《广东省龙城高级中学2023年高考冲刺押题（最后一卷）物理试卷含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《广东省龙城高级中学2023年高考冲刺押题（最后一卷）物理试卷含解析.doc（17页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023年高考物理模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、真空中某静电场电场线的分布如图所示，图中P、Q两点关于点电荷q1水平对称。P、Q两点电场强度的大小分别为、，电势分别为、。一个带电粒子沿虚线轨迹从M移动至N。以下选项正确的有（）ABC此带电粒子带正电，它的电势能先变大后变小D此带电粒子带负电，它
2、的电势能先变大后变小2、如图所示为氢原子的能级图，按照玻耳理论，下列说法正确的是（）A当氢原子处于不同能级时，核外电子在各处出现的概率是一样的B一个氢原子从n=4能级向基态跃迁，最多可辐射6种不同频率的光子C处于基态的氢原子可以吸收14 eV的光子而发生电离D氢原子从高能级跃迁到低能级，核外电子的动能减少，电势能增加3、甲、乙两车在平直公路上行驶，其v-t图象如图所示t=0时，两车间距为；时刻，甲、乙两车相遇时间内甲车发生的位移为s，下列说法正确的是( )A时间内甲车在前，时间内乙车在前B 时间内甲车平均速度的大小是乙车平均速度大小的2倍C时刻甲、乙两车相距D4、如图，小车的直杆顶端固定着小球
3、，当小车向左做匀加速运动时，球受杆子作用力的方向可能沿图中的（）AOA方向BOB方向COC方向DOD方向5、长均为L的两根轻绳，一端共同系住质量为m的小球，另一端分别固定在等高的A、B两点，A、B两点间的距离也为L，重力加速度大小为g。今使小球在竖直平面内以A、B连线为轴做圆周运动，若小球在最高点速率为v时，两根绳的拉力恰好均为零，则小球在最高点速率为2v时，每根绳的拉力大小均为（ ）A B C D6、如图所示，一根质量为M、长为L的铜管放置在水平桌面上，现让一块质量为m、可视为质点的钕铁硼强磁铁从铜管上端由静止下落，强磁铁在下落过程中不与铜管接触，在此过程中（ ）A桌面对铜管的支持力一直为M
4、gB铜管和强磁铁组成的系统机械能守恒C铜管中没有感应电流D强磁铁下落到桌面的时间二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图甲所示，一个匝数为n的圆形线圈（图中只画了2匝），面积为S，线圈的电阻为R，在线圈外接一个阻值为R的电阻和一个理想电压表，将线圈放入垂直线圈平面指向纸内的磁场中，磁感应强度随时间变化规律如图乙所示，下列说法正确的是（）A0t1时间内P端电势高于Q端电势B0t1时间内电压表的读数为Ct1t2时间内R上的电流为Dt1t2时间内P端电势高于Q端电势8、如图
5、所示，粗糙的水平轨道BC的右端与半径R0.45m的光滑竖直圆轨道在C点相切，倾斜轨道AB与水平方向间的夹角为，质量m0.1kg的小球从倾斜轨道顶端A点由静止滑下，小球经过轨道衔接处时没有能量损失。已知水平轨道BC的长度L2m，小球与倾斜轨道和水平轨道间的动摩擦因数均为0.375，sin0.6，cos0.8，g取10m/s2，则下列说法正确的是（）A若小球刚好运动到C点，则小球开始滑下时的高度为1.5mB若小球开始滑下时的高度为2m，则第一次在圆轨道内运动时小球不离开轨道C若小球开始滑下时的高度为2.5m，则第一次在圆轨道内运动时小球不离开轨道D若小球开始滑下时的高度为3m，则第一次在圆轨道内运
6、动时小球将离开轨道9、1772年，法籍意大利数学家拉格朗日在论文三体问题指出：两个质量相差悬殊的天体（如太阳和地球）所在同一平面上有5个特殊点，如图中的L1、L2、L3、L4、L5所示，人们称为拉格朗日点。若飞行器位于这些点上，会在太阳与地球共同引力作用下，可以几乎不消耗燃料而保持与地球同步绕太阳做圆周运动。若发射一颗卫星定位于拉格朗日L2点，下列说法正确的是（）A该卫星绕太阳运动周期和地球公转周期相等B该卫星在L2点处于平衡状态C该卫星绕太阳运动的向心加速度小于地球绕太阳运动的向心加速度D该卫星在L2处所受太阳和地球引力的合力比在L1处大10、如图所示，一磁感强度为B的匀强磁场垂直纸面向里，
7、且范围足够大。纸面上M、N两点之间的距离为d，一质量为m的带电粒子（不计重力）以水平速度v0从M点垂直进入磁场后会经过N点，已知M、N两点连线与速度v0的方向成角。以下说法正确的是（）A粒子可能带负电B粒子一定带正电，电荷量为C粒子从M点运动到N点的时间可能是D粒子从M点运动到N点的时间可能是三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用如图a所示的器材，测一节干电池的电动势和内阻实验。(1)用笔画线代替导线，将图a连接成可完成实验的电路（图中已连接了部分导线）；（_）(2)实验过程中，将电阻箱拔到45时，电压表读数为0.90V；将电阻箱
8、拔到如图b所示，其阻值是_，此时电压表的读数如图c所示，其值是_V；(3)根据以上数据，可以算出该节干电池的电动势E=_V，内电阻r=_。12（12分）用图甲所示的电路测定一节旧干电池的电动势和内阻。除电池、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：双量程电流表A：（量程）；双量程电压表V：（量程）；滑动变阻器：（阻值范围，额定电流）；滑动变阻器：（阻值范围，额定电流）。(1)为了调节方便，同时测量精度更高，实验中应选用的电流表量程为_，电压表量程为_V，应选用的滑动变阻器为_（填写滑动变阻器符号）；(2)依据电路图用笔画线代表导线连接图乙中的电路元件（图中已完成了部分连线），要求闭合开关时滑动变
9、阻器的滑片P处于正确的位置，并正确选用电压表、电流表的量程_；(3)多次测量并记录电流表示数和电压表示数，应用这些数据画出了如图丙所示图像。由图像可以得出电池的电动势_V，内阻_；(4)根据实验测得的、U数据，令，由计算机作出的图线应是图丁中的_（选填“”“”或“”）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，AB为竖直平面内的细管状半圆轨道，AB连线为竖直直径，轨道半径R=6.4m，轨道内壁光滑，A、B两端为轨道的开口。BC为粗糙水平轨道，其长度s=8.4m。CD为倾角=37的斜面。用两个小物块a、b
10、紧靠在一轻弹簧的两端将弹簧压缩，用细线将两物块绑住，沿轨道静置于C点。弹簧很短，物块与弹簧均不拴接，物块a的线度略小于细管的内径。烧断细线，两物块先后落到斜面的M点，CM两点之间的距离L=12m。已知物块跟水平轨道之间的动摩擦因数，忽略空气阻力，取重力加速度g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8。求：（1）物块b刚离开弹簧的瞬间，其速率v0是多少；（2）设物块a、b的质量分别为m1、m2，则是多少？（结果可以用根式表示）14（16分）如图所示，一桌面厚度AC=h， C到地面的高度为10h。O点为桌面上一点，O点到A的距离为2h，在O点固定一个钉子，在钉子上拴一长度为4h的轻质
11、细线，细线另一端拴一个质量为m的小球P（可视为质点）。B在O正上方，OB距离为4h ，把小球P 拉至B点。（重力加速度为g）(1)若小球获得一个水平向右的初速度，小球不能打在桌面上，求小球的最小初速度；(2)给小球一水平向右的初速度，当小球恰好在竖直面内做圆周运动时，小球运动到C点正下方后瞬间细线断了。已知小球在运动过程中没有与桌腿相碰，求小球自细线断开瞬间运动到地面的水平位移和细线能承受的弹力的范围。15（12分）如图所示，上端封闭、下端开口的玻璃管竖直放置，管长55cm，其中有一段长为6cm的水银柱，将长为20cm的空气柱A封闭在管的上部，空气柱B和大气连通现用一小活塞将管口封住，并将活塞
12、缓慢往上压，当水银柱上升4cm时停止上压已知外界大气压恒为76cmHg，上压过程气体温度保持不变，A、B均为理想气体，求：（1）气体A、B末状态的压强；（2）试分析此过程中B气体是吸热还是放热？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A由图P点电场线密，电场强度大，则EPEQ故A错误；B沿电场线的方向电势降低，电场线越密的电势降落越快，反之逆着电场线的方向电势升高，电场线越密的电势升高越快，则故B错误；CD根据运动轨迹判定粒子受到斥力作用，q1为负电荷，所以此带电粒子也带负电，电场能先增大后减，故D正确。故选
13、D。2、C【解析】A当氢原子处于不同能级时，核外电子在各处出现的概率是不同的，选项A错误；B一个氢原子从能级向基态跃迁，最多可辐射3种不同频率的光子，大量处于能级的氢原子向基态跃迁，最多可辐射6种不同频率的光子，选项B错误；C处于基态的氢原子可以吸收14eV的光子而发生电离，选项C正确；D氢原子从高能级跃迁到低能级，核外电子的动能增加，电势能减少，选项D错误。故选C。3、D【解析】A由图知在0t0时间内甲车速度大于乙车的速度，故是甲车在追赶乙车，所以A错误；B02t0时间内甲车平均速度的大小，乙车平均速度，所以B错误；D由题意知，图中阴影部分面积即为位移s0，根据几何关系知，三角形ABC的面积
14、对应位移s03，所以可求三角形OCD的面积对应位移s06，所以0to时间内甲车发生的位移为s=s0+ s06得s0=s故D正确；C2t0时刻甲、乙两车间的距离即为三角形ABC的面积即s03，所以C错误故选D。4、A【解析】以小球研究对象进行受力分析，根据小球和小车的加速度相同已及顿第二运动定律的矢量性进行判断。【详解】小球和小车的加速度相同，所以小球在重力和杆的作用力两个力的作用下也沿水平向左的方向加速运动，加速度水平向左，根据牛顿第二定律F=ma可知加速度的方向与合力的方向相同，合力水平向左，根据力的合成的平行四边形定则，直杆对小球的作用力只可能沿OA方向，A符合题意，BCD不符合题意故选A
15、。5、A【解析】小球在最高点速率为v时，两根绳的拉力恰好均为零，有：mg=m，当小球在最高点的速率为2v时，根据牛顿第二定律有：mg+2Tcos30m，解得：T=mg。故选A.6、D【解析】C强磁铁通过钢管时，导致钢管的磁通量发生变化，从而产生感应电流，故C错误；B磁铁在铜管中运动的过程中，虽不计空气阻力，但在过程中，出现安培力做功产生热能，所以系统机械能不守恒，故B错误；A由于圆管对磁铁有向上的阻力，则由牛顿第三定律可知磁铁对圆管有向下的力，则桌面对铜管的支持力FMg，故A错误；D因圆管对磁铁有阻力，所以运动时间与自由落体运动相比会变长，即有，故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，
16、每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A时间内，垂直纸面向里的磁场逐渐增大，根据楞次定律可知线圈中感应电流产生的磁场垂直纸面向外，根据右手定则可知电流从流出，从流入，所以端电势高于端电势，故A正确；B时间内，根据法拉第电磁感应定律可知感应电动势为电压表所测为路端电压，根据串联分压规律可知电压表示数故B错误；C时间内，根据法拉第电磁感应定律可知感应电动势为根据闭合电路欧姆定律可知通过回路的电流故C正确；D时间内，根据楞次定律可知电流从流出，从流入，所以端电势低于端电势，故D错误。故选AC。
17、8、ABD【解析】A若小球刚好运动到C点，由动能定理，研究小球从A点到C点的过程得mgh1mgcosmgL00解得h11.5m故A正确；B若小球开始滑下时的高度为2m，根据动能定理，从A点到C点有mgh2mgcosmgLEkC0解得EkC0.25mg由动能定理得小球要运动到D点(右半部分圆轨道上与圆心等高的点为D点)，在C点的动能至少是mgR0.45mg所以小球不能到达D点，在C点与D点之间某处速度减为零，然后沿圆轨道返回滑下，故B正确；C小球做完整的圆周运动，刚好不脱离轨道时，在圆轨道最高点速度最小是，由动能定理得2mgRmv2Ek0理可得要使小球做完整的圆周运动，小球在C点动能最小值为Ek
18、0mg若小球开始滑下时的高度为2.5m，则小球在C点的动能是0.5mg，若小球开始滑下时的高度为3m，则小球在C点的动能是0.75mg，这两种情况下小球通过D点后都会在D点与最高点之间某一位置做斜抛运动，即小球将离开轨道，故C错误，D正确。故选ABD。9、AD【解析】A据题意知，卫星与地球同步绕太阳做圆周运动，则卫星绕太阳运动周期和地球公转周期相等，故A正确；B卫星受的合力为地球和太阳对它引力的合力，这两个引力方向相同，合力不为零，处于非平衡状态，故B错误；C由于卫星与地球绕太阳做圆周运动的周期相同，卫星的轨道半径大，根据公式分析可知，卫星绕太阳运动的向心加速度大于地球绕太阳运动的向心加速度，
19、故C错误；D由题可知，卫星在L1点与L2点的周期与角速度是相等的，卫星的合力提供向心力，根据向心力的公式可知，在L1点处的半径小，所以在L1点处的合力小，故D正确。故选AD。10、BCD【解析】A由左手定则可知，粒子带正电，选项A错误；B由几何关系可知，r=d，由可知电荷量为选项B正确；CD粒子运动的周期第一次到达N点的时间为粒子第三次经过N点的时间为选项CD正确。故选BCD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 110 1.10 1.3 20 【解析】(1)1电路图如图；(2)23电阻箱读数为R=1100+110=110；电压表读数为
20、U=1.10V；(3)45由闭合电路欧姆定律有两式联立代入数据解得E=1.3Vr=2012、 1.45 1.3 c 【解析】(1)1 由图丙知电路中的最大电流在0.5A左右，则电流表量程应选用； 2 电源是一节旧的干电池（约1.5V），则电压表量程应选用；3滑动变阻器选用时，方便调节并能有效读取多组电流值和电压值。(2)4电路连线如图所示(3)5读取电源图像。轴截距为电动势，轴最小有效刻度为0.05V，经估读后得；6图像斜率的绝对值等于电源内阻，读取图像数据并计算有(4)7电源输出功率为则纵坐标应为输出功率，则图像为输出功率的图像。由电路规律知输出功率随电流的增大先增大后减小，图像应为c。四、
21、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)； (2)或【解析】（1）物块b离开弹簧后做平抛运动。设从C运动到M历时为t，则，代入数据解得，(2) 物块a能够经过A点做平抛运动落到斜面的M点。设物块a经过A点的速率为vA，从A运动到M历时为t1，则，解得，设物块a刚被弹簧弹开时的速率为vCl，在从C运动到A的过程中，由动能定理得解得vCl=19m/s弹簧弹开物块a、b的过程中，物块a、b动量守恒。选向右的方向为正方向，由动量守恒定律得解得物块a被弹簧弹开后不能到达A点，物块a从C点做平抛运动落到斜面的M点，做平抛运动的
22、初速度大小也是v0。设物块a刚被弹簧弹开时的速率为vC2，在物块a从C向左运动到再次回到C点的过程中，由动能定理得解得：弹簧弹开物块a、b的过程中，物块a、b动量守恒。选向右的方向为正方向，由动量守恒定律得解得14、（1）；（2），。【解析】(1)在小球不能打在桌面上的前提下，由分析可知，小球恰好击中点时，小球的初速度最小，该过程小球做平抛运动，设小球的最小初速度为。水平方向由 竖直方向有解得(2)设小球在点的速度为，运动到点正下方时对应的速度设为，在点，对小球，根据向心力公式有从点运动到点正下方，根据动能定理有解得对小球，经过点正下方的前、后瞬间，细线拉力分别设为和，分别应用向心力公式有解得
23、结合牛顿第三定律可知细线能承受的弹力范围细线断裂后，小球做平抛运动，设小球的水平位移为，则水平方向有竖直方向有联立解得15、（1）气体A末状态的压强87.5cmHg，B气体末态压强93.5cmHg；（2）B气体是放热。【解析】（1）气体A的初态的压强为pA：pA+p柱=p0末态时气柱的长度为lAlA=lA-l气体A发生等温变化pAlAS=pAlAS解得pA=87.5cmHg气体B的末态压强为pB，解得pB=pA+p柱=93.5cmHg（2）气体B的初态：压强为p0，气体柱的长度为lBlB=L-lA-l柱=29cm气体B发生等温变化pBlBS=pBlBS解得lB=23.6cmlBlB，气体B的变化是等温压缩等温变化，内能不变U=0，压缩体积减小，外界对气体做功W0由热力学第一定律U=W+Q可知Q0：气体B要放热。