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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的
2、。1、如图所示，甲、乙两物体用两根轻质细线分别悬挂在天花板上，两细线与水平方向夹角分别为60和45，甲、乙间拴接的轻质弹簧恰好处于水平状态，则下列判断正确的是（）A甲、乙的质量之比为1:B甲、乙所受弹簧弹力大小之比为:C悬挂甲、乙的细线上拉力大小之比为1:D快速撤去弹簧的瞬间，甲、乙的瞬时加速度大小之比为1:2、如图所示，一小物块在一足够长的木板上运动时，其运动的v-t图象，如图所示，则下列说法正确的是（ ） A木板的长度至少为12mB木板的长度至少为6mC小物块在04s内的平均速度是2m/sD在04s内，木板和小物块的平均加速度相同3、如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为，a、b两点间的
3、电压为 ，R为可变电阻，P为额定电流1A、用铅锑合金制成的保险丝为使保险丝中的电流不超过1A，可变电阻R连入电路的最小阻值是（ ）A2.2BC22D4、托卡马克（Tokamak）是一种复杂的环形装置，结构如图所示环心处有一欧姆线圈，四周是一个环形真空室，真空室外部排列着环向场线圈和极向场线圈当欧姆线圈中通以变化的电流时，在托卡马克的内部会产生巨大的涡旋电场，将真空室中的等离子体加速，从而达到较高的温度再通过其他方式的进一步加热，就可以达到核聚变的临界温度同时，环形真空室中的高温等离子体形成等离子体电流，与极向场线圈、环向场线圈共同产生磁场，在真空室区域形成闭合磁笼，将高温等离子体约束在真空室中
4、，有利于核聚变的进行已知真空室内等离子体中带电粒子的平均动能与等离子体的温度T成正比，下列说法正确的是A托卡马克装置中核聚变的原理和目前核电站中核反应的原理是相同的B极向场线圈和环向场线圈的主要作用是加热等离子体C欧姆线圈中通以恒定电流时，托卡马克装置中的等离子体将不能发生核聚变D为了约束温度为T的等离子体，所需要的磁感应强度B必须正比于温度T5、如图所示，两长直导线P和Q垂直于纸面固定放置，两者之间的距离为l，在两导线中通有方向垂直于纸面向里的电流在纸面内与两导线距离均为l的a点，每根通电直线 产生的磁场磁感应强度大小均为B若在a点平行于P、Q放入一段长为L的通电直导线，其电流大小为I，方向
5、垂直纸面向外，则关于它受到的安培力说法正确的是A大小等于BIL，方向水平向左B大小等于BIL，方向水平向右C大小等于，方向竖直向下D大小等于，方向竖直向上6、如图所示，足够长的水平传送带以速度逆时针转动，一质量为1kg的物体以的速度水平向右滑上传送带，经一定的时间后，物体返回到出发点。已知物体与带之间的动摩擦因数，重力加速度g=10m/s2。则在该过程中摩擦力对物体做的功为（）A0B2.5JC6.5JD12J二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，长木板左端固定
6、一竖直挡板，轻质弹簧左端与挡板连接右端连接一小物块，在小物块上施加水平向右的恒力，整个系统一起向右在光滑水平面上做匀加速直线运动。已知长木板（含挡板）的质量为，小物块的质量为，弹簧的劲度系数为，形变量为，则（）A小物块的加速度为B小物块受到的摩擦力大小一定为，方向水平向左C小物块受到的摩擦力大小可能为，方向水平向左D小物块与长木板之间可能没有摩擦力8、一个静止的放射性原子核处于垂直纸面向里的匀强磁场中，由于发生了某种衰变而形成了如图所示的两个圆形径迹，则（ ）A该原子核发生了衰变B该原子核发生了衰变C打出衰变粒子的反冲核沿小圆逆时针运动D该原子核的衰变过程结束后，其系统的总质量略有增加9、如图
7、所示，两个质量分布均匀的球体P、Q静止在倾角为的固定斜面与固定挡板之间.挡板与斜面垂直。P、Q的质量分别为m、2m，半径分别为r、2r，重力加速度大小为g，不计一切摩擦。下列说法正确的是（ ）AP受到四个力的作用B挡板对P的支持力为3mgCP所受弹力的合力大于mgDQ受到P的支持力大于mg10、如图，a、b、c、d是均匀介质中水平轴上的四个质点，相邻两点的间距依次为4m、6m和8m。一列简谐横波沿x轴正向传播，在t=0时刻传到质点a处，使质点a由平衡位置开始竖直向下运动。波继续向前传播，t=5s时质点b已经通过了8cm路程并第一次回到了平衡位置，此时质点c刚好开始振动。则下列说法正确的是_A该
8、波的波速为1.6cm/sB质点c开始振动后，其振动周期为6sC当t5s后，质点b向下运动时，质点c一定向上运动D在7stFsin=mg故D正确。故选AD。10、BCE【解析】A在t=5s的时间内波形从a传播到c距离为10m，故波速为故A错误；B从波源a起振开始到波形传播到b点的时间为B点起振后振动了半个周期，总时间为5s，有可得而所有质点点的振动周期相同，故质点c开始振动后其振动周期也为6s，故B正确；C当t5s后，b和c都已开始振动，两者的距离为6m等于半个波长，则质点b向下运动时质点c一定向上运动，故C正确；D当时间7st9s时，而周期，c点起振需要5s，则c点的振动时间在范围内且起振向下
9、，故c正经过波谷后向平衡位置振动，则质点c向上先加速运动后减速向上运动，故D错误；E质点ad的距离为18m，则波源a到d的时间为故质点振动的时间，且起振竖直向下，而加速度指向平衡位置方向向上，故E正确。故选BCE。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A b B 1.5 B 4 【解析】(1)单刀双掷开关合向a时，由于电压表的分流，使测得的电源电动势和内阻都比真实值小，单刀双掷开关合向b时，由于电流表的分压，测得的电源电动势等于真实值，测得的内阻比真实值大，因此单刀双掷开关合向a时测出的数据描点作出的图象是A；(2)图线B测得的电动势没有
10、系统误差，更准确，其值为1.5V，由于图线B测得的内阻值实际为电源内阻与电流表的内阻之和，因此误差较大，因此由图线A求得的电源内阻值更准确；(3)若测出电流表的内阻，则利用图B测得的内阻更准确，由此求得电源的内阻为。12、方向 在白纸上描出两点，并测出长 连接，入射光线与的夹角为 与出射光线的夹角为 【解析】1当光线垂直质界面射入时，传播方向不发生改变，故从点垂直底面射向玻璃砖的光线将沿方向射出。（a）2记录出射点，连接，长即为半径。（b）34连接即为法线，入射光线与夹角为入射角，出射光线与夹角为折射角。（c）5由折射率公式知（d）6当光线从点入射时恰好发生全反射，即此时等于临界角。四、计算题
11、：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)(2)2W+2maL(3)(4)当金属杆速度达到最大后，将做减速运动【解析】(1)由位移速度公式得2aL=v20所以前进L时的速度为v=前进L过程需时t=由法拉第电磁感应定律有： =(2)以加速度a前进L过程，合外力做功W+W安=maL所以W安=maLW以加速度4a前进L时速度为=2v合外力做功WF+W安=4maL由可知，位移相同时：FA=2FA则前进L过程W安=2W安所以WF=4maL2W安=2W+2maL(3)设金属杆在水平恒力作用下前进d时FA=F，达到最大速度，由几何关系可
12、知，接入电路的杆的有效长度为2d，则所以d=由动能定理有所以：Q=Fd(4)根据安培力表达式，假设维持匀速，速度不变而位移增大，安培力增大，则加速度一定会为负值，与匀速运动的假设矛盾，所以做减速运动。14、14s【解析】由题意可知，要是电梯运行时间最短，则电梯应先匀加至最大速度且尽量多的时间以6m/s匀速匀速一段时间后再匀减：加速阶段：解得：t1=2s上升高度：解得：h1=6m减速阶段：解得：t2=6s解得：h2=18m匀速阶段：最短时间：15、 (1)(2)【解析】(1)设粒子的电荷量为q，从O点进入三角形区城的初速度大小为v，电场的电场强度大小为E，磁场的磁感应强度大小为B，当三角形区域内同时存在电场和磁场时，粒子做匀速直线运动，有：qE=qvB当三角形区域内只存在电场时，粒子在该区城内做类平抛运动的轨连如图中图线1所示，设粒子在电场中运动的加速度大小为a，有：qE=ma设粒子从O点运动到A点的时间为t，沿OC方向有沿CA方向有当三角形区城内只存在碓協肘，粒子在垓区城内做匀速圆周运动速的轨迹如图中图线2所示，设圆周运动的半径为r，有：解得：(2)由(1)可得，当三角形区域内只存在电场时，粒子在该区域内运动的时间为：当三角形区域内只存在磁场时，由几何关系可知，粒子的运动轨迹对应的圆心角为：故粒子在该区域内运动的时间为：故