《内蒙古呼和浩特市金山学校2023年高三第六次模拟考试物理试卷含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《内蒙古呼和浩特市金山学校2023年高三第六次模拟考试物理试卷含解析.doc（16页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023年高考物理模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、卫星绕某一行星的运动轨道可近似看成是圆轨道，观察发现每经过时间t，卫星运动所通过的弧长为l，该弧长对应的圆心角为。已知引力常量为G，由此可计算该行星的质量为（ ）ABCD2、在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，R1、R3为定值电阻，R
2、2为滑动变阻器，C为电容器。将滑动变阻器的滑动触头P置于位置a，闭合开关S，电路稳定时理想电压表V1、V2的示数分别为U1、U2，理想电流表A的示数为I。当滑动变阻器的滑动触头P由a滑到b且电路再次稳定时，理想电压表V1、V2的示数分别为U1、U2，理想电流表A的示数为I。则以下判断中正确的是（）A滑动变阻器的滑动触头P由a滑向b的过程中，通过R3的电流方向由左向右B滑动变阻器的滑动触头P由a滑向b的过程中，电容器的带电量减小C ，D3、2019年10月8日，瑞典皇家科学院在斯德哥尔摩宣布，将2019年诺贝尔物理学奖，一半授予美国普林斯顿大学吉姆皮布尔斯，以表彰他“关于物理宇宙学的理论发现”，
3、另外一半授予瑞士日内瓦大学的米歇尔麦耶和瑞士日内瓦大学教授兼英国剑桥大学教授迪迪埃奎洛兹，以表彰他们“发现一颗环绕类日恒星运行的系外行星”。若某一系外行星的半径为R，公转半径为r，公转周期为T，宇宙飞船在以系外行星中心为圆心，半径为r1的轨道上绕其做圆周运动的周期为T1，不考虑其他星球的影响。(己知地球的公转半径为R0，公转周期为T0)则有ABC该系外行星表面重力加速度为D该系外行星的第一宇宙速度为4、吊兰是常养的植物盆栽之一，如图所示是悬挂的吊兰盆栽，四条等长的轻绳与竖直方向夹角均为30，花盆总质量为2kg，取g=10m/s2，则每根轻绳的弹力大小为（）A5NBC10ND20N5、如图所示为
4、范德格拉夫起电机示意图，直流高压电源的正电荷，通过电刷E、传送带和电刷F，不断地传到球壳的外表面，并可视为均匀地分布在外表面上，从而在金属球壳与大地之间形成高电压关于金属球壳上的A、B两点，以下判断正确的是AA、B两点电势相同BA、B两点电场强度相同C将带正电的试探电荷从A点移到B点，电势能增加D将带正电的试探电荷从A点移到B点，电势能减小6、如图所示，小球放在光滑的墙与装有铰链的光滑薄板之间，薄板在F作用下逆时针缓慢转动，在墙与薄板之间的夹角缓慢地从90逐渐减小的过程中（ ）A小球对薄板的压力可能小于小球的重力B小球对薄板的正压力一直增大C小球对墙的压力先减小，后增大D小球对墙的正压力不可能
5、大于小球的重力二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、质点在光滑水平面上做直线运动，图像如图所示。取质点向东运动的方向为正，则下列说法中正确的是（）A加速度方向发生改变B质点在2s内发生的位移为零C质点在2s末的速度是3m/s，方向向东D质点先做匀减速后做匀加速的直线运动8、如图所示，两块长方体滑块A和B叠放在倾角为的斜面体C上。已知A、B质量分别为m1和m1，A与C的动摩擦因数为1，B与A的动摩擦因数为1两滑块AB在斜面体上以相同加速度自由下滑，斜面体C在水平地面上始终
6、保持静止，则下列说法正确的是（ ）A斜面C受到地面的静摩擦力方向水平向左B滑块A与斜面间的动摩擦因数1tanC滑块A受到斜面对其摩擦力的大小为1（m1+m1）gcosD滑块B所受的摩擦力大小为1m1gcos9、一个长方体金属导体的棱长如图所示，将该长方体导体放在匀强磁场中，并使前侧面与磁场垂直，已知磁感应强度为B。导体的左右两侧面外接电源，产生由左向右的稳定电流时，测得导体的上、下表面间的电势差为U。则下列说法正确的是（ ）A上、下两表面比较，上表面电势高B上、下两表面比较，下表面电势高C导体中自由电子定向移动的速率为D导体中自由电子定向移动的速率为10、如图所示，用一根轻质细绳跨过固定光滑的
7、挂钉O将一个画框悬挂在墙壁上，细绳的两端分别栓接在画框上两根挂钉1、2上。画框静止时，O点两侧细绳与竖直方向的夹角分别为，对应细绳中的张力大小分别为悬挂时，挂钉1、2不一定等高，下列说法正确的是（ ）A若1更高，则B若2更高，则C无论1、2是否等高，总有成立D无论1、2是否等高，总有成立三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某实验小组要做“探究小车所受外力与加速度关系”的实验，采用的实验装置如图 1所示。（1）本实验中_(填“需要”或“不需要”）平衡摩擦力，_ (填“需要”或“不需要”）钩码的质量远小于小车的质量。（2）该同学在研究
8、小车运动时打出了一条纸带，如图2所示。在纸带上，连续5个点为一个计数点，相邻两个计数点之间的距离依次为x1=1.45cm， x2=2.45 cm, x3=3.46cm，x4=4.44 cm, x5=5.45 cm, x6=6.46 cm，打点计时器的频率f=50Hz,则打纸带上第5个计数点时小车的速度为_m/s；整个过程中小车的平均加速度为_m/s2。(结果均保留2位有效数字）12（12分）如图所示，是把量程为010mA的电流表改装成欧姆表的结构示意图，其中电池电动势E=1.5V。(1)经改装后，若要确定“0”刻度位置，应将红、黑表笔短接，并调节滑动变阻器R的阻值，使原电流表指针指到_mA刻度
9、处；(2)改装后的欧姆表的内阻值为_，电流表2mA刻度处应标_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，横截面积均为S，内壁光滑的导热气缸A、BA水平、B竖直放置，A内气柱的长为2L，D为B中可自由移动的轻活塞，轻活塞质量不计A、B之间由一段容积可忽略的细管相连，A气缸中细管口处有一单向小阀门C，A中气体不能进入B中，当B中气体压强大于A中气体压强时，阀门C开启，B内气体进入A中大气压为P0，初始时气体温度均为27，A中气体压强为1.5P0，B中活塞D离气缸底部的距离为3L现向D上缓慢添加沙子，最后沙
10、子的质量为求：(i)活塞D稳定后B中剩余气体与原有气体的质量之比；(ii)同时对两气缸加热，使活塞D再回到初始位置，则此时气缸B内的温度为多少?14（16分）如图所示，在水平面上有一个固定的光滑圆弧轨道ab，其半径R=0.4m。紧靠圆弧轨道的右侧有一足够长的水平传送带与圆弧轨道相切于b点，在电动机的带动下皮带以速度v0=2m/s顺时针匀速转动，在a的正上方高h=0.4m处将小物块A由静止释放，在a点沿切线方向进入圆弧轨道ab，当A滑上水平传送带左端的同时小物块B在c点以v=4m/s的初速度向左运动，两物块均可视为质点，质量均为2kg，与传送带间的动摩擦因数均为=0.4。两物块在传送带上运动的过
11、程中恰好不会发生碰撞，取g=10m/s2。求：(1)小物块A到达圆弧轨道最低点时对轨道的压力大小；(2)小物块B、A开始相向运动时的距离lbc；(3)由于物块相对传送带滑动，电动机多消耗的电能。15（12分）如图所示，在直角坐标系xoy中，第象限存在沿y轴正方向、电场强度为E的匀强电场，第象限存在一个方向垂直于纸面、磁感应强度为B的圆形匀强磁场区域。一质量为m，带电荷量为-q的粒子，以某一速度从A点垂直于y轴射入第象限，A点坐标为（0，h），粒子飞出电场区域后，沿与x轴正方向夹角为60的B处进入第象限，经圆形磁场后，垂直射向y轴C处。不计粒子重力，求：(1)从A点射入的速度；(2)圆形磁场区域
12、的最小面积；(3)证明粒子在最小圆形磁场中运动时间最长，并求出最长时间。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】设卫星的质量为m，卫星做匀速圆周运动的轨道半径为r，则其中，联立可得故B正确，ACD错误。故选B。2、D【解析】AB电容C与电阻R1、R2并联，其电压等于电源的路端电压，当滑动变阻器滑动触头P由a滑向b的过程中，变阻器的电阻增大，总电阻增大，总电流减小，路端电压增大，根据可知，电容器的电荷量增加，电容器充电，通过R3的电流方向由右向左，故AB项错误；C因电路电流减小，故，则R1两端电压减小，即。因路
13、端电压增大，则R2两端电压增大，即，故C项错误；D将R1等效为电源内阻，则可视为等效电源的路段电压，根据UI图像的斜率关系可得故D项正确。故选D。3、D【解析】AB开普勒第三定律，其中k与中心天体有关，系外行星，宇宙飞船，地球做圆周运动的中心天体均不同，故AB错误；C对宇宙飞船解得故C错误；D对系外行星的近地卫星：解得故D正确。4、B【解析】根据对称性可知，每根绳的拉力大小相等，设每根绳的拉力大小为F。在竖直方向由平衡条件得：4Fcos30=G解得：F=N。A5N，与结论不相符，选项A错误；B，与结论相符，选项B正确；C10N，与结论不相符，选项C错误；D20N，与结论不相符，选项D错误；5、
14、A【解析】A、由题可知，电荷均匀地分布在外表面上，球壳AB是一个等势体，各点的电势是相等的故A正确；B、球壳AB是一个等势体，AB的外表面处，各点的电场强度的方向与球壳的外表面垂直，所以A点与B点的电场强度的方向一定不同，故B错误；C、由于A、B的电势是相等的，所以将带正电的试探电荷从A点移到B点，电场力不做功，电势能不变故C错误，D错误故选A【点睛】静电平衡后，金属球壳AB的外表面均匀带电，外部各点的电场强度大小相等，方向不同；金属球壳AB是一个等势体，各点的电势相等6、B【解析】以小球为研究对象，处于平衡状态，根据受力平衡，由图可知AB当墙与薄板之间的夹角缓慢地从90逐渐减小的过程中，薄板
15、给球的支持力逐渐增大，木板受到的压力增大，小球对薄板的压力不可能小于小球的重力，A错误B正确；CD当墙与薄板之间的夹角缓慢地从90逐渐减小的过程中，墙壁给球的压力逐渐增大，根据牛顿第三定律可知墙壁受到的压力增大，小球对墙的正压力可能大于小球的重力，CD错误。故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A图像是一条倾斜直线，斜率表示加速度，故加速度保持不变，A错误；B根据图线与坐标轴所围“面积”表示位移，图像在时间轴上方表示的位移为正，图像在时间轴下方表示的
16、位移为负，则知在前2s位移为x31m31m0B正确；C根据图像可知，质点在2s末的速度是3m/s，“”说明方向向西，C错误；D01s内质点速度在减小，加速度不变，做匀减速直线运动，1s2s速度在增大，且方向相反，加速度不变，故做反向匀加速直线运动，D正确。故选BD。8、AC【解析】A把AB看成一个整体，AB对C的压力在水平方向的分力为Nx（m1+m1）gcossin方向水平向右，AB对C的摩擦力在水平方向的分力为fxfcos，方向水平向左。因为AB一起加速下滑，所以（m1+m1）gsinf，则Nxfx，所以斜面C有向右的运动趋势，则斜面C受到地面的静摩擦力方向水平向左。故A正确；B因为AB一起
17、加速下滑，所以1（m1+m1）gcos（m1+m1）gsin则1tan，故B错误；C把AB看成一个整体，滑块A与斜面之间的摩擦力为f1（m1+m1）gcos故C正确；D滑块AB一起加速下滑，其加速度为agsin1gcosB与A之间的摩擦力是静摩擦，则AB之间的摩擦力为fm1amg（sin1cos）故D错误。故选AC.9、BD【解析】A B电流向右，则金属导体中的自由电子定向向左移动，由左手定则知洛伦兹力向上，则上表面累积负电荷，其电势低，选项B正确，A错误。CD稳定状态时，电子做匀速直线运动，受力平衡，有又有解得选项C错误，D正确；故选BD.10、CD【解析】因为钉子是光滑的，可知两边绳子的拉
18、力总是相等的，即无论1、2是否等高，总有成立；对结点O，水平方向：则，即选项AB错误，CD正确；故选CD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、需要不需要 【解析】（1）本实验是通过力传感器测量的细线的拉力，要想将拉力作为小车的合外力，需要平衡摩擦力；由于拉力可以直接读出，所以钩码的质量不需要远远小于小车的质量；（2）频率，则周期，连续5个点为一个计数点，相邻两个计数点之间的时间间隔；第5个计数点的速度为，根据逐差法可知小车的加速度为： 12、10 150 600 【解析】(1)1根据闭合欧姆定律可知，当电流最大时，测量电阻最小，即若要确
19、定“0”刻度位置，应将红、黑表笔短接，并调节滑动变阻器R的阻值，使原电流表指针指到10mA刻度处(2)2改装后欧姆表的内阻为32mA刻度处标四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (i) (ii) 【解析】试题分析：（i）对活塞受力分析，得出A中原有气体末态的压强，分析A中原有气体变化前后的状态参量，由玻意耳定律得A末态的体积，同理对B中原来气体进行分析，由由玻意耳定律得B末态的体积，气体密度不变，质量与体积成正比，则质量之比即体积之比；（2）加热后对B中的气体进行分析，发生等压变化，由盖吕萨克定律即可求解（i）当活
20、塞C打开时，A、B成为一个整体，气体的压强对A中原有气体，当压强增大到时，其体积被压缩为由玻意耳定律得：解得：B中气体进入气缸A中所占体积为对原来B中气体，由玻意耳定律得：解得：B中剩余气体与原有气体的质量比为（ii）对气缸加热，阀门C关闭，此时被封闭在B中的气体温度为，体积为D活塞回到初始位置，气体体积变为，设最终温度为由盖吕萨克定律得：解得：【点睛】解题的关键就是对A、B中气体在不同时刻的状态参量分析，并且知道气体发生什么变化，根据相应的气体实验定律分析求解14、 (1)100N (2)5m (3)16J【解析】(1)小物块A从静止运动到b点，由动能定理得在b点由牛顿第二定律得解得FN=1
21、00N根据牛顿第二定律可知小物块A到达圆弧轨道最低点时对轨道的压力大小为100N(2)由牛顿第二定律得mg=ma可知两个小物块的加速度大小均为a=g=4m/s2小物块A向右减速至与传送带共速的过程中所需时间小物块A的位移传送带的位移x1=v0tA所以A物块相对传送带的位移小物块B向左减速至0再反向加速至与传送带共速的过程所需的时间小物块B的位移大小传送带的位移所以小物块B相对传送带的位移小物块B、A开始相向运动的距离解得(3)小物块A相对传送带运动产生的热量小物块动能的变化量小物块B相对传送带运动产生的热量小物块动能的变化量所以电动机多消耗的能量解得E=16J15、 (1)；(2)；(3)【解
22、析】(1)粒子在电场中做类平抛运动，其加速度大小为竖直方向有故在B处有因此，A点射入的速度(2)在B处，根据可得粒子进入磁场的速度为粒子在磁场中，由洛伦磁力提供向心力，即故：粒子在磁场运动的轨道半径为由于粒子从B点射入，经磁场偏转后垂直射向C处，根据左手定则可知，圆形磁场的磁场是垂直于纸面向里。如图所示，延长B处速度方向与反向延长C处速度方向相交于D点，作的角平分线，在角平分线上找出点，使它到BD、CD的距离为则以MN为直径的圆的磁场区域面积最小，设圆形磁场区域的半径为r，由几何关系可得圆形磁场区域的最小面积(3)粒子在圆形磁场中运动的轨迹圆与圆形磁场关系如图所示，由第(2)问作图过程可知，MN是圆形磁场的直径，也是粒子的射入点与射出点的连线，其所对应的弧长最长，故粒子在磁场中运动的时间最长。由几何知识可知，圆心角 又因粒子在磁场中运动的周期故粒子在磁场中运动的时间最长