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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回
2、。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、乘坐“空中缆车”饱览大自然的美景是旅游者绝妙的选择若某一缆车沿着坡度为30的山坡以加速度a上行，如图所示。在缆车中放一个与山坡表面平行的斜面，斜面上放一个质量为m的小物块，小物块相对斜面静止（设缆车保持竖直状态）则（ ）A小物块受到的支持力方向竖直向上B小物块受到的摩擦力方向平行斜面向下C小物块受到的静摩擦力为 D小物块受到的滑动摩擦力为2、篮球运动深受同学们喜爱。打篮球时，某同学伸出双手接传来的篮球，双手随篮球迅速收缩至胸前，如图所示。他这样做的效果是（ ）A减小篮球对手的冲击力B减
3、小篮球的动量变化量C减小篮球的动能变化量D减小篮球对手的冲量3、下列说法正确的是（ ）A由公式vr可知，圆形轨道人造地球卫星的轨道半径越大则其速度越大B由公式可知，所有人造地球卫星离地球越远则其线速度越小C地球同步卫星在其圆形轨道上运行时的线速度小于7.9km/sD地球同步卫星在其圆形轨道上运行时的角速度小于地球自转的角速度4、如图所示，在天花板下用细线悬挂一个闭合金属圆环，圆环处于静止状态。上半圆环处在垂直于环面的水平匀强磁场中，规定垂直于纸面向外的方向为磁场的正方向，磁感应强度B随时间t变化的关系如图乙所示。t=0时刻，悬线的拉力为F。CD为圆环的直径，CD=d，圆环的电阻为R。下列说法正
4、确的是（）A时刻，圆环中有逆时针方向的感应电流B时刻，C点的电势低于D点C悬线拉力的大小不超过D0T时间内，圆环产生的热量为5、下列说法正确的是（）A布朗运动是液体分子的无规则运动B随液体的温度升高，布朗运动更加剧烈C物体从外界吸收热量，其内能一定增加D内能是物体中所有分子热运动动能的总和6、一半径为R的球形行星自转周期为T，其同步卫星距离行星表面的高度为3R，则在该行星表面绕其做匀速圆周运动的卫星线速度大小为（ ）ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示
5、，倾角为的光滑导轨上接入一定值电阻，和是边长都为L的两正方形磁场区域，其区域内的磁场方向都垂直于导轨平面向上，区域中磁场的磁感应强度为B1，恒定不变，区域中磁感应强度随时间B2=kt（k0）变化，一质量为m、电阻为r的金属杆穿过区域垂直地跨放在两导轨上，并恰能保持静止，不计导轨电阻，则下列说法正确的是（ ）A通过金属杆的电流大小为B通过金属杆的电流方向是从a到bC定值电阻的阻值为D定值电阻的阻值为8、如图所示，竖直放置的半圆形轨道与水平轨道平滑连接，不计一切摩擦圆心O点正下方放置为2m的小球A，质量为m的小球B以初速度v0向左运动，与小球A发生弹性碰撞碰后小球A在半圆形轨道运动时不脱离轨道，则
6、小球B的初速度v0可能为（）ABCD9、如图所示,绝缘材料制成的半径为R的内壁光滑圆轨道,竖直放置在水平地面上且左右恰被光滑挡板挡住,圆心O点固定着电荷量为Q的场源点电荷.一电荷量为q、可视为质点的带电小球沿轨道内壁做圆周运动,当小球运动到最高点A时,地面对轨道的弹力恰好为零.若轨道与小球的质量均为, ,忽略小球的电荷对Q形成的电场的影响，重力加速度为g,静电力常量为.下列说法中正确的是（ ）A轨道内壁的电场强度处处相同B轨道内壁的电势处处相等C运动到与圆心等高的B点时，小球对轨道的压力大小为D运动到最低点C时，小球对轨道的压力大小为10、如图甲所示，轻弹簧竖直固定在水平面上，一质量为m= 0
7、.2kg的小球，从弹簧上端某高度处自由下落，从它接触弹簧到弹簧压缩至最短的过程中(弹簧始终在弹性限度内)，其速度v和弹簧压缩量x 之间的函数图象如图乙所示，其中A为曲线的最高点，小球和弹簧接触瞬间机械能损失不计,（弹性势能，g取10m/s 2），则下列说法正确的是（ ）A小球刚接触弹簧时加速度最大B当x=0.1m时，小球的加速度为零C小球的最大加速度为51m/s2D小球释放时距弹簧原长的高度约为 1.35m三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）为了测量一待测电阻Rx的阻值，准备了以下器材：A多用电表B电流表G1（0100 mA，内阻
8、约5 ）C电流表G2（050 mA，内阻r2=10 ）D定值电阻R0（20 ）E. 滑动变阻器R1（05 ）F. 滑动变阻器R2（0100 ）G. 直流电源（3.0 V，内阻不计）H. 开关一个及导线若干（1）用多用电表欧姆表“1”挡粗测电阻时，其阻值如图甲中指针所示，则Rx的阻值大约是_。（2）滑动变阻器应选_（填仪器前的序号）。（3）若是用G2表测Rx两端电压，请在图乙对应的虚线框中完成实验电路设计（要求：滑动变阻器便于调节，电表读数不得低于量程的）。（_）（4）补全实验步骤：a. 按图乙所示电路图连接电路，将变阻器滑动触头移至最_端（选填“左”或“右”）；b. 闭合开关S，移动变阻器滑动
9、触头至某一位置，记录G1、G2表的读数I1、I2；c. 多次移动变阻器滑动触头，记录相应的G1、G2表的读数I1、I2；d. 以I2为纵坐标，I1为横坐标，作出相应图线如图丙所示，则待测电阻Rx的阻值为_（保留两位有效数字）。12（12分）某实验小组要做“探究小车所受外力与加速度关系”的实验，采用的实验装置如图 1所示。（1）本实验中_(填“需要”或“不需要”）平衡摩擦力，_ (填“需要”或“不需要”）钩码的质量远小于小车的质量。（2）该同学在研究小车运动时打出了一条纸带，如图2所示。在纸带上，连续5个点为一个计数点，相邻两个计数点之间的距离依次为x1=1.45cm， x2=2.45 cm,
10、x3=3.46cm，x4=4.44 cm, x5=5.45 cm, x6=6.46 cm，打点计时器的频率f=50Hz,则打纸带上第5个计数点时小车的速度为_m/s；整个过程中小车的平均加速度为_m/s2。(结果均保留2位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，光滑水平面上静止放着长L=2.0m，质量M=3.0kg的木板，一个质量m=1.0kg的小物体(可视为质点)放在离木板右端d=0.40m处，小物体与木板之间的动摩擦因数=0.1。现对木板施加F=10.0N水平向右的拉力，使其向右运动。
11、g取10m/s2.求：(1)木板刚开始运动时的加速度大小；(2)从开始拉动木板到小物体脱离木板，拉力做功的大小；(3)为使小物体能脱离木板，此拉力作用时间最短为多少？14（16分）二十世纪初，卢瑟福进行粒子散射实验的研究，改变了人们对原子结构的认识。(1)如图1所示，有两个粒子均以速度射向金原子，它们速度方向所在的直线都不过金原子核中心。请在图1中分别画出两个粒子此后的运动轨迹示意图；(2)如图2所示，一个粒子以速度射向金原子，速度方向所在直线过金原子核中心。由于金原子受到周边其他金原子的作用，可将粒子与一个金原子核的作用等效为与一个静止的、质量非常大的粒子发生弹性碰撞。请推导说明粒子与金原子
12、核作用后速度的大小和方向；(3)实验发现，绝大多数粒子穿过金箔后，基本上仍沿原来的方向前进，但有极少数粒子发生了大角度偏转（超过90）。卢瑟福根据该实验现象提出了原子的核式结构模型。为了研究问题的方便，可作如下假设：将粒子视为质点，金原子视为球，金原子核视为球体；金箔中的金原子紧密排列，金箔厚度可以看成很多单原子层并排而成；各层原子核前后不互相遮蔽；大角度偏转是粒子只与某一层中的一个原子核作用的结果。如果金箔厚度为L，金原子直径为，大角度偏转的粒子数占总粒子的比例为，且。a.请估算金原子核的直径；b.上面的假设做了很多简化处理，这些处理会对金原子核直径的估算产生影响。已知金箔的厚度约，金原子直
13、径约，金原子核直径约。请对“可认为各层原子核前后不互相遮蔽”这一假设的合理性做出评价。15（12分）如图所示，等腰三角形ABC为一透明材料做成的三棱镜的横截面示意图，AC边长为，M、N分别为AC、BC的中点。一平行AB的细光束从M点射入棱镜，经AB面反射一次后从N点射出，光在真空中的传播速度用表示，求光在透明材料内传播所用的时间。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】由题知：木块的加速度大小为a，方向沿斜面向上，分析木块受力情况，根据牛顿第二定律求解木块所受的摩擦力大小和方向。根据牛顿第二定律求解木块所受的
14、摩擦力大小和方向。【详解】AB以木块为研究对象，分析受力情况为重力mg，斜面的支持力N和摩擦力为静摩擦力f，根据平衡条件可知支持力N垂直于斜面向上，摩擦力f沿斜面向上，故AB错误；CD由于小物块和斜面保持相对静止，小物块受到的摩擦力为静摩擦力，根据牛顿第二定律得解得，方向平行斜面向上，故C正确，D错误。故选C。【点睛】本题首先要正确分析木块的受力情况，其次要能根据牛顿第二定律列式，求摩擦力。2、A【解析】ABD先伸出两臂迎接，手接触到球后，两臂随球引至胸前，这样可以增加球与手接触的时间，根据动量定理得解得:当时间增大时，球动量的变化率减小，作用力就减小，而冲量和动量的变化量都不变，所以A正确，
15、BD错误。C速度由v减小到0，动能的变化量是不变的，故C错误。故选A。3、C【解析】A由公式可知，圆形轨道人造地球卫星的轨道半径越大则其速度越小，选项A错误；B由公式可知，所有人造地球卫星绕地球做圆周运动时，离地球越远则其线速度越小，选项B错误；C第一宇宙速度是所有绕地球做圆周运动的卫星的最大速度，则地球同步卫星在其圆形轨道上运行时的线速度小于7.9km/s，选项C正确；D地球同步卫星在其圆形轨道上运行时的角速度等于地球自转的角速度，选项D错误；故选C。4、C【解析】A 时刻，磁场向外增强，根据楞次定律可知，感应电流磁场向里，故圆环中有顺时针方向的感应电流，故A错误；B 时刻，磁场垂直向外减小
16、，根据楞次定律可知，感应电流磁场向外，故C点的电势高于D点，故B错误；C t=0时刻，悬线的拉力为F ，则圆环重力大小为F， 时，感应电动势 ， ，故安培力故悬线拉力的大小不超过，故C正确；D 根据以上分析可知0时间内， 产热故0T时间内，圆环产生的热量为故D错误。故选C。5、B【解析】A布朗运动不是液体分子的无规则运动，而是花粉颗粒的无规则的运动，布朗运动间接反映了液体分子是运动的，故选A错误；B随液体的温度升高，布朗运动更加剧烈，选项B正确；C因为温度越高，分子运动速度越大，故它的运动就越剧烈；物体从外界吸收热量，如果还要对外做功，则它的内能就不一定增加，选项C错误；D内能是物体中所有分子
17、热运动动能与分子势能的总和，故选项D错误。故选B。6、D【解析】卫星的轨道半径r=R+3R=4R，根据线速度的计算公式可得：根据万有引力提供向心力可得所以解得。A，与结论不相符，选项A错误；B，与结论不相符，选项B错误；C，与结论不相符，选项C错误；D，与结论相符，选项D正确；故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A.对金属杆，根据平衡条件，结合安培力公式有mgsin=B1IL，解得，选项A正确；B.由楞次定律可知，通过金属杆的电流方向是从b到a，选
18、项B错误；C.由法拉第电磁感应定律有，根据闭合电路欧姆定律得，故，选项C正确，选项D错误.8、BC【解析】A与B碰撞的过程为弹性碰撞，则碰撞的过程中动量守恒，设B的初速度方向为正方向，设碰撞后B与A的速度分别为v1和v2，则：mv0=mv1+2mv2由动能守恒得： 联立得：1.恰好能通过最高点,说明小球到达最高点时小球的重力提供向心力,是在最高点的速度为vmin，由牛顿第二定律得：2mg= A在碰撞后到达最高点的过程中机械能守恒，得：联立得：v0=，可知若小球B经过最高点，则需要：v02.小球不能到达最高点，则小球不脱离轨道时，恰好到达与O等高处，由机械能守恒定律得：联立得：v0=可知若小球不
19、脱离轨道时,需满足：v0由以上的分析可知,若小球不脱离轨道时,需满足：v0或v0，故AD错误，BC正确故选BC【点睛】小球A的运动可能有两种情况：1恰好能通过最高点，说明小球到达最高点时小球的重力提供向心力，由牛顿第二定律求出小球到达最高点点的速度，由机械能守恒定律可以求出碰撞后小球A的速度由碰撞过程中动量守恒及能量守恒定律可以求出小球B的初速度；2小球不能到达最高点，则小球不脱离轨道时，恰好到达与O等高处，由机械能守恒定律可以求出碰撞后小球A的速度由碰撞过程中动量守恒及能量守恒定律可以求出小球B的初速度9、BD【解析】由点电荷的场强公式可知，场源点电荷在轨道内壁处产生的电场强度大小相等，但方
20、向不同，A错误；轨道内壁上各点到场源点电荷的距离相同，电势相等；带电小球在A点时,带电小球对轨道的弹力竖直向上,大小等于，轨道对带电小球的弹力竖直向下大小为，在A点对带电小球有，从A到B由动能定理得，在B点有，联立解得在B点时轨道对小球的弹力为，根据牛顿第三定律可知在B点时小球对轨道的压力大小为，则选项C错误；在最低点C时，设轨道时小球的弹力为,则,由A到C由动能定理有，联立解得，根据牛顿第三定律知,运动到最低点C时,小球对轨道的压力大小为，则选项D正确10、BC【解析】AC由小球的速度图象知，开始小球的速度增大，说明小球的重力大于弹簧对它的弹力，当x为0.1m时，小球的速度最大，然后减小，说
21、明当x为0.1m时，小球的重力等于弹簧对它的弹力，所以可得kx=mg解得弹簧的最大缩短量为xm=0.61m，所以弹簧的最大值为Fm=20N/m0.61m=12.2N弹力最大时的加速度小球刚接触弹簧时加速度为10m/s2，所以压缩到最短的时候加速度最大，故A错误，C正确；B当x=0.1m时，速度最大，则弹簧的弹力大小等于重力大小，小球的加速度为零，故B正确；D设小球从释放点到弹簧的原长位置的高度为h，小球从静止释放到速度最大的过程，由能量守恒定律可知解得故D错误。故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、9（或9.0） E 左 10
22、【解析】（1）1多用电表用欧姆表盘的读数乘以倍率即为待测电阻阻值（2）2滑动变阻器采用分压式接入电路，所以选择阻值较小的滑动变阻器便于调节分压，即选E。（3）3电路中没有电压表，电流表的内阻已知，可作为电压表使用，电流表采用外接方式可以消除系统误差，使测量结果更精确，定值电阻串联在分压电路上，起到保护电路的作用，电路图如图。（5）4滑动变阻器的触头在开始实验前，需要滑到最左端保护电路，使电表的示数都从0开始变化。5根据电路图结合欧姆定律的分流规律可得整理得结合图像的斜率解得12、需要不需要 【解析】（1）本实验是通过力传感器测量的细线的拉力，要想将拉力作为小车的合外力，需要平衡摩擦力；由于拉力
23、可以直接读出，所以钩码的质量不需要远远小于小车的质量；（2）频率，则周期，连续5个点为一个计数点，相邻两个计数点之间的时间间隔；第5个计数点的速度为，根据逐差法可知小车的加速度为： 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）3m/s2，（2）24J，（3）0.8s。【解析】(1)对木板，根据牛顿第二定律有：解得：a=3m/s2；(2)对小物体，根据牛顿第二定律有mg = ma物解得：a物=1m/s2设小物体从木板上滑出所用时间为t0：木板的位移：拉力做功：W= Fx板=24J；(3)设最短作用时间为t，则撤去拉力F
24、前的相对位移设撤去拉力F后，再经过时间t小物体和木板达到共同速度v共，且小物体和木板恰好将要分离，该阶段木板加速度大小为a：对木板，根据牛顿第二定律有mg = Ma解得：由速度关系得：撤去拉力F后的相对位移：由位移关系得：解得：t=0.8s。14、 (1) ；(2)碰撞后速度大小几乎不变，方向与原来相反；(3) a.；b.不合理【解析】(1)如图，靠仅原子核的偏转角度大一些。(2)设粒子质量为m，金原子核质量为M，碰撞后，粒子速度为v1，金原子核速度为v2。弹性碰撞，动量守恒根据能量守恒解得由题意，因此，即碰撞后速度大小几乎不变，方向与原来相反。(3)a金箔厚度为L，金原子直径为D，由假设，金原子层数粒子发生大角度偏转可以认为碰上了金原子核，根据统计规律和概率可以估算出b如果可认为各层原子核前后不互相遮蔽，则代入数据，可得不满足，因此“可认为各层原子核前后不互相遮蔽”的假设不合理。15、【解析】光路图如图所示。光在M点发生折射，据折射定律可得:因入射光线平行于AB，故：MPA=60因M点位AC边中点，可得:MOP=30又:r=MPA-MOP解得:光在棱镜中传播的距离为:s=a经历的时间:解得: