《2021-2022学年北京市顺义区名校十校中考联考最后物理试题含解析及点睛.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021-2022学年北京市顺义区名校十校中考联考最后物理试题含解析及点睛.pdf（23页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2021-2022学年中考物理模似试卷注意事项：1 .答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2 .答题时请按要求用笔。3 .请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4 .作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5 .保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共2 1分）1.下列有关物理学家和他的主要贡献，说法正确的是A.托里拆利-测出大气压的值B.阿基米德-光的色散现象C.牛顿-杠杆原理D.安培-电流周围存在
2、磁场2.如图所示，当开关S闭合，甲乙两表为电压表时，两表的读数之比U单：U z为4:1,当开关S断开，甲乙两表为电流表时，两表的读数之比I单：I乙为（）C.3 ：4 D.3 ：13 .一瓶酒精倒掉一半，剩下的半瓶酒精的密度、比热容、热值和原来相比，以下的说法正确的是A.只有密度和热值不变 B.只有密度和比热容不变C.只有比热容和热值不变 D.三个都不变4 .如图所示，均匀圆柱体甲和盛有液体的圆柱形容器乙放置在水平地面上。现沿水平方向切去部分甲并从容器乙中抽出相同体积的液体后，此时甲剩余部分对地面的压力等于剩余液体对容器乙底部的压力。关于甲原来对地面的压强p甲、液体原来对容器乙底部的压强p 乙的
3、判断，正确的是A.p 甲 一定大于P z.C.p 单 一 定等于p z.B.p 甲可能等于pzD.p 单 一 定小于p z,5.如图所示是电阻甲和乙的/一U 图像，下列说法正确的是（)A.电阻乙为定值电阻B.当电阻甲两端电压为2 V 时，R单=0.4。C.如图2 所示，当开关S 闭合，电路电流为0.2 A 时，电路总电阻是15。D.如图3 所示，当开关S 闭合，电源电压为2 V 时，电路总电流为0.4 A6.第24届冬季奥林匹克运动会将在2022年由北京市和张家口市联合举办.冰球是比赛项目之一，越来越被大众喜爱.下图为帅气的冰球选手备战训练的瞬间.下列说法正确的是A.冰球运动员在加速滑行过程中
4、，运动状态不变B.运动员不蹬地，会慢慢停下来，说明力是维持物体运动状态的原因C.运动员滑行时不能立即停下来，是因为运动员受到惯性D.运动员站在水平冰面上时，冰面对人的支持力与人受到的重力是一对平衡力7.甲、乙两只完全相同的杯子盛有浓度不同的盐水，将同一只鸡蛋先后放入其中，当鸡蛋静止时两液面相平，鸡蛋所处的位置如图所示，则A.鸡蛋在盐水中所受浮力?也B.鸡蛋在盐水中所受浮力/七C.盐水的密度pQ p乙D.盐水对杯底的压强，甲 酒，物体在酒精中沉底，则 F)=p；sgV转，溢出酒精质量为：mjg=pjgV物=0.8g/cm3x50cm3=40g.点睛：先求物体的密度判断此物体在水和酒精中的状态，再
5、根据沉浮状态和阿基米德原理求出溢出液体的质量.11、Si S3 电源短路【解析】根据电流的走向分析，要使两灯泡并联，则电流可分成两条支路，分别经过两个灯泡，然后回到电源负极；如果将所有开关都闭合，则电流可不经过用电器，由正极出发，直接回到电源的负极，造成短路.【详解】要 Li、L2并联，电流从电源正极流出后进行分路，一路经过S1、L2,另一路经过L|、S 3,然后两路汇合共同回到电源负极，因此需闭合S1、S 3,断开S2；若同时闭合开关Si、S2、S3时，电流从正极出发，经S i、S3、S2直接回到负极,造成电源短路.12、3 不变 不守恒 可再生 聚 电 太阳能汽车工作时将吸收太阳能的129
6、萦化为机械能【解析】(1).5名领舞者的速度和质量相同，则动能相同，3 号领舞者高度最大，则重力势能最大，机械能最大；它们在上升过程过程中动能不变，它们在上升过程中机械能增大，她们在上升过程中，钢丝绳的拉力对她们做功，所以她们的机械能不守恒；太阳能可以源源不断的获得，是可以再生的，故它是可再生能源；在太阳内部，太能之所以能发光发热，实质相当于无数个的氢弹爆炸而造成的，即氢原子核在超高温下发生聚变释放核能；太阳能汽车上的电池消耗太阳能，把太阳能转化为电能，电动机再把电能转化成机械能；竖直方向上汽车受重力、支持力及升力，重力从重心竖直向下画，支持力和升力从重心竖直向上画，在线段的末端用箭头表示，符
7、号分别用G、N 和尸表示。如图所示：由电路图可知，闭合开关后，凡与此串联，电压表测处两端的电压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以,M 两端的电压：U1=U-U2=1OV-8V=2V,因串联电路中各处的电流相等，所以，由/=可得，两电阻阻值的比值：R4且=工=4=空R2/U2 8V 4T14 等于 1.03x10s【解析】1航母静止在水面上时，其受到的浮力等于重力。在水面下1 0m深处的船体受到海水的压强为p=pfMgh=1.03x1 O,kg/m3 x ION/kg x 1 Om=1.03 x 105 Pa三、作 图 题（共 7 分）15、变阻器左下接线柱与小灯右接线柱（或电压表最右端
8、接线柱）连接，若线有交叉扣1 分【解析】分析：电键S 闭合后，电压表测量灯泡两端电压，向右移动滑动变阻器的滑片时，电压表示数变小说明滑片向右移动滑动变阻器接入电路的电阻增大，灯泡分得的电压减小，因此滑片向右移动滑动变阻器接入电路的电阻增大，再按一上一下的原则串联在电路中.解答：解：灯泡与滑动变阻器串联，滑片右移，滑动变阻器接入电路的电阻变大，故 将 A 接线柱与灯泡右接线柱相连,如下图所示：【解析】首先画出法线，在发生反射时，反射角等于入射角；光从水中斜射入空气中，折射角大于入射角，折射光线远离法线.故答案为【解析】由题知：用右手握住直导线，让大拇指指向直导线中电流的方向，则弯曲的四指所指方向
9、为磁场方向.由图根据以上方法可判断出通电直导线周围的磁感线方向是逆时针方向的，因为小磁针静止时，北极的指向为磁场方向，则小磁针的 N 极如图所示：四、实 验 题（本大题共5 小题，共 20分）18、见解析所示 1.5 变大 2 定值电阻两端电压改变了（或者定值电阻两端电压不是1.5V）左【解析】将电流表“-”的导线与开关的左接线柱相连，“0.6”接线柱与定值电阻左侧接线柱相连，电路图如图所示:甲由图示电压表可知，其量程为0 3匕 分 度 值 为 0.1匕 示 数 为 1.5匕当滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，电路总电阻减小，电源电压不变，所以电流增大；（3）在研究电流与电阻关系时
10、，要保持电阻两端电压一定.根据实验数据可以看出：第一组、第三组实验中，电阻两端电压都相等为L5匕而第二组实验中，电阻两端电压为0.2Axl0Q=2匕所以第二组实验操作错误；纠正的方法是：向左调节滑动变阻器滑片，使电阻两端电压仍为1.5匕 记录此时的电流.【点睛】（D 将电流表接入电路时，应使其与定值电阻串联，还要注意电流的方向；（2）读取电压表示数时，先要明确电压表选择的量程和对应的分度值；滑动变阻器滑片移动时，接入电路的电阻发生变化，所以电路电流相应发生变化；（3）探究电流与电阻的关系，需要保持电阻两端电压一定.19、乙80%1、2 低不正确【解析】由表中数据s=0.3m,/?=0.1m可知
11、实验2 中承担物重的滑轮的段数为3 段，G=8N,所以物重是两个钩码，因此实验2是用图乙做的实验.实验序号3 中的机械效率：7=%8N xO l/%-25N xGAm=80%.结论：根据控制变量法的思路可知：通过比较1、2 两次实验数据得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组的机械效率越高.2、3 两次实验中所提升的重物相同，动滑轮的个数不同，机械效率不同，实验比较2、3 两次实验数据可得出结论：不同滑轮组提升相同重物时，动滑轮越重，滑轮组的机械效率越低.问题讨论：实验过程中边拉边运边读数，弹簧测力计示数不稳定，有同学认为应静止时读数.你认为他的想法不正确，因为滑轮组静止时没有摩擦，所
12、以没有考虑到摩擦对滑轮组机械效率的影响.20、2.5 8 80%62.5%有关 提升物体的重力【解析】（1）图中测力计分度值为（M N,测力计的示数为2.5 N,物体悬挂的位置在杠杆中点，弹簧测力计在另一端，以。为支点，根据几何关系可知，当物体上升4cm时，弹簧测力计上高度为物体上升高度的一倍，即为8cm；滑轮组的机械效率：=M xlO O%4N?8(5N?=80%W,.(2)图中测力计分度值为0.1 N,测力计的示数为3.2 N,所以其机械效率为：7=7x100%=62.5%(3)对 比(1)(2)可知，当杠杆自重发生改变时，其它变量不变时，其滑轮组机械效率发生改变，所以杠杆的机械效率与杠杆
13、的自重有关；(4)杠杆的机械效率可能与所提升物体的重力有关或。点与杠杆之间的摩擦有关.21、让钢球从某一高度由静止释放 木块移动的距离 甲 速度一定时，质量越大动能越大【解析】(1)让钢球从某一高度由静止释放，使钢球获得动能；钢球动能的大小是通过钢球对木块做功的多少来体现出来的，木块运动的距离越长，就表示钢球的动能越大；(2)上面的两次实验是在速度一定时，改变物体的质量，探究动能的大小，动能的大小通过木块移动距离的大小表现出来的，因此改变木板的长度，应采用甲的建议；根据表中的数据，可知，速度相同时，质量大的推动木块运动的距离远，故得出结论：速度一定时，质量越大动能越大。22、右 40滑动变阻器
14、开路 0.625【解析】(1)实验过程中，定值电阻拈由5Q换 成 10。时，根据分压原理，定值电阻分得的电压变大，要保持电压不变，变阻器要分去更多的电压，变阻器连入电路的电阻要变大，故滑动变阻器的滑片应向右移动；若电源电压为6 V,品的可选最大电阻为20 Q,为保证电阻R 两端电压为2 V,变阻器分得的电压。交=6V-2V=4V,根据分压原理，2 叟二终,U变 4V那 滑 动 变 阻 器 的 最 大 阻 值 应 不 小 于XRi=x20Q=40Q；U滑 2V(2)将电压表和灯泡并联，灯泡串联在电路中，如图所示:闭合开关，发现灯泡不亮，电压表和电流表的指针无偏转，说明电路发生开路，可能滑动变阻器
15、开路；由图丙所示图象，当小灯泡电压为2.5 V 正常发光时，对应的电流为0.2 5 A,小灯泡的功率P s i=l/=2.5 V x O.2 5 A=0.6 2 5 W。五、计算题(本大题共2小题，共 1 3 分)2 3、(1)2 V；(2)2 0 欧；(3)3 V,0.3 A 或 6 V,0.6 A【解析】由电路图可知,品、R 2 串联，电流表测电路电流，电压表测电阻R i 两端的电压；(1)根据/=可得，电压表示数：I/v=i=/?i=O.2 A x l O Q=2 V；R(2)由串联电路的电压特点可得，电阻此两端的电压：U2=U-UI=6V-2 V=4 V；根据/=3 可得此时&连入电路
16、的阻任 5 4 V值：Ri=-=2 0 1 ；I 0.2 A(3)已知R i=1 0 C,电源电压是6 V,如果电压表量程为0 1 5 V,当滑动变阻器接入电路阻值为零时，电路中电流最U 6 V大，则电路中最大电流为/=p=历G=0.6A,因此电流表量程应为0 0.6 A；电流表量程为0 0.6 A,当电流表指针达到满偏时，最大电流为/最大=0.6 A,此时电压表示数为U v=/最 大 R=0.6AX10Q=6V15V,能够保证电路安全，符合题意，所以，此时电压表、电流表的示数分别为6 V、0.6 A；如果电流表选择0 0.6 A 量程，电压表选择()3 V 量程，因为滑U.3 V片在某一位置
17、时有一个电表达到满偏,当电压表达到满偏为最大示数3 V 时,此时电路中的电流为:/=寸=而=0 3 A，所以，此时电压表、电流表的示数分别为3 V、0.3 A.2 4、(1)8 X 1 04P a；(2)2.4 X 1 08J；(3)5 0 J.【解析】(1)拖拉机静止在水平路面时，对路面的压力：F=G=4X105N,p 4 x 1 O5 N对路面的压强：P =上=-炉=8 x 1 0 P a；S 5 m 2iy(2)由 尸=丁可得，拖拉机匀速行驶6 0 0 s,发动机所做的功：W=Pt=4 0 0 X 1 03W x 6 0 0 s =2.4 x 1 08J ；（3）由电路图可知，灯 泡 L
18、 与 R）、K 串联，电压表测L 两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑动变阻器连入电路的电阻最大时，电路的总电阻最大，电路中的电流最小，由图乙可知，电路中的最小电流，=0.5A,则通电1 0 0 s,电流通过 Ro 所做的功：=U J t =P“=6 0.5 A/x 2 Q x 1 0 0 s=5 0 J.六、综合能力题（本大题共3 小题，共 18分）25、变小 变大 10 120 能 并联在埼两端【解析】（1）当被称物体的质量增加时，压敏电阻受到的压力增大；由 R-F 图象可知，压力增大时，压敏电阻的阻值减小，总电阻减小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；（2）空载时，
19、踏板对压敏电阻的压力：F=G 踏 板=m 造 板 g=5kgxl0N/kg=50N,根据图3 可知，压 力 F=50N 时，压敏电阻的阻值R=240 Q；此时电路的总电阻：R 总U 12V=-=250。，由串联电路的电阻特点可得,Ro的阻值：Ro=RbR=250C-2402=10。；（3）由题意可知，I 0.048A电子秤是由电流表改装而成的，且当电子秤所测质量最大时，对应的电流表示数达到最大值；所以,此时电路中的电流:1豪 大=0.6A,则定值电阻两端的电压为：Uo=I最 大 Ro=O.6AxlOC=6V,压敏电阻两端分得的电压：UR=U-UO=12V-6VU _ 6V=6 V,压敏电阻的阻
20、值：R，=何=1。由图3 可 知 此时压敏电阻受到的压力为1200N,因为F=G 隧+G物，则所测物体的最大重力为：G 物 最 大=F-G 造 板=1200N-50N=H 50N,由 6=1 可得，该电子秤的最大量程：m物 g=胃G物 品 大=而11507N最=5 1 根据串联分压的规律可知，当压力增大时,压敏电阻的阻值减小，压敏电阻两端的电压也减小，则定值电阻Ro两端的电压变大，故可以把电压表并联在R。两端，能反映物体质量的变化情况，所以能利用电压表制造电子秤.如下图所示:点睛：（1）根 据 R 与 F 的关系图象结合欧姆定律进行分析解答；（2）根据电路图可知，压敏电阻R 和定值电阻Ro串联
21、，电流表测电路中的电流；空载时，踏板对压敏电阻的压力F 等于踏板的重力，根 据 G=m g即可求出压力F 的大小；由图3 读出压力F 对应的压敏电阻的阻值，已知此时电路中的电流，然后利用欧姆定律求出总电阻，再根据根据串联电路的电阻特点即可求出R。的阻值.（3）当电子秤所测质量最大时，对应的电流表示数达到最大值，根据欧姆定律求出定值电阻两端的电压，利用串联电路的电压特点和欧姆定律求出压敏电阻的阻值，由图3 读出压敏电阻受到的压力即为踏板和最大称量的重力之和，再根据G=m g求出该电子秤的量程；（4）根据图3 和串联分压的规律可知，当压力增大时，压敏电阻的阻值减小，压敏电阻两端的电压也减小，则定值
22、电阻Ro两端的电压变大，故可以利用电压表制造电子秤.26、B LI=L3 C 对比明显【解析】(1)让重物G 完全浸没入水中后，继续升高溢水杯到某一高度，重物G 所受浮力不变，所以弹簧的拉力也不变.故B 正确.(2)当水面刚好到达重物G 的下表面时，弹簧下端指针所指的刻度尺的位置此时弹簧受到的拉力FMG物+G桶,当全部浸没时，重物受到水的浮力，弹簧缩短，指针指的位置为L 2,此时弹簧收到的拉力为廉=G物-冷+G桶，当把溢出的水倒入小桶中，弹簧受到的拉力变大，又伸长了，指针指在L 3,此时弹簧受到的拉力为%”=G 枷-F 浮+G 8m水+G植，当FMG送 出 水 时，F 拉=%，起到相同的效果，
23、即LI=L3所以通过观察L尸L3的现象，证明阿基米德原理成立，即物体受到的浮力等于物体排开液体收到的重力.(3)在的过程中，升高升降机，重物G 浸入水中的高度越大，排出的水越多，受到的浮力变大，弹簧的拉力变小，弹簧缩短，当全部浸没，升降机继续升高，浮力不变，重物G 的高度不变.当升降机不动，将烧杯里的水倒入空桶中，随着倒入水的不断增多，弹簧的拉力变大，伸的越长，全部倒入后，弹簧就伸长到原来的长度，重 物 G 的高度慢慢减小，直到和原来高度相同.即图像C 正确；(4)这个实验通过弹簧的伸长和缩短比较明显，能够直观的看到物体所受浮力的大小和物体排开液体的重力的大小关系对比明显.27、变大 匀速下沉“蛟龙”号将上浮 A【解析】(1)“蛟龙”号下潜的过程中，海水密度不变，深度增加，根据液体压强公式p=pg可知受到海水的压强变大；(2)抛掉部分压载铁，使其所受浮力等于重力，不计水的阻力，受的是平衡力，它将保持原状态做匀速下沉运动；故选 C；(3)在“蛟龙”号悬停时，浮力等于重力，此时抛掉适量的压载铁，重力减小，浮力不变，浮力大于重力(如图所示：)“蛟龙”号将上浮.O(4)鱼体内的鱼鳗里面是空气，改变体积时不会改变自身质量，但是可以改变自身的体积，改变排水量，从而达到改变浮力的目的，控制自身的沉浮，故选A.