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1、2023年高考物理模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一光滑的轻杆倾斜地固定在水平面上，倾角大小为30，质量分别为，m甲、m乙的小球甲、乙穿在光滑杆上，且用一质量可忽略不计的细线连接后跨过固定在天花板上的光滑定滑轮，当整个系统平衡时
2、，连接乙球的细线与水平方向的夹角大小为60，连接甲球的细线呈竖直状态。则m甲：m乙为（）A1：B1：2C：1D：22、甲、乙两球质量分别为、,从同一地点(足够高)同时静止释放两球下落过程中所受空气阻力大小f仅与球的速率v成正比,与球的质量无关,即f=kv(k为正的常量),两球的vt图象如图所示,落地前,经过时间两球的速度都已达到各自的稳定值 、,则下落判断正确的是()A甲球质量大于乙球Bm1/m2=v2/v1C释放瞬间甲球的加速度较大Dt0时间内，两球下落的高度相等3、如图所示，轻质弹簧一端固定在竖直墙面上， 另一端拴接一质量为m的小滑块。刚开始时弹簧处于原长状态，现给小滑块上施加一水平力F，
3、使之沿光滑水平面做匀加速直线运动，运动过程中弹簧未超出弹性限度。下列关于水平力F随位移x变化的图像正确的是（）ABCD4、一列简谐横波沿x轴传播，图（甲）是t=0时刻的波形图，图（乙）是x=1.0m处质点的振动图像，下列说法正确的是（）A该波的波长为2.0mB该波的周期为1sC该波向x轴正方向传播D该波的波速为2.0m/s5、如图所示，四根等长的缆绳一端悬于起重机的吊钩上，另一端分别系在一个正方形的框架上，框架下面悬吊着重物，起重机将重物以的速度沿竖直方向匀速向上吊起.若起重机的输出功率为，每根缆绳与竖直方向的夹角均为，忽略吊钩、框架及绳的重力，不计一切摩擦， ，.则悬于吊钩的每根缆绳的拉力大
4、小为（ ）ABCD6、如图所示，用两根长度均为l的轻绳将一重物悬挂在水平的天花板下，轻绳与天花板的夹角为，整个系统静止，这时每根轻绳中的拉力为T现将一根轻绳剪断，当小球摆至最低点时，轻绳中的拉力为T为某一值时， 最大，此最大值为A B2C D 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一质量为m的物体以某一速度冲上一个倾角为37的斜面，其运动的加速度的大小为0.9g这个物体沿斜面上升的最大高度为H，则在这过程中()A物体克服重力做功0.9 mgHB物体克服摩擦力做功0.6
5、mgHC物体的动能损失了1.5 mgHD物体的重力势能增加了mgH8、两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示。一个电荷量为2C，质量为1kg的小物块从C点静止释放，其运动的vt图像如图乙所示，其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置（图中标出了该切线）。则下列说法正确的是（ ）AB点为中垂线上电场强度最大的点，场强E=1V/mB由C到A的过程中物块的电势能先减小后变大C由C点到A点的过程中，电势逐渐升高DA、B两点的电势之差9、如图所示为多用电表原理示意图，所用电流表的表盘刻度共100格，满偏电流为，满偏电压为，电源的电动势为，内阻，直流电压挡的量程为，则
6、下列判断正确的是（）A黑表笔应该接，红表笔接B定值电阻的阻值为C选择开关接2，刻度盘正中间的刻度值为D选择开关接3，若指针与电流表第25格刻度线重合，则通过的电流为10、如图所示，在一个倾角为的长斜面底端点正上方的点处将一小球以速度水平抛出，恰好垂直击中斜面上的点，。下列说法正确的是（）A小球的初速度B点离点的距离C保持不变，将小球以的速度水平抛出，则击中斜面的位置到点的距离小于D若抛出点高度变为，欲使小球仍能垂直击中斜面，小球的初速度应调整为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“用DIS研究在温度不变时，一定质量的气体压强与体
7、积的关系”实验中，某同学将注射器活塞置于中间刻度20mL处，然后将注射器连接压强传感器并开始实验，气体体积V每减小2mL测一次压强p，实验数据记录在下表中最后得到p和V的乘积逐渐减小（1）（单选题）造成上述实验结果的可能原因是在实验过程中_（A）注射器中有异物（B）实验时环境温度增大了（C）实验时外界大气压强发生了变化（D）实验时注射器内的空气向外发生了泄漏（2）由此可推断，该同学的实验结果可能为图_（选填“a”或“b”）（3）若另一同学用较大的注射器在同一实验室里（温度不变）做同一个实验，实验仪器完好，操作规范，也从中间刻度开始实验，则得出的图象的斜率比上一同学直线部分的斜率相比_（选填“增
8、大”、“减小”或“相同”）12（12分）某同学用图甲电路测量一电源的电动势和内阻，其中电流表A的量程为0.6 A，虚线框内为用电流计G改装的电压表。(1)已知电流计G的满偏电流Ig= 300 A，内阻Rg=100 ，改装后的电压表量程为3V，则可计算出电阻R1=_。(2)某次测量时，电流计G的示数如图乙，则此时电源两端的电压为 _V。(3)移动滑动变阻器R的滑片，得到多组电流表A的读数I1和电流计G的读数I2，作出I1-I2图像如图丙。由图可得电源的电动势E=_V，内阻r=_。(4)若电阻R1的实际阻值大于计算值，则电源内阻r的测量值_实际值（填“小于”“等于”或“大于”）。四、计算题：本题共
9、2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在某次学校组织的趣味运动会上，某科技小组为大家展示了一个装置，如图所示，将一质量为0.1kg的钢球放在O点，用弹射器装置将其弹出，使其沿着光滑的半圆形轨道OA和AB运动，BC段为一段长为L2.0m的粗糙平面，DEFG为接球槽。圆弧OA和AB的半径分别为r0.2m，R0.4m，小球与BC段的动摩擦因数为0.5，C点离接球槽的高度为h1.25m，水平距离为x0.5m，接球槽足够大，g取10m/s2，求：(1)钢球恰好不脱离圆弧轨道，钢球在A点的速度vA多大；(2)满足(1)时，钢球在圆轨道最低
10、点B对轨道的压力；(3)要使钢球最终能落入槽中，弹射速度至少多大。14（16分）如图，在xOy平面的第一、四象限内存在着方向垂直纸面向外、磁感应强度为B的匀强磁场，第四象限内存在方向沿-y方向、电场强度为E的匀强电场从y轴上坐标为a的一点向磁场区发射速度大小不等的带正电同种粒子，速度方向范围是与+y方向成30150，且在xOy平面内结果所有粒子经过磁场偏转后都垂直打到x轴上，然后进入第四象限的匀强电场区已知带电粒子电量为q，质量为m，重力不计求：（1）垂直y轴方向射入磁场粒子运动的速度大小v1；（2）粒子在第象限的磁场中运动的最长时间以及对应的射入方向；（3）从x轴上点射人第四象限的粒子穿过电
11、磁场后经过y轴上的点，求该粒子经过点的速度大小15（12分）如图所示，有一长为L6 m，质量为m11 kg的长木板放在水平面上，木板与水平面间的动摩擦因数为10.2，右端固定一挡板，左端放一质量为m21 kg的小滑块，滑块与木板间的动摩擦因数为20.1，现在滑块的左端瞬间给滑块施加一个水平冲量I4 Ns，滑块与挡板发生碰撞的时间和能量损失均忽略不计，g取10 m/s2，求：(1)滑块与挡板碰撞后瞬间木板的速度；(2)木板在水平面上发生的位移。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】分别对甲、乙受力分析如图所示
12、，以甲球为研究对象，则甲球受到重力和绳的拉力的作用，直杆对甲球没有力的作用，否则甲球水平方向受力不能平衡，所以T=m甲g以乙球为研究对象，根据共点力平衡条件，结合图可知，绳的拉力T与乙球受到的支持力N与竖直方向之间的夹角都是30，所以T与N大小相等，得综上可得故A项正确，BCD三项错误。2、A【解析】两球先做加速度减小的加速运动，最后都做匀速运动，稳定时kv=mg，因此最大速度与其质量成正比，即vmm，由图象知v1v2，因此m甲m乙；故A正确，B错误释放瞬间v=0，空气阻力f=0，两球均只受重力，加速度均为重力加速度g故C错误；图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，由图可知，t0时间内两球
13、下落的高度不相等；故D错误；故选A3、D【解析】小滑块运动过程中受到水平向右的拉力以及水平向左的弹力作用，而小滑块运动的位移大小等于弹簧的形变量，根据牛顿第二定律有所以有所以水平力随位移变化的图像是不过原点的一条倾斜直线，故A、B、C错误，D正确；故选D。4、D【解析】ABD根据甲、乙图可知，波长4m，周期2s，波速选项AB错误，D正确；C根据图乙t=0s时，质点向下振动，所以甲图x=1m坐标向下振动，由同侧法可得波向x轴负方向传播，选项C错误。故选D。5、C【解析】由可知，故重物的重力.设每跟缆绳的拉力大小为T根据共点力平衡条件可得，解得，故C正确.6、A【解析】剪断细线之前：2Tsin=m
14、g；剪断细线后，摆到最低点时：，由牛顿第二定律：；联立解得，由数学知识可知，此比值的最大值为，故选A.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】AD. 重力势能的增加量等于克服重力做的功mgH，故重力势能增加了mgH，故A错误，D正确；B. 物体上滑过程，根据牛顿第二定律，有：mgsin37+f=ma，解得摩擦力大小：f=0.3mg，物体克服摩擦力做功：Wf=0.3mg=0.5mgH，故B错误；C物体上滑过程,根据牛顿第二定律,得合外力大小为F合=ma=0.9m
15、g，根据动能定理得：Ek=F合=1.5mgH，故物体的动能减少了1.5mgH，故C正确故选CD。8、AD【解析】两个等量的同种正电荷，其连线中垂线上电场强度方向由O点沿中垂线指向外侧；电量为2C的小物块仅在运动方向上受电场力作用从C点到B到A运动的过程中，根据v-t图可知在B点的加速度，可知物体先做加速度增大后做加速度减小的加速运动，判断电荷所受电场力大小变化情况和加速度变化情况，由牛顿第二定律求出电场强度的最大值。根据电势能的变化，分析电势的变化。由动能定理求AB间的电势差。【详解】A由乙图可知，物体在B点加速度最大，且加速度为根据可知B点的场强最大，为E=1V/m，故A正确；B从C到A的过
16、程中，电场力一直做正功，电势能一直减小，故B错误；C从C到A一直沿着电场线运动，电势逐渐降低，故C错误；D从B到A的过程中，根据动能定理，得代入数据得UBA=5V，则即故D正确。故选AD。【点睛】明确等量同种电荷电场的特点是解本题的关键，据v-t图获取加速度、速度、动能等物理量是解本题的突破口。9、AC【解析】A多用电表的电流是从红表笔流进电表，从黑表笔流出电表，从电流的流向可以看出应该接黑表笔，选项A正确；B和电流表串联形成一个新的电压表改装后，代入数据解得选项B错误；C当选择开关接2时，、之间为多用电表的欧姆挡，则有联立解得选项C正确；D选择开关接3时，电流表满偏电流为，总共100格，当指
17、针指在第25格的时候，对应的示数为满偏电流的四分之一，即通过的电流为，所以D错误。故选AC。10、CD【解析】AB如图甲所示小球垂直击中斜面时，速度的偏向角为，根据平抛运动规律的推论可知，速度偏向角的正切值可得小球在空中运动的时间初速度故AB错误；C保持抛出点高度不变，初速度大小变为原来的两倍，如图乙所示若无斜面，则小球应击中点，实际击中点为轨迹与斜面的交点，显然离底端的距离小于，故C正确；D若抛出点高度变为，根据小球垂直击中斜面的规律知则小球下落的高度和水平位移均变为原来的两倍，根据联立解得故小球的初速度应调整为原来的倍，故D正确。故选CD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题
18、卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、D b 增大 【解析】（1）根据理想气体状态参量方程分析。（2）图像的斜率代表压强和体积乘积，根据题目表格中的数据判断。（3）较大的试管体积大，初始状态的压强都等于大气压，所以pV的乘积变大，图线斜率增大。【详解】（1）1根据pV=nRT，pV的乘积减小，说明气体物质的量减小，气体在漏气，D符合题意；ABC不符合题意；故选D。（2）2图线上切线的斜率为pV，根据表格数据可知随着体积的增大pV值增大，则斜率增大，a符合题意，b不符合题意；故选a；（3）3另一同学用较大的注射器在同一实验室里（温度不变）做同一个实验，初始状态pV是大试管大，得出的图象的斜
19、率比上一同学直线部分的斜率增大。12、9900 2.40 2.90 1.0 小于 【解析】(1)1由改装原理可知，要串联的电阻(2)2电流计G的示数为240A，则此时电源两端的电压为240A10-610000V=2.40V；(3)34由图像可知，纵轴截距为290A，则对应的电压值为2.90V，即电源电动势为E=2.90V；内阻(4)5若电阻R1的实际阻值大于计算值，则通过电流计G的电流会偏小，则图像I2-I1的斜率会偏小，则电源内阻r的测量值小于实际值。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)2m/s；(2)6
20、N，方向竖直向下；(3)m/s【解析】(1)要使钢球恰好不脱离圆轨道，钢球在A点有mgm解得vA2m/s(2)从A到B根据动能定理有在B位置时，对钢球联立解得FB6N根据牛顿第三定律，钢球对半圆轨道的压力大小为6N，方向竖直向下(3)使钢球刚好落入槽中时对钢球，则有，xvCt，解得vC1m/s从O到C点，根据动能定理有解得m/s故要使钢球最终能落入槽中，弹射速度v0至少为m/s14、（1）（2）（3）【解析】（1）如图所示，粒子运动的圆心在O点，轨道半径由得（2）当粒子初速度与y轴正方向夹角30时，粒子运动的时间最长此时轨道对应的圆心角粒子在磁场中运动的周期综上可知（3）如图所示设粒子射入磁场
21、时速度方向与y轴负方向的夹角为，则有可得，此粒子进入磁场的速度v0，则：设粒子到达y轴上速度为v，根据动能定理，有：解得：15、 (1)2 m/s方向水平向右(2)m【解析】（1）由于冲量作用，滑块获得的速度为v04 m/s木板受地面最大摩擦力1(m1m2)g2m2g，木板不动。对滑块：2m2gm2a2v02-v22a2L解得v2 m/s滑块与挡板碰撞动量守恒：m2vm2v2m1v1能量守恒： 解得v12m/s，v20碰后瞬间木板速度为2 m/s，方向水平向右。（2）碰后滑块加速度不变，对木板：1(m1m2)g2m2gm1a1设经时间t，两者共速v1a1ta2t解得ts共同的速度v3a2tm/s此过程木板位移x1v1ta1t2m共速后木板加速度为1(m1m2)g2m2gm1a3最后木板静止，设此过程木板位移为x2，0v322a3x2解得x2m木板在水平面上发生的位移为x1x2m。