，浮桶下部由内、外两密封圆筒构成，如图乙所示，其内为产生磁场的磁体,与浮桶内侧面的健隙忽略不计;匝数=200的线圈所在处辐射磁场的磁感应强度B=0.2 T,线圈直径D=0.4 m,电阻r=l取重力加速度g=10 m/s；若浮桶随波浪上下运动的速度可表示为v=0.4”sin nt m/s,则下列说法正确的是（）A.波浪发电产生电动势的瞬时值
4、表达式为e=64 sin t VB.灯泡中电流的瞬时值表达式为i=sin nt AC.灯泡的电功率为120 WD.灯泡两端电压的有效值为30A/2 V答 案A C D线圈在磁场中切割磁感线,产生的电动势瞬时值1=D,联立并代入数据解得e=64 sin n t V,据闭合电路欧姆定sin”t A,故A正确,B错误;灯泡中电流的有效值为1$A=2A/2 A,则灯泡的功率为P=/R=120%故C正确;灯泡两端电压的有效值为U=IR=30A/2 V,故D正确。第1页 共1 1页3.（2022山东济宁二模,10）（多选）如图所示,某理想变压器原线圈a的匝数n,=400,副线圈b的匝数n2=200,原线圈
5、接在u=100V2 sin（50 nt）V的交流电源上，副线圈中“12 V 6的灯泡L恰好正常发光，电阻R,=160下列说法正确的是（）A.副线圈两端的电压有效值为50 VB.电阻R一的阻值为76 QC.通过电阻R,的电流大小为0.25 A3V2D.穿过铁芯的磁通量的变化率最大值为当Wb/s答 案C D灯泡正常发光,副线圈的电流卜 者。.5 A,根 据 电 流 与 匝 数 比 的 关 系 得 原 线 圈 的 电 流25 A,故C正确;交流电源输出电压有效值u=100 V,根据U=U,+LR”解得原线圈两端的电压有效值为U,=60 V,则副线圈两端的电压有效值为也4叱3。V,故A错误;电阻上的阻
6、值为Rk等=3 6。，故B错误;根据法拉第电磁感应定律得打U m 臀,解得穿过铁芯的磁通量的变化率最大值A为d詈 3=V养2Wb/s,故D正确。4.（2022山东青岛一模,8）如图,变压器的输入端接入u,=220J I sin 100 n t（V）的交流电，开关S接1,当滑动变阻器接入电路的阻值为2 0。时，电压表的读数为10及V,变压器为理想变压器，二极管正向电阻不计，反向电阻无穷大，所有电表均为理想电表，下列说法正确的是（）A.若只将滑动变阻器的滑片向下滑动，则电流表示数减小,电压表示数增大B.若只将S从1拨到2,电流表示数变大C.S接1时,原、副线圈中接入电路的匝数之比为11：1D.1
7、min内滑动变阻器产生的热量为400 J答 案C若只将滑动变阻器的滑片向下滑动，负载电阻增大，电器输入电压和原副线圈匝数比决定,故电压表示数保持不变,则副原线圈电流L减小,即电流表示数减小,A错误者只将S从1拨到压表示数由变压线圈电流h减小,2,原线圈匝数n,增大,可知副线圈输出电压减小,滑动变阻器两端电压减小，故滑动变阻器消耗功率减小,根据变压器输入功率等于输出功率可得U,L=P“，可知原线圈电流L减小,即电流表示数减小,B错误;开关S接1时,设此时副线圈的输出电压为此 由于二极管的单向导电性,由电流热效应可得华/且 察 T,解得U2=20 V,由题意可知5=220 V,可得原、副线圈中接入
8、电路的匝数之比为K Z K9桀=?,c正确；1 min内滑动变阻器产生的热量为Q=&蟆X60 J=600 J,D错误。n2%20 1 205.（2022山东济宁一模,6）如图甲所示,为某手机无线充电装置简化工作原理图,充电基座线圈接上如图乙所示的家用交流电，受电线圈接一理想二极管给手机电池充电,基座线圈与受电线圈的组合可视为理想变压器。已知该手机电池的充电电压为5 V,下列说法正确的是（）第2页 共1 1页A.该无线充电装置主要利用了电磁感应中的自感现象B.家用交流电电流方向每秒变化50次C.该无线充电装置的输出电压的峰值为5V2 VD.基座线圈和受电线圈的匝数比为311：10答 案D受电线圈
9、通过基座线圈中产生的交变磁场而产生交变电流,再经过整流电路转变成直流电后对手机充电，主要是利用了电磁感应中的互感现象,A错误;家用交流电的周期为0.02 s,一个周期内电流方向变化2次,故家用交流电电流方向每秒变化100次,B错误;受电线圈接一理想二极管给手机电池充电，手机电池的充电电压为5 V（有效值），则 有 字 X$年 X T,解得5=10 V,该无线充电装置的输出电压的峰值为10 V,C错误:基座线圈和受电线圈的匝数比为四=当,D正确.九2 1。6.（2022山东泰安一模,11）（多选）如图所示，理想变压器的原线圈与电压稳定的正弦交流电源相连（电源内阻不计），原、副线圈匝数比为n,：m
10、,电压表和电流表均为理想电表,R,为定值电阻,R?为滑动变阻器,当滑片向左滑动时,电压表明、电流表及的示数变化分别用 5、A L、A L表示，则下列关系一定正确的是（）答 案A D正弦交流电源电压稳定，有U=Uw+U“|Auj=|AUMI,所以有I要 学i1=R故A正确;理想变压器原、副线圈电/1 A/i压变化量之比粤=2原、副线圈电流变化量之比整所以有 等1=（玛1粤=（玛 所 以D正确,B、C错误。7.物理生活（2022山东历城二中模拟,5）如图是一个家庭用的漏电保护器的简单原理图,它由两个主要部分组成,图中左边虚线框内是检测装置,右边虚线框内是执行装置。检测装置是一个特殊的变压器,它把即
11、将引入室内的火线和零线并在一起绕在铁芯上作为初级线圈（m匝），另绕一个次级线圈（n:匝）。执行装置是一个由电磁铁控制的脱扣开关。当电磁铁的线圈中没有电流时,开关是闭合的,当电磁铁的线圈中的电流达到或超过一定值时,开关断开，切断电路,起到自动保护作用。我国规定当漏电流达到或超过30 mA时,就要切断电路以保证人身的安全。至于电磁铁中的电流达到多大时脱扣开关才断开，则与使用的具体器材有关,如果本题中的脱扣开关要求电磁铁中的电流至少达到80 mA才会脱扣，并且其检测装置可以看作理想变压器,那么,m与m的比值为（）接室内用电器零线火线脱扣开关检测像置执行装置根 据 题 意 可 知 黯 需g故C正确.第
12、3页 共1 1页8.（2022长沙新高考适应性考试,4）某同学设计的家庭电路保护装置如图所示，铁芯左侧线圈L,由火线和零线并行绕成。当右侧线圈L中产生电流时，电流经放大器放大,使电磁铁吸起铁质开关K,从而切断电路。下列说法正确的有（)A.家庭电路正常工作时,L中的磁通量不为零B.家庭电路正常工作时，使用的电器越多,L中的电流越大C.家庭电路发生短路时,开关K将被电磁铁吸起D.地面上的人接触A点发生触电时,开关K将被电磁铁吸起答 案D由于火线和零线并行绕制，所以在家庭电路正常工零线的电流大小相等，方向相反,因此合磁通量为零,L中的错误；当家庭电路中使用的电器增多时,火线和零线的电流仍作时,火线和
13、磁通量为零,A然大小相等，方向相反,L中的磁通量不变，仍为零,则不会有感应电流,B错误;家庭电路发生短路时,零线和火线电流增大，但电流仍大小相等,方向相反,L中的磁通量仍为零，开关K不会被电磁铁吸起,C错误;地面上的人接触A点发生触电时,零线和火线电流大小不相等,此时L中的磁通量不为零,开关K将被电磁铁吸起,D正确。9.（2022湖南新高考模拟预测卷,6）如图所示,为了浴室用电安全，某同学用理想变压器给浴室降压供电，理想变压器原、副线圈匝数比为5：1,原线圈输入交变电压u=311 sin（100 nt）V。已知照明灯额定功率为44 W,排气扇电动机内阻为1。，电流表示数为2 A,各用电器均正常
14、工作，电表均为理想电表。贝I I （）A.电压表示数为62 V B.变压器的输入功率为88 WC.排气扇输出功率为44 W D.保险丝熔断电流不得低于1 A答 案B变压器输入的交变电压为u=311 sin（lOOnt）V,则有效值U=220 V,变压器原、副线圈匝数比为5：1,根据祖=*，解得16=44 V,故A错误;电流表示数为2 A,因此输出功率为P出=Ul2=88 W,即变压器的输入功率为88 W,故B正确;照明灯的电流为h=2=l A,则 排 气 扇 的 电 流 为A,则排气扇的输出功率为P=U2L-7MI-=43 W,故C错误;变压器的原线圈中电流为1产上产0.4 A,因此保险丝熔断
15、电流不得低于0.4 A,故1）错误。10.（2022和平一模,7）（多选）如图所示,KLMN是一个竖直的匝数为n的矩形线框，全部处于磁感应强度为B的水平方向的匀强磁场中，线框面积为S,电阻为R,线框绕竖直固定轴以角速度3匀速转动（俯视逆时针方向），当MN边与磁场方向的夹角为30时（图示位置），下列说法正确的是（）A.导线框中产生的瞬时感应电动势大小是苧nBS 3B.导线框中电流的方向是K-KC.再转过60时导线框中产生的电流达到最大值D.再转过60时穿过导线框的磁通量变化率为0答 案A D可以认为导线框从峰值面转过30 ,则感应电动势瞬时值表达3 t,将3 t=30代入表达式可得e=ynBS
16、3,故A正确;根据楞次定律可以式 e=nBS3 cos判断出图中位置线框中的感应电流方向是K N M L-K,故B错误;从图中位置再转过60 ,线框与磁场方向垂直，处于中性面位置,因此线框中感应电流为0,感应电动势为0,由 可 知,磁 通 量 的 变 化 率 也 为0,故C错误,I）正确。第4页 共1 1页11.（2022南开二模,6）（多选）如图甲所示电路中,L,为标有“4 V,2 W”字样的小灯泡,L、L为两只标有“8 V,6 W”字样的相同灯泡,变压器为理想变压器,各电表为理想电表,当a、b两端接如图乙所示的交变电压时,三只灯泡均正常发光。下列说法正确的是（）A.电流表的示数为1.5 A
17、B.交变电压的最大值U.=28 VC.变压器原、副线圈的匝数之比为3：1D.电压表的示数为24 V答 案A C D三只灯泡都正常发光，由P=UI可 知 流 过 以L,的电流均为0.75 A,所以电流表的示数为L 5 A,即副线圈中的电流为L 5 A,A选项正确;同理可知流过L：的电流为0.5 A,原线圈中的电流为0.5 A,所以21=，,C选项正确;原、副线圈两端的电压之比U,:u2=n,：并且U?=8 V,可得山=24 V,故电压表的示数为24 V,a、b两端的电压为U.产U,+Uu=28 V,而交变电压的最大值为28eV,B选项错误,D选项正确。12.物理科技（2022南开一模.7）（多选
18、）我国领先全球的特高压输电技术将为国家“碳中和”做出独特的贡献.白鹤滩水电站是世界第二大水电站，共安装16台我国自主研制的全球单机容量最大功率百万千瓦水轮发电机组。2021年6月2 8日白鹤滩水电站首批初装机容量1 600万千瓦正式并网发电,在传输电能总功率不变情况下,从原先150 kV高压输电升级为1 350 kV特高压输电。则下列说法正确的是（）A.若输电线不变,则输电线上损失的电压变为原来的g反若输电线不变,则输电线上损失的功率变为原来的O 11C.如果损失功率不变，相同材料、传输到相同地方所需导线横截面积是原来的温D.如果损失功率不变,相同材料、粗细的输电线传输距离是原来的9倍答 案B
19、 C在功率不变时,电压升高到原来的9倍,则传输电流变为原来的,若输电线不变,则输电线上损失的电压A U=Ir变为原来的J,A错误;输电线损失的功率A P=I%,因此输电线损失的功率变为原来的言B正确:如果损失功率不变,则y oi第5页 共1 1页（J）2r=（）2r,r=P也如果输电线相同,则电阻率不变，传输距离不变时,所需导线横截面积只有原来的专，C正确;如果损失功率不变,相同材料、粗细的输电线传输距离是原来的81倍,D错误。13.（2022河东二模,7）如图所示,一正方形线圈通过电刷与自耦变压器相连，线圈平面与水平向右、磁感应强度为B的匀强磁场平行，现让线圈由图示位置以恒定的角速度3转动并
20、开始计时，转轴与磁场垂直。已知正方形线圈的匝数为N、边长为a,电阻不计。则下列说法正确的是（）A.线圈中产生的感应电动势的瞬时表达式为e=NB3a sin tB.若线圈的转速变为原来的2倍,则电压表的示数变为原来的2倍C.若线圈的转速变为原来的2倍,则定值电阻R消耗的电功率变为原来的2倍D.若线圈的转速变为原来的2倍,欲使电压表示数不变,自耦变压器的滑动触头应向下移动答 案B线圈从峰值面位置开始计时，产生的感应电动势的瞬时值表达式为e=NB 3 cos 3 t,A选项错误;正方形线圈的转速加倍,则角速度变为原来的2倍，据E-NBS 3可得,正方形线圈中产生的电动势的最大值变为原来的2倍,原线圈
21、两端电压变为原来的2倍,根据U,:U2=n,:m可得副线圈两端电压变为原来的2倍，电压表的示数变为原来的2倍,B选项正确;定值电阻R消耗的功率P产系,副线圈两端电压变为原来的2倍，则定值电阻R消耗的功率变为4P.C选项错误;欲保持电压表的示数不变,应使原线圈的匝数增加,即应使自耦变压器的滑动触头向上移动,D选项错误。14.（2022北京丰台一模,8）交流发电机的示意图如图所示,当线圈ABCD绕垂直于磁场方向的转轴00匀速转动时,电路中产生的最大电流为1”已知线圈转动的周期为T,下列说法正确的是（）A.图示位置磁通量最大,磁通量的变化率最大B.图示位置电流最大,方向为ABC.从图示位置开始经过电
22、流方向将发生改变4D.从图示位置计时，线圈中电流i随时间t变化的关系式为i=T sin y t答 案I）图示位置磁通量最大,中=BS,感应电流为0,电流在此时改变方向。由于E=n,此时E=0,所以芯=0,磁通量变化率最小.从图示位置开始计时,i=I”s i n y t,所以选【）。易错提醒 磁通量的变化率对应的是感应电动势,而不是磁通量,当中最大时,詈反而最小。第6页 共1 1页15.（2022北京海淀一模.7）如图所示，理想变压器原线圈接在u=U,sin（3 1+小）的交流电源上,副线圈接滑动变阻器R和两个阻值相同的定值电阻的,电表均视为理想电表。滑动变阻器R的滑片P由a端向b端缓慢滑动过程
23、中（）A.电压表笆的示数变大B.电压表笆的示数变大C.电耗的示数变大D.电流表的示数变大答 案D理想变压器原线圈接在正弦交流电源上，有效值恒定，故原线圈两端电压有效值不变,即示数不变，又由段二浮口,笆示数不变,故选项人B错误;滑动变阻器R的滑片P由a端向b端缓慢滑动,滑动变阻器接入电路的阻值变大,副线圈回路电流变小,由nl=n1知6）示数变小,故选项C错误;副线圈回路电流变小，则干路上的电阻R,两端电压变小,并联电路两端电压变大,含有G.路的阻值不变,因此示数变大,故选项D正确。16.（2022北京丰台二模,9）某水电站输电线路简化模型如图所示，已知R为输电线总电阻（可视为定值电阻）,发电机输
24、出电压恒定。由于用户端负载变化，使发电机输出功率增加。设升压变压器和降压变压器均为理想变压器，下列说法正确的是（）A.电压表4的示数增大B.电压表%的示数增大C.电流表4的示数增大D.电流表A2的示数减小答 案C发电机输出电压恒定,则示数不变,功率增大，则%示数增大,R上的电压及功率损耗增大,因此工示数减小,根据变压器流过原、副线圈电流与原、副线圈匝数的关系可知,%示数增大。C正确。思路点拨 不变量:发电机的输出电压;已知变量:发电机的输出功率。17.（2022北京西城一模,14）从外太空来到地球的宇宙线以原子核为主，还包括少量的正、负电子和丫射线，它们传递了来自宇宙深处的信息。2021年，我
25、国高海拔宇宙线观测站“拉索”（LH AAS0）记录到1.4拍电子伏（1拍=10）的 丫射线。这是迄今为止，人类发现的最高能量的Y射线。从此打开了探索极端宇宙秘密的新窗口，直接开启了“超高能Y天文学”的新时代。Y射线在天文探测方面有着独特优势和特殊意义，但由于数量极少,很难直接测量.当高能Y射线进入大气后,立即和大气层中的气体作用而产生各种次级粒子。这些次级粒子又继续与空气作用，使次级粒子数目呈几何级数增加，这个过程称为“空气簇射”。随 着“空气簇射”向地面发展,空气对次级粒子的吸收会逐渐增多.观测站的粒子探测器需要将更多的次级粒子记录下来,进而反推Y射线进入大气层顶部时的信息。结合所学知识,判
26、断下列说法正确的是（）A.观测站的粒子探测器直接探测到来自宇宙的Y射线第7页 共1 1页B.观测站建在海拔低处比在海拔高处能记录到更多的次级粒子C.Y射线是高频电磁波,能量越高,传播速度越大D.Y射线在星系间传播时，运动不受星系磁场的影响，可以方便追溯到源头答 案D由题目信息可知由于y射线数量极少，很难直接测量,A错。随 着“空气簇射”向地面发展，空气对次级粒子的吸收会逐渐增多，所以应建造高海拔宇宙观测站，所以B错。电磁波的传播速度与介质有关，与自身能量无关,C错。y射线不带电,不受磁场影响,D对。总结归纳 解决这类信息题,首先要阅读题干，理解所给信息,与问题相结合,再运用平时学过的基础知识分
27、析探究结论。18.物理生活（2022浙江台州一中选考模拟,8）华为手机充电器中装有变压器。用正弦交流电路给手机充电时,原线圈两端电压为220 V,副线圈两端电压为5 V,副线圈电流为2 A,若将变压器视为理想变压器,则（）A.原、副线圈的匝数比为4.4：1B.原线圈的电流约为0.05 AC.副线圈两端电压的最大值为5 VD.原、副线圈的功率之比为44：1答 案B变压器原、副线圈两端电压与匝数成正比，可得”=*=44,A错误;理想变压器不改变功率,即原、副线圈功率相等，n2 U?可得U L R工,解得原线圈的电流为10.05 A,B正确,D错误;原、副线圈通过的电流均为正弦交流电，故副线圈两端电
28、压的最大值为k 5、反V,C错误。19.物理生活（2022浙江丽水五校联考选考模拟,14）（多选）在炎热酷暑的时候，大量的电器高负荷工作,一些没有更新升级输电设备的老旧社区,由于输电线老化,线损提高,入户电压降低，远达不到电器正常工作的需要，因此出现了一种“稳压源”的家用升压设备，其原理就是根据入户电压与电器工作电压,智能调节变压器原、副线圈匝数比,现某用户家庭电路工作情况如图所示，忽略变压器电阻。下列说法正确的是（）A.现入户电压5=150 V,若要稳压源输出电压&=225 V,则需调节m：n产2：3B.空调制冷启动时,热水器实际功率不变C.空调制冷停止时,导线电阻耗能升高D.在用电器正常工
29、作时，若入户电压U,减小，则需要更大的入户电流,从而输电线路损耗更大答 案A D变压器的电压与匝数的关系为=包,代入数据有n,:m=2：3,故A正确;空调启动时电路中电流增大,导线电阻分U2压增加,热水器电压降低、功率降低，故B错误;空调制冷停止时,电路中电流减小,导线电阻分压减小,导线电阻耗能减小，故C错误;在用电器正常工作时，功率不变，若入户电压I1减小,由P=UI可知,需要更大的入户电流,从而输电线路损耗更大，故D正确。20.物理模型（2022浙江五湖联盟选考模拟,15）（多选）目前,我国通过大力发展新能源,来减少碳排放，也制定了 2030年前碳达峰行动。风力发电机是将风能转化为电能的装
30、置，世界最大的风力发电机是由我国制造的，其叶片长达107 m,现有一风力发电机,它的叶片在风的带动下转动。已知它的叶片转动时可形成半径为 的圆面,风向恰好跟叶片转动的圆面垂直,当风速为V、空气的密度为P时，流到叶片旋转形成的圆面的风约有斗勺动能转变为叶片的动能。此后叶片带动发电机的线圈转动，使穿4第8页 共1 1页过发电机线圈的磁通量发生变化,且两者转速相同。叶片的动能约有:转变为电能,发电机产生感应电动势的瞬时值表达式为u=200 sin就t（V）.下列说法正确的是（）A.叶片转动的周期T=200 s1B.单位时间 t内叶片的动能15二P n r2vJ toc.单位时间内发电机产生感应电动势
31、有效值的平方与风速的三次方成正比D.当风速增大时，产生交流电的周期减小,感应电动势的最大值增大答 案A C D由u=200 sin会t（V）,可知T=空=200 s,则线圈转动周期为T=200 s,又因为叶片与线圈转速相同，即叶片转动100 0）周期为T=200 s,A正确;设在 t时间内流到叶片旋转形成的圆面中的空气质量为叫则片P itrvAt,从风的动能转变成叶片1 11 1 1 M的动能为EK=4V2X/P“t V A t,B错误;由能量守恒可知g P n 1v A t X-A t,即发电机产生感应电动势有效值的平方与L o o 4 K风速的三次方成正比,C正确;当风速增大时,风力发电机
32、的转速增大,产生交流电的转速增大，周期减小,感应电动势的最大值E=NBS3增大,D正确。21.物理科技（2022江苏连云港六校联考,5）2020年9月，中国发布“双碳战略”，计划到2030年实现碳达峰、2060年实现碳中和。电力作为远程输送能量的载体,特高压远距离输送清洁电能是实现碳中和的重要途径之一。若在输送电能总功率、输电线电阻不变的情况下，仅将原来的150 kV高压输电升级为1 350 kV的特高压输电,下列说法正确的是（）A.输电线中的电流变大B.输电线上损失的电压变大C.输电线上损失的功率变小D.用户得到的电功率变小答 案C由公式P=UI可知,在输电总功率不变的情况下,电压升高，输送
33、电流变小,A错误;由欧姆定律可知，输电线上损失的电 压AU=Ir,输电线电阻不变,所以输电线上损失的电压变小,B错误;输电线上损失的功率A P=I=r,所以输电线上损失的功率变小,C正确;用户得到的电功率P用=P-P,P变小,用户得到的电功率变大,D错误。22.物理科技（2022江苏淮安月考,8）我国的特高压输电技术独霸全球,并且特高压输电技术成为全球标准。我国也是全球特高压输电线最长、核心专利最多、技术最完备的国家。如图是远距离输电的原理图，发电机的内阻为1。，供给某高中照明用电。变压器都是理想变压器,升压变压器T;的匝数比为1：4,降压变压器%的匝数比为3：1,输电线的总电阻R=4 Q,全
34、校共50个班,每班有“220 V,22 W”灯6盏。若保证全部电灯正常发光,则下列说法正确的是（）A.发电机输出功率为6 600 WB.输电效率约为94.3%C.输电线上损耗的电功率为40 WD.发电机的电动势为250 V额答 案B通过每个灯泡的电流为I-=0.1 A,降压变压器副线圈总电流为1 ,=50X6X0.1 A=30 A,则高压输电线上的电流为u额T2=I1=l,=10 A,则输电线上损耗的电功率为P版后R=400 W,故C错误;由能量守恒得，发电机输出功率为R=50X 6X P+P报=7第9页 共1 1页000此故A 错误;输电效率为n=xi00%-94.3%,故 B正确;损耗电压
35、为AU=LR=40 V,T,副线圈两端电压为5=心里+411)*巴=175匕通过发电机的电流为1,=吆1尸 40 A,则发电机的电动势为E=5+Lr=215 V,故 D错误。4 n2 nx23.物理科技(2022江苏淮安月考,5)2021年下半年，东北一些地区、一些时段实行了限电、停电，引起人们对输电、用电、节能的关注。某电站的电能输送示意图如图所示，升压变压器与降压变压器间输电线总电阻为r,升压变压器原、副线圈匝数之比四=m，降压变压器原、副线圈匝数之比9=k。变压器均为理想变压器,如果发电机的输出电压为U用户输入端电压为必 用2九 4户消耗电功率为P,则输电线上消耗的电功率为()2电线上消
36、耗电功率P =/金=(吊)r;升压变压器副线圈两端电压U；=也U尸电,降压变压器原线圈两端电压Uk 出U产字,则输电MU?)ny m zi3 R线上损耗的功率P=匕竺誓=(您-半j 故选c024 物理生活(2022广东深圳二模，13)图甲和图乙所示是手动式手电筒内振动式发电机的两个截面图，半径为0.02 m、匝数为100的线圈a,所在位置的磁感应强度B=；T,线圈a 接原、副线圈匝数比为2：1的理想变压器,给两个额定电流均为0.5 A2 I T的灯泡供电。推动手柄使线圈a 沿轴线往复运动，线圈a 中电动势随时间按正弦规律变化,如图丙所示。线圈a 及导线电阻不计。求：K Z线圈a(1)图丙中电动
37、势的表达式；(2)若手动发电的效率为20%,两灯泡正常发光，手做功的功率;(3)线圈a 往复运动过程中的最大速度。答案(l)e=4 sin(5 n t)(V)(2)7.1 W(3)2 m/s解 析(D由题图丙可知E=4 V第 10页 共 11页T=0.4 s且=5 n rad/s根据电动势的表达式e=Em sin 3 t可得 e=4 sin(5 n t)(V)(2)设原线圈中电压的有效值为U根据U尸裳可得U)=2V2 V设副线圈两端电压为质,根据理想变压器公式6=”可得ni n2U2=V2 V灯泡功率P炉U/2可得人对手电筒做功的功率为2Pd灯P=-7.1 W0.2 根据法拉第电磁感应定律得En=nB 2 n Rvn解得 二2 m/s第1 1页 共1 1页