《广东省清远市重点中学2023届高三适应性调研考试物理试题含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《广东省清远市重点中学2023届高三适应性调研考试物理试题含解析.doc（16页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023年高考物理模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、用甲、乙、丙三种单色光在同一个光电管上做光电效应实验，发现光电流I与电压U的关系如图所示，下列说法正确的是A甲、乙两种单色光的强度相同B单色光甲的频率大于单色光丙的频率C三种单色光在同种介
2、质中传播时，丙的波长最短D三种单色光中，丙照射时逸出光电子的最大初动能最小2、若已知引力常量G，则利用下列四组数据可以算出地球质量的是（）A一颗绕地球做匀速圆周运动的人造卫星的运行速率和周期B一颗绕地球做匀速圆周运动的人造卫星的质量和地球的第一宇宙速度C月球绕地球公转的轨道半径和地球自转的周期D地球绕太阳公转的周期和轨道半径3、有一个变压器，当输入电压为220 V时输出电压为12 V，某同学在实验过程中发现此变压器副线圈烧坏了，于是他从变压器上拆掉烧坏的副线圈，用绝缘导线在铁芯上新绕了5匝线圈作为副线圈（如图所示），然后将原线圈接到110 V交流电源上，将交流电流表与的固定电阻串联后接在新绕的
3、5匝线圈两端，这时电流表的示数为5 mA。该同学按理想变压器分析，求出了该变压器副线圈的匝数。你认为该变压器原来的副线圈匝数应为（）A2200B1100C60D304、有一变化的匀强磁场与图甲所示的圆形线圈平面垂直。规定磁场方向向里为正方向，从经流向为电流的正方向。已知中的感应电流随时间变化的图象如图乙，则磁场的变化规律可能与下图中一致的是（） ABCD5、一平行板电容器的电容为C，A极板材料发生光电效应的极限波长为，整个装置处于真空中，如图所示。现用一波长为（）的单色光持续照射电容器的A极板，B极板接地。若产生的光电子均不会飞出两极板间，则下列说法正确的是（）（已知真空中的光速为c，普朗克常
4、量为h，光电子的电量为e）A光电子的最大初动能为B光电子的最大初动能为C平行板电容器可带的电荷量最多为D平行板电容器可带的电荷量最多为6、如图所示为某弹簧振子在05 s内的振动图象，由图可知，下列说法中正确的是()A振动周期为5 s，振幅为8 cmB第2 s末振子的速度为零，加速度为负向的最大值C从第1 s末到第2 s末振子的位移增加，振子在做加速度减小的减速运动D第3 s末振子的速度为正向的最大值二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，将一个细导电硅胶弹性绳圈
5、剪断，在绳圈中通入电流，并将其置于光滑水平面上，该空间存在竖直向下的匀强磁场。已知磁感应强度为，硅胶绳的劲度系数为，通入电流前绳圈周长为，通入顺时针方向的电流稳定后，绳圈周长变为。则下列说法正确的是（）A通电稳定后绳圈中的磁通量大于B段绳圈所受安培力的合力大小为C图中两处的弹力大小均为D题中各量满足关系式8、如图所示，半圆是由一条光滑的杆弯曲而成的。带有小孔的小球穿在杆上，在水平拉力的作用下小球由点开始缓慢升高，此过程中半圆竖直，固定不动，连线水平。在小球缓慢上升的过程中，有关水平拉力、杆对小球的作用力的变化情况，下列说法正确的是A逐渐变大B逐渐变小C逐渐变大D逐渐变小，9、下列说法正确的是（
6、 ）A液晶与多晶体一样具有各向同性B水杯装满水水面不是平面，而是“上凸”的，这是表面张力所致C相对湿度是空气中水汽压与相同温度下饱和水汽压的百分比D饱和汽压一定随温度的升高而增大E.脱脂棉脱脂的目的，在于使它从能被水浸润变为不能被水浸润，以便吸取药液10、如图（a）所示，质量为2m、长为L的木块静止在光滑水平面上，质量为m的子弹（可视为质点）以初速度水平向右射向木块，穿出木块时速度减为。若再将另一相同木块固定在传送带上（如图（b）所示），使木块随传送带以的速度水平向左运动，相同的子弹仍以初速度水平向右射向木块，木块的速度始终不变.已知木块对子弹的阻力恒定.下列说法正确的是（） A第一次子弹穿过
7、木块过程中，木块的位移大小为B第一次子弹穿过木块过程中，子弹克服阻力做的功为C子弹前后两次穿过木块的时间之比为D第二次子弹穿出木块时的速度为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某实验小组设计了如图所示的实验装置验证机械能守恒定律，其主要步骤如下：（1）物块P、Q用跨过光滑定滑轮的轻绳相连，P底端固定了一竖直宽度为d的轻质遮光条。托住P，使系统处于静止状态（如图所示），用刻度尺测出遮光条所在位置A与固定在铁架台上的光电门B之间的高度h。（2）现将物块P从图示位置由静止释放，记下遮光条通过光电门的时间为t，则遮光条通过光电门时的速度大
8、小v=_。（3）己知当地的重力加速度为g，为了验证机械能守恒定律，还需测量的物理量是_（用相应的文字及字母表示）。（4）利用上述测量的实验数据，验证机械能守恒定律的表达式是_。（5）改变高度h，重复实验，描绘出v2-h图象，该图象的斜率为k。在实验误差允许范围内，若k= _，则验证了机械能守恒定律。12（12分）某同学改装和校准电压表的电路如图所示，图中虚线框内是电压表的改装电路所用电池的电动势为，内阻为（均保持不变）。(1)已知表头G满偏电流为，表头上标记的内阻值为和是定值电阻，利用和表头构成量程为的电流表，然后再将其改装为两个量程的电压表。若使用两个接线柱，电压表的量程为；若使用两个接线柱
9、，电压表的量程为。则定值电阻的阻值为_，_，_。(2)用量程为，内阻为的标准电压表对改装表挡的不同刻度进行校准。滑动变阻器有两种规格，最大阻值分别为和。为了方便实验中调节电压，图中应选用最大阻值为_的滑动变阻器。校准时，在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应靠近端_（填“”或“”）。(3)在挡校对电路中，开关全部闭合，在保证电路安全前提下让滑片从端缓慢向端滑动的过程中，表头的示数_，电源的输出功率_，电源的效率_（填变化情况）。(4)若表头上标记的内阻值不准，表头内阻的真实值小于，则改装后电压表的读数比标准电压表的读数_（填“偏大”或“编小”）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中
10、指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）居家学习的某同学设计了一个把阳光导入地下室的简易装置。如图，ABCD为薄壁矩形透明槽装满水后的竖直截面，其中AB=d，AD=2d，平面镜一端靠在A处，与水平底面夹角=45斜放入水槽。太阳光入射到AD面上，其中一细束光线以入射角53射到水面上的O点，进入水中后，射到平面镜距A点为处。不考虑光的色散现象及水槽壁对光线传播的影响，取水对该束光的折射率，sin53=，cos53=。求该束光：（i）射到平面镜时的入射角；（ii）第次从水中射出的位置与D点的距离x。14（16分）滑雪者从高处沿斜面直线雪道下滑。雪道总长度为200m，倾角
11、为。甲、乙两滑雪者的滑雪板不同，与雪面的动摩擦因数分别为，。二人下滑过程中不使用雪杖加力，由静止从雪道顶端自由下滑。g取，。求：（计算结果保留2位有效数字）（1）甲滑雪者到达雪道底端时的速度；（2）若乙在甲之后下滑且不能撞到甲，乙开始下滑应迟于甲多长时间？15（12分）如图所示，在x0处的质点O在垂直于x轴方向上做简谐运动，形成沿x轴正方向传播的机械波。在t0时刻，质点O开始从平衡位置向上运动，经0.4 s第一次形成图示波形，P是平衡位置为x0.5 m处的质点.（1）位于x5 m处的质点B第一次到达波峰位置时，求位于x2 m处的质点A通过的总路程。（2）若从图示状态开始计时，至少要经过多少时间
12、，P、A两质点的位移(y坐标)才能相同？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A、甲乙两种单色光对应的遏止电压相同，则两种光的频率相同，但加正向电压时甲的饱和电流更大，说明甲光的光更强；故A错误.B、D、由光电效应方程和可知遏止电压越大时，对应的光的频率越大，故；三种光照射同一金属，飞出的光电子的最大初动能关系为；故B，D均错误.C、光在同种介质中传播的速度相同，由可得，；故C正确.故选C.2、A【解析】ABC可根据方程和联立可以求出地球质量M，选项BC错误，A正确；D已知地球绕太阳公转的周期和轨道半径可以
13、求出太阳质量，选项D错误。故选A。3、C【解析】由题意可知当新绕5匝线圈后，原线圈接到110 V交流电源上，新绕线圈电流为5mA，则新绕线圈的电压为根据原副线圈电压值比等于匝数比可知可得原线圈的匝数为匝匝又因为当副线圈没有损坏输入电压为220V时输出电压为12 V，可得可得该变压器原来的副线圈匝数应为匝匝故C正确，ABD错误。故选C。4、A【解析】应用楞次定律定性分析知，内，电流为正方向，根据安培定则知磁场应正方向减小或负方向增大。内，电流为负方向，根据安培定则知磁场应正方向增大或负方向减小。设线圈面积为，则电动势电流解式得由图象知两过程中电流大小关系为解式得所以A正确，BCD错误。故选A。5
14、、C【解析】AB根据光电效应方程可知 选项AB错误；CD随着电子的不断积聚，两板电压逐渐变大，设最大电压为U，则且Q=CU解得 选项C正确，D错误。故选C。6、D【解析】A由题图可知振动周期为4 s，振幅为8 cm，选项A错误；B第2 s末振子在最大位移处，速度为零，位移为负，加速度为正向的最大值，选项B错误；C从第1 s末到第2 s末振子的位移增大，振子在做加速度增大的减速运动，选项C错误；D第3 s末振子在平衡位置，向正方向运动，速度为正向的最大值，选项D正确.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但
15、不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】A通入顺时针方向电流稳定后，绳圈周长为，由可得，面积由安培定则可判断出环形电流在环内产生的磁场方向竖直向下，绳圈内磁感应强度大于，由磁通量公式可知通电稳定后绳圈中的磁通量大于，故A正确；B段的等效长度为，故段所受安培力故B错误；C设题图中两处的弹力大小均为，对半圆弧段，由平衡条件有解得，故C正确；D由胡克定律有解得，两侧均除以，得即，故D正确。故选ACD。8、AC【解析】小球受重力、杆的弹力、水平拉力作用, 与的变化情况如图所示,由图可知在小球向上移动的过程中, 与竖直方向夹角变大, 逐渐变大, 逐渐变大。A.A项与 上述分析结论相符，故A正确；
16、B.B项与 上述分析结论不相符，故B错误；C.C项与 上述分析结论相符，故C正确；D.D项与 上述分析结论不相符，故D错误。9、BCD【解析】A.液晶在光学性质上表现为各向异性，多晶体具有各向同性，故A错误；B. 装满水的水面是“上凸”的，这是表面张力产生的不浸润现象所致，故B正确；C.空气的相对湿度等于水蒸气的实际压强与同温下水的饱和汽压的比值，故C正确；D.温度越高，液体越容易挥发，故饱和汽压随温度的升高而增大，故D正确；E.脱脂棉脱脂的目的，在于使它从不能被水浸润变为可以被水浸润，以便吸取药液，故E错误。故选：BCD。10、AC【解析】AB第一次子弹穿过木块过程中动量守恒解得对物块由动能
17、定理 对子弹即子弹克服阻力做的功为；联立解得 选项A正确 ，B错误；CD 第一次，对物块由动量定理 解得 第二次，子弹在木块没做匀减速运动，加速度为 子弹穿过木块时满足 解得则子弹前后两次穿过木块的时间之比为第二次子弹穿出木块时的速度为选项C正确，D错误。故选AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 P的质量M，Q的质量m （M-m）gh= 【解析】（1）1光电门的遮光条挡住光的时间极短，则平均速度可作为瞬时速度，有：；（2）2两物块和轻绳构成的系统，只有重力做功，机械能守恒：故要验证机械能守恒还需要测量P的质量M、Q的质量m；（3）
18、3将光电门所测速度带入表达式：则验证机械能守恒的表达式为：；（4）4将验证表达式变形为：若在误差允许的范围内，系统满足机械能守恒定律，图像将是一条过原点的倾斜直线，其斜率为：。12、150 2865 1200 50 增大 增大 减小 偏大 【解析】(1)1电阻与表头G并联，改装成量程为的电流表，表头满偏电流为，此时通过电阻的电流为，由并联分流规律可知得 改装后电流表内阻2将其与串联改装为的电压表由欧姆定律可知，量程电压表的内阻解得3再串联改装为量程电压表，所分电压为，所以(2)4在校准电路中，滑动变阻器采用分压式接法，故选用最大阻值较小的滑动变阻器，即选用最大阻值为的滑动变阻器；5电源电动势远
19、大于电压表量程，所以闭合开关前应使滑片靠近端，使电压表在接通电路时两端电压由较小值开始增大(3)6滑片由向滑动过程中，电压表两端电压逐渐增大，通过表头的电流增大，即示数增大7随滑片由向滑动，外电路的总电阻始终大于电源内阻且逐渐减小，所以电源的输出功率增大；8由可知，路端电压随外电路总电阻减小而减小，电源效率，所以电源的效率减小(4)9电压表两端电压一定，若内阻值偏小，则通过表头的电流偏大，从而造成读数偏大的后果。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（i）；（ii）【解析】（i）光路图如图设光线进入水面时的折射角为1
20、，由折射定律可得由式及代入数据得（）设光射到平面镜的O点，反射后射到水面的D1点，入射角为3，由几何关系可得3=53AA1=OA1AD1=AA1+AD1=AOcos+OA1tan3=DD1=AD-AD1=设光从水中射向空气的临界角为C，则得3C光射到水面上D1点后将发生全反射，反射后到达CD面的C1点，此处入射角为44=90-3=37由于4C，光线从C1点射出水槽14、（1）；（2）18s。【解析】（1）甲下滑过程，由牛顿第二定律得由运动规律得解得（2）乙下滑过程，由牛顿第二定律得由运动规律得又有甲又有甲、乙下滑的时间差为解得二人不相撞，乙开始下滑的时刻比甲至少要晚18s15、（1）20 cm（2）0.05 s【解析】（1）结合题图可分析出，该机械波的传播周期为，波长为，振幅，该机械波的波速为由图可知，此时波峰在处，当波峰传播到处的B点时，波向前传播的距离为，所以质点B第一次到达波峰位置所需要的时间由题意知，当质点B第一次到达波峰位置时，质点A恰好振动了一个周期，所以质点A通过的总路程为；（2）角速度为：，从图示状态开始计时质点A做简谐运动的表达式为： 质点P做简谐运动的表达式为：要使P、A两质点的位移(y坐标)相同，即，至少要经过时间t应满足：，解得：。