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1、高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.（本题9分）如图所示，甲、乙两水平圆盘紧靠在一起，大圆盘为主动轮，乙靠摩擦随甲不打滑转动.大、小圆盘的半径之比为3：1,两圆盘和小物体mi、m2间的动摩擦因数相同.m i离甲盘圆心O点2r,m2距乙盘圆心O点r,当甲缓慢转动且转速慢慢增加时（）A.物块相对盘开始滑动前，m i与m 2的线速度之比为1：1B.随转速慢慢增加，m 1与m2同时开始滑动C.随转速慢慢增加，m i先开始滑动D.物块相对盘开始滑动前，m i与m 2的向心加速度之比为2：9【答案】D【解
2、析】【详解】甲、乙两轮子边缘上的各点线速度大小相等，有：3甲 3r=3zr,可得3甲：3Z=1：3,根据v=3r所以物块相对盘开始滑动前，m i与m2的线速度之比为2：3,故A错误；据题可得两个物体所受的最大静摩擦力分别为：f申=pmig,f jjm z g,最大静摩擦力之比为：&f2=m1：m2；转动中所受的静摩擦力之比为：Fi=mia甲：m2azi=2mi：9m2=mi：4.5m2 o所以随转速慢慢增加，乙的静摩擦力先达到最大，就先开始滑动，故BC错误；物块相对盘开始滑动前，根据a=w2r得m1与m2的向心加速度之比为aj：a2=w v22r：3 z.2r=2：9,故D正确。所 以D正确，
3、ABC错误。2.2019年春节期间热映的电影 流浪地球被称为中国科幻电影的里程碑，影片中提到利用赤道发动机反向喷射使地球停止自转，可见赤道的地理位置很特殊.发射人造卫星一般也将发射场选择在尽可能靠近赤道的地方，这样选址是因为在赤道附近A.重力加速度较大B.地球的引力较大C.地球自转角速度较大D.地球自转线速度较大【答案】D【解析】【详解】A、赤道处向心加速度最大，重力加速度最小，故 A 错误；B、由万有引力定律可知物体在地球表面各点所受的引力大小相等，故 B错误；C、在地球上各点具有相同的角速度，故 C错误；D、赤道处相对于地心具有的初速度大，发射时所需能源少，故 D正确.故 选 D3.（本题
4、9 分）A、B、C 三点构成等边三角形，边长为2 c m,匀强电场方向与ABC构成的平面夹角30。,电势=%=4 V，%=1 V,下列说法正确的是（）A 、!J ，/班 A.场强大小为150V/mB.场强大小为200V/mC.将一个正电荷从A 点沿直线移到。点，它的电势能一直增大D.将一个正电荷从A 点沿直线移到8 点，它的电势能先增大后减小【答案】B【解析】【分析】【详解】A B.匀强电场在A 8C 构成的平面上的电场强度分量E=Ecos 30因为电势内=%=4 V,（pc=N ,所以AB为等势线，电场线与AB垂直指向C,贝E =媪=-V/m=100V3V/mdAC 2sin60 xl0-2
5、解得E=200V/m故 A 错误，B正确；C.根 据 耳=4。，将一个正电荷从A 点沿直线移到。点，电势一直降低，它的电势能一直减小，故 C错误；D.因为AB为等势线，所以将一个正电荷从A 点沿直线移到6 点，它的电势能不变，故 D错误。故 选 B,4.（本题9分）如图所示，质量相等的A、B两物块置于绕竖直轴匀速转动的水平圆盘上，两物块始终相对于圆盘静止，则两物块（）4kA.线速度相同 B.角速度相同C.向心加速度相同 D.向心力相同【答案】B【解析】【详解】AB、由于A、B在同一转盘上无相对运动，因此它们的角速度相等，它们与转轴的距离不同，由v=3 r,可知线速度不同，故A错误，B正确；C、
6、根据a=3?r,可知角速度相等，半径不同则向心加速度不同，故C错误；D、根 据F=m32r可知，质量相等，角速度相等，半径不同则向心力不同，故D错误.5.物体做下列几种运动，其中物体的机械能守恒的是（）A.平抛运动B.竖直方向上做匀速直线运动C.水平方向上做匀变速直线运动D.竖直平面内做匀速圆周运动【答案】A【解析】【详解】A.平抛运动的物体只受到重力的作用，所以机械能守恒，故A正确；B.物体在竖直方向做匀速直线运动，说明物体受力平衡，除了重力之外还有其他的外力的作用，并且其他的外力对物体做功，所以机械能不守恒，故B错误；C.水平方向上做匀变速直线运动，动能变化，重力势能不变，所以机械能也变化
7、，故C错误；D.竖直平面内做匀速圆周运动，速度的大小不变，动能不变，但是物体的高度变化，即重力势能发生变化，所以物体的机械能不守恒，故D错误。6.体 题9分）正方体空心框架ABCD-AiBiCiDi下表面在水平地面上,将可视为质点的小球从顶点A在/BAD所在范围内（包括边界）沿不同的水平方向分别抛出，落点都在ABiCiDi平 面 内（包括边界）.不计空气阻力，以地面为重力势能参考平面.则下列说法正确的是（）BA.小球初速度的最小值与最大值之比是1：V2B.落在J点的小球，运动时间最长C.落 在BiDi线段上的小球，落地时机械能的最小值与最大值之比是1:2D.轨迹与AC1线段相交的小球，在交点处
8、的速度方向都相同【答案】D【解析】小球落在A G线段中点时水平位移最小，落在Ci时水平位移最大，由几何关系知水平位移的最小值与最大值之比是1:2,由*力。3 t相等得小球初速度的最小值与最大值之比是1：2,故A错误；小球做平抛运动，由11=；艮 得 下 落 高 度 相 同，平抛运动的时间相等，故B错误；落 在BQ1线段中点的小球，落地时机械能的最小，落 在BQ】线段上D i或B i的小球，落地时机械能的最大.设落在BiDi线段中点的小球初速度为Vi，水平位移为X i.落 在BQ】线段上D i或B i的小球初速度为v2.水平位移为X 2.由几何关系有x1：x2=l：0,由乂内心得：Vi：Vz=l
9、:落地时机械能等于抛出时的机械能，分别为：E产m gh+gm vj,E2=mgh+mv22,可知落地时机械能的最小值与最大值之比不等于1：2.故C错误.设A G的倾角为a,轨迹与A G线段相交的小球，在交点处的速度方向与水平方向的夹角为0.则有1 230=上=汉=里，taY，贝！J ta n g ta n a,可知L定，则轨迹与A G线段相交的小球，在x 3 2%交点处的速度方向相同，故D正 确.故 选D.点睛：该题结合平抛运动考查机械能守恒，解决本题的关键要掌握平抛运动的研究方法，掌握分位移公式,D项也可以根据作为结论记住.7.（本题9分）在水平匀速飞行的飞机上，每隔相等时间依次释放甲、乙、
10、丙三个物体，若不计空气阻力,当刚释放丙物体时，三个物体位置为B,Jrr士J工工十:T二;工;士、卜 11 AV-I;:.:工AT:LC【答案】C【解析】【详解】A D.小球落下前和飞机具有相同的速度，落下来时不计空气阻力，由于惯性保持原来的水平速度不变，相同时间内，在水平方向上和飞机前进的距离相等，所以小球始终在飞机的正下方，AD错误；B C.小球在竖直方向上做自由落体运动，相等时间内，竖直下落高度逐渐增大，C正确B错误.8.（本题9分）材料相同的A、B两块滑块质量mAmB，在同一个粗糙的水平面上以相同的初速度运动,则它们的滑行距离XA和XB的关系为（）A.xA xB B.xA=xBC.xA
11、x8 D.无法确定【答案】B【解析】试题分析：根据动能定理有-3gs=0-用标，由于动摩擦因数相等，所以5=匚，选 项B正确.2 2侬考点：本题考查动能定律.9.（本题9分）小球A沿着光滑的水平面以速度V。（方向向右）与静止的小球B发生弹性正碰。若mA：mB=l；2,则碰撞后（）V0A BA.A球的速度大小为.Vo,方向水平向左1B.A球的速度大小为$）,方向水平向右1C.B球的速度大小为.V。，方向水平向左D.B球的速度大小为;v o,方向水平向右【答案】A【解析】【详解】以向右为正方向，A和B的碰撞满足动量守恒，有:-*一 一 ，_ _ _ _ _ 二十 _ A和B发生弹性碰撞，系统的机械
12、能守恒，有：代入质量关系mA;mB=l；2,可得：二产二二+2二 二-0=-+之 二 m联立解得：_ （负号表示方向向左）,A.A球的速度大小为.V。，方向水平向左与计算结果相符；故A项符合题意.B.A球的速度大小为.V o,方向水平向右与计算结果不相符；故B项不合题意.C.B球的速度大小为v o,方向水平向左与计算结果不相符；故C项不合题意.1D.B球的速度大小为.V。，方向水平向右与计算结果不相符；故D项不合题意.1 0.如图所示，“秋千摆摆绳的一端系于。点，另一端打一个比较大的结，便于游戏者（视为质点）骑跨。绳的质量、空气阻力均不计。在摆绕。点沿竖直平面从P点摆至Q点的过程中，游戏者A.
13、所受拉力不变 B.动能始终不变C.机械能先减少后增加 D.重力势能先减小后增加【答案】D【解析】【详解】A.设绳子与竖直方向夹角为仇人的轨迹是圆，对人受力分析，沿绳方向的合力提供向心力，贝 的T-mgcos0=m ,则 T=mgcose+mL,由 P 点摆至最低点的过程中，9 减小，v 变大，则 T 增大；由最低L L点摆至Q 点的过程中，e 变大，v 变小，则 T 减小，所以T 先增大后减小，故 A 错误；BCD.运动过程中，只有重力和绳的拉力做功，人的机械能守恒，由 P 点摆至最低点的过程中，重力势能减小，动能增加；由最低点摆至Q 点的过程中，重力势能增加，动能减少，故 BC错误，D 正确
14、。二、多项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4 分，选对但不全的得2 分，有选错的得。分1 1.（本 题 9 分）关于静电的利用和防范，以下说法正确的是A.制作汽油桶的材料用塑料比用金属好B.静电除尘和静电复印是利用异种电荷相互吸引的原理C.油罐车行驶途中车尾有一条铁链拖在地上，只是为了美观没有实际用途D.飞机在轮胎上安装地线或用导电橡胶制造轮胎是为了降落时及时导走机身上聚集的静电荷【答案】BD【解析】【分析】【详解】A.制作汽油桶的金属比用塑料好，属于静电的防止，故 A 项不符合题意；B.静电除尘是利用静电场使气体电离
15、从而使尘粒带电吸附到带电的电极上，静电复印也是利用正负电荷之间的相互吸引的原理制成的，故 B 项符合题意；C.油罐车行驶途中车尾有一条铁链拖在地上，可以将运输的过程中产生的静电及时导走，避免产生电火花引起的爆炸，故 C 项不符合题意；D.飞机轮胎是用导电橡胶制成的，这是为了飞机在降落时，将飞行的过程中产生静电导走，避免对飞机造成危害，故 D 项符合题意.1 2.（本 题 9 分）如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r.闭合开关S,增大可变电阻R 的阻值后，电压表示数的变化量为A U.在这个过程中，下列判断正确的A.电流表的示数增大B.电压表的示数U 和电流表的示数I 的比值变大C.电容器的带
16、电量减小，减小量小于CAUD.电压表示数变化量AU和电流表示数变化量A I的比值不变【答案】BCD【解析】【详解】A C.闭合开关S,增大可变电阻R 的阻值后，电路中电流减小，电流表示数减小，由欧姆定律分析得知，电阻Ri两端的电压减小，电阻R 两端的电压增大，而它们的总电压即路端电压增大，所以电阻两端的电压减小量小于A U,则电容器的带电量减小，减小量小于C A U.故 A 错误，C 正确。B.由图，4=R,R 增大，则电压表的示数U 和电流表的示数I 的比值变大，故 B 正确。D.根据闭合电路欧姆定律得：U=E-I（R1+r）,由数学知识得知，当=&+厂，保持不变，故 D 正确。1 3.（本
17、 题 9 分）如图所示,公园蹦极跳床深受儿童喜爱.一小孩系好安全带后静止时脚刚好接触蹦床,将小孩举高至每根轻质弹性绳都处于原长时由静止释放，对小孩下落过程的分析，下列说法正确的是A.小孩一直处于失重状态B.弹性绳对小孩的作用力一直增大C.小孩的加速度一直增大D.小孩的机械能一直减小【答案】BD【解析】【详解】A 项：由于初始时刻弹性绳处于原长，弹力为零，小孩加速度向下，最后接触蹦床，速度一定会减小至零,故小孩先处于失重状态，后处于超重状态，A 项错误；B 项：随着小孩的下落，弹性绳伸长弹力增大，弹力之间夹角减小，弹性绳合力增大，B 项正确；C 项：小孩加速下落时，mgF=m a,加速度减小，当
18、接触蹦床后，做减速运动，F M+F m g=m a,加速度增大，C 项错误；D 项：由于弹性绳和蹦床都会对小孩做负功，所以小孩的机械能一直减小，D 项正确。故选：BDo1 4.（本题9 分）2000年 1 月 2 6 日我国发射了一颗地球同步卫星，其定点位置与东经98。的经线在同一平面内，如图所示，发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1;然后点火，使其沿椭圆轨道2 运行；最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道L轨 道 1、2 相切于Q 点.轨 道 2、1 相切于P 点.当卫星分别 在I、2、1轨道上正常运行时（）A.若设卫星在轨道1上的速率vi、卫星在轨道1上的速率v i,则V 1v”故A
19、错误;B.卫星要由轨道1上的Q点变轨到轨道2,要做离心运动，故需要在Q点加速，故B正确C.根据牛顿第二定律得:-MmG=ma,得a=G上厂同一点r相同，则4=%，故C正确;D.由轨道2变轨进入轨道1需要加速，使卫星做离心运动。故D错误;1 5.（本题9分）高空中仍有稀薄大气，所以低轨道的卫星会受到稀薄空气阻力的作用，从而不能永远在固定的圆轨道上运动。则下列说法正确的是（）A.由于阻力的作用，卫星速度减小，因此靠近地球，轨道半径会变小B.由于阻力的作用，卫星速度减小，因此远离地球，轨道半径会变大C.在卫星轨道变化的过程中，卫星的机械能不变D.虽然有稀薄空气阻力作用，但最终卫星的动能会增大【答案】
20、AD【解析】【详解】由于阻力的作用，卫星速度减小，则此时地球的引力大于向心力，掌握卫星做近心运动，因此靠近地球，轨道半径会变小，选项A正确，B错误；在卫星轨道变化的过程中，卫星由于受阻力作用，则其机械能减小，选项C错误；虽然有稀薄空气阻力作用，但最终卫星的半径减小，根据二=三 可知，速度变大，则 -动能会增大，选 项D正确；故选AD.【点睛】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，当引力大于向心力时要做近心运动，会根据该规律判断线速度、周期与轨道半径的变化的关系.1 6.（本题9分）关于运动的合成，下列说法正确的有A.只有方向相互垂直的运动才能合成B.两个匀速直线运动的合运动是匀速直线运动C.两
21、个匀变速直线运动的合运动可能是曲线运动D.匀速直线运动和匀变速直线运动的合运动一定是匀变速直线运动【答案】BC【解析】A：任意两个互成角度的运动均可合成，故A项错误.B:两个匀速直线运动的合加速度为零，则两个匀速直线运动的合运动是匀速直线运动.故B项正确.C:两个匀变速直线运动的合初速度和合加速度的方向可能不在一条直线上，则两个匀变速直线运动的合运动可能是曲线运动.故C项正确.D：匀速直线运动和匀变速直线运动的合初速度和合加速度的方向可能在不一条直线上，匀速直线运动和匀变速直线运动的合运动可能是匀变速曲线运动.例如平抛，故D项错误.点睛：若两个匀变速直线运动的合初速度和合加速度的方向不在一条直
22、线上，则两个匀变速直线运动的合运动是匀变速曲线运动；若两个匀变速直线运动的合初速度和合加速度的方向在一条直线上，则两个匀变速直线运动的合运动是匀变速直线运动.三、实验题:共2小题，每题8分，共16分1 7.（本题9分）某同学利用重物自由下落来做 验证机械能守恒定律”的实验装置如图甲所示.甲(1)请指出实验装置甲中存在的明显错误：.(2)进行实验时，为保证测量的重物下落时初速度为零，应_ _ _ _ _ _ (选填A或B)A.先接通电源，再释放纸带B.先释放纸带，再接通电源(3)某同学作出了 u h图象(图丙)，则由图线得到的重力加速度g=m/s2(结果保留3位有效数字).【答案】(1)打点计时
23、器不能接在 直流电源 上.(1)A(3)9.67m/J【解析】【详解】(1)从图甲中的实验装置中发现，打点计时接在了 直流电源”上，打点计时器的工作电源是 低压交流电源”.因 此，明显的错误是打点计时器不能接在“直流电源”上.(1)为了使纸带上打下的第1个点是速度为零的初始点，应该先接通电源，让打点计时器正常工作后，再释放纸带.若先释放纸带，再接通电源，当打点计时器打点时，纸带已经下落，打下的第1个点的速度不为零.因此，为保证重物下落的初速度为零，应先接通电源，再释放纸带.故选A.1 5 8(3)根 据mgh=-mv1,可得:v lg h,可知图线的斜率为：k=lg=19.34,代入数据解得g
24、=9.67m/s1.1 8.(本题9分)图甲为“验证动量守恒定律”的实验装置，轨道由斜槽和水平槽组成，A、B两小球大小相同，质 量mA=20.0g、mB=10.0go实验步骤如下：a.固定轨道，使水平槽末端的切线水平，将记录纸铺在水平地面上，并记下水平槽末端重垂线所指的位置0；b.让A球从斜槽C处由静止释放，落到记录纸上留下痕迹，重复操作多次；C.把B球放在水平槽末端，A球仍从C处静止释放后与B球正碰，A、B分别落到记录纸上，留下各自的痕迹，重复操作多次;d.确定三个落点各自的平均位置P、M、N,用 刻 度 尺 测出它们到。点 的 距 离 分 别 为Xp、XOM、XO N；(1)确 定p、M、
25、N三 点时，可用圆规画一个尽可能小的圆，把所有有效落点圈在里面，圆心即为落点的平 均 位 置，这 样 做 可 以 减 小 (填 系 统 或 偶然)误差;(2)如图乙，XOM、XOP读数分别为 10.20cm、30.65cm,XON读数为 cm；(3)数据处理时，小球离开水平槽末端的速度大小可用水平射程x表 示，由小球质量及(2)中数据可算出碰 前 系 统 总 的mx值是 kg-m(保 留3位有效数字)，把该值与系统碰撞后的值进行比较，就可验证动量是否守恒。【答 案】偶然 40.80(40.7840.2)6.13xl0-3【解 析】【分 析】【详 解】(1)1 确 定P、M、N三 点 时，可用圆
26、规画一个尽可能小的圆，把所有有效落点圈在里面，圆心即为落点的平均位置，这样做可以减小偶然误差；(2)2由图可知，XON读 数 为40.80cm；(3)3碰 前 系 统 总 的mx值是0.02kgx0.3065m=6.13xl0 3kg-m四、解答题：本 题 共4题，每 题5分，共20分1 9.(本题9分)已知海王星和地球的质量比M：m=16：1,它 们 的 半 径 比R：r=4：1,求:(1)海王星和地球的第一宇宙速度之比？(2)海王星和地球表面的重力加速度之比?【答 案】2:1,8:1【解 析】(1)设海王星和地球的第一宇宙速度分别为Vi,V,重力加速 度 分 别 为gi,g由万有引力提供向
27、心力得:竿”玲 竺 =/联 立 得，匕=V(2)由公式得：-=7 g GM m：7m-.s联 立 得，&=i8 mR 本题考查万有引力定律的应用，根据万有引力提供向心力可求得线速度表达式，作比即可，在地球表面重力等于万有引力2 0.(本题9分)如图所示，一 质 量m=lkg的 小 物 块(可 视 为 质 点)，从固定在地面上的倾斜轨道的顶点A从静止开始滑下，倾 斜 轨 道 的 末 端B恰 好 与 光 滑 圆 弧 轨 道BC相 接，经圆弧轨道 后 滑 上 与C点等高且静止在粗糙水平面的长木板上，圆 弧 轨 道C端切线水平。已知小物块经过倾斜轨道的B点 时 的 速 度 为5m/s,长 木 板 的
28、质 量M=4kg,A、B两 点 距C点 的 高 度 分 别 为H=1.8m、h=0.25m,圆 弧 半 径R=1.25m物块与长木板之间的动摩擦因数内=0.5,长 木 板 与地面间的动摩擦因数2=0.2,g=10m/s2。求：(1)小物在倾斜轨道上运动时克服摩擦做的功；(2)小 物 块 滑 动 至C点时，滑块对圆弧轨道的压力；(3)长木板至少为多长，才能保证小物块不滑出长木板。【答 案】(1)3J(2)34N(3)3m【解 析】【详 解】(1)滑块在倾斜轨道运动过程中，由动能定理得:,mg(H-/7)-Wf=/nVg-0代入数据解得:Wf=3J(2)从B到C过 程，由动能定理得:mgh=m v
29、 l-m v l代入数据解得：vc=V30m/在 C 点，由牛顿第二定律得:F -m e =m R代入数据解得：F=34N根据牛顿第三定律可知，滑块对圆弧轨道的压力为34N。(3)由题意可知，小物块m 对长木板的摩擦力：f=Himg=5N长木板与地面间的最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力f=i2(M+m)g=10N因 f f，所以小物块在长木板上滑动时，长木板静止不动，小物块在长木板上做匀减速运动，至长木板右端时速度刚好为0,则长木板长度至少为I Vc(同)2L=-=3m2 话 2x0.5x102 1.(本题9 分)如图所示，质 量 mi=0.3 kg的小车静止在光滑的水平面上，车 长 L=1.5
30、 m,现有质量m?=0.2 kg可视为质点的物块，以水平向右的速度v=2 m/s从左端滑上小车，最后在车面上某处与小车保持相对静止.物块与车面间的动摩擦因数p=0.5,取 g=10m/s2,求物块在车面上滑行的时间t；(2)要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车左端的速度v j不超过多少.【答案】(1)0.24s(2)5m/s【解析】【详解】(1)根据牛顿第二定律得，物块的加速度大小为：a2=jig=0.5xl0m/s2=5m/s2,小车的加速度大小为：a =m l s2=m l s 根据va2t=ait得则速度相等需经历的时间叫 0.3 3、,t-=与.s=0.24.y为：4+4 25 3(
31、2)物块不从小车右端滑出的临界条件为物块滑到小车右端时恰好两者达到共同速度，设此速度为v,由水平方向动量守恒得：m2v0=(mi+m2)v.根据能量守恒得：pm2gL=；m2v0,2-y (mi+m2)v2 代入数据，联 立 解 得v，=5m/s.【点睛】本题考查了滑块模型，关键理清物体的运动规律，对于第二问，也可以抓住临界情况，结合动力学知识求解，但是没有运用动量守恒和能量守恒解决方便.2 2.(本题9分)已知地球的半径为R,质量为M,万有引力常量为G.一颗人造地球卫星处在距离地球表面高度为h的圆轨道上，试求：(1)该卫星作匀速圆周运动的线速度大小V；(2)该卫星的运动周期T.【答案】(1)
32、、烈(2)1=2兀R +h【解析】试题分析：根据万有引力定律与牛顿第二定律，结合向心力表达式，即可求解.根据万有引力做向心力可得:Mm v2G-（-R-+-力-7 =2-解得）2 R+正解 伊7黑根据圆周运动公式可得卫星的运动周期为：T=2(R+h)v点睛：本题主要考查了万有引力提供向心力，掌握牛顿第二定律与万有引力定律的应用，注意正确的运算是解题的关键.高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.（本题9分）下列说法符合史实的是（）A.开普勒在伽利略的基础上，导出了行星运动的规律B.牛顿发现了万有引
33、力定律C.亚里士多德发现了万有引力定律D.开普勒总结出了行星运动的规律，发现了万有引力定律2.如图所示，带正电q、质量为m的滑块，沿固定绝缘斜面匀速下滑，现加一竖直向上的匀强电场，电场强度为E,且qEVmg.以下判断正确的是：（）A.物体将沿斜面减速下滑 B.物体将沿斜面加速下滑C.物体仍保持匀速下滑 D.仅 当qE=mg时，物体继续保持匀速下滑3.（本题9分）2013年6月20日，我国宇航员王亚平在天宫授课时，利用质量测量仪粗略测出了聂海胜的质量（如图）.若聂海胜受到恒力F从静止开始运动，如图，经时间t移动的位移为s,则聂海胜的质量为B.D.Ft2sFt22s4.如图所示，电梯与水平地面成e
34、角，一人站在电梯上，电梯从静止开始匀加速上升，到达一定速度后再匀速上升，若 以N表示水平梯板对人的支持力，G为人受到的重力，f为电梯对人的静摩擦力，下列结论正确的是（）A.加速运动过程中用0,f、N,G都做功 B.加速运动过程中fM,N不做功C.匀速运动过程中fwo,N,G都做功 D.匀速运动过程中fwo,N,G都不做功：5.（本题9分）图中K、L、M为静电场中的三个相距很近的等势面（K、M之间无电荷）。一带电粒子射入此静电场中后，只受电场力作用，沿a f b f c f d f e轨迹运动。已知电势必（心 如，下列说法中正确A.此粒子带负电B.粒子在be段做加速运动C.粒子在c点时电势能最小
35、D.粒子通过b点和d点时的动能相等6.在列车编组站里，一辆质量为M的货车在平直轨道上以v=3m/s的速度运动，碰上一辆m的静止的货车，它们碰撞后结合在一起继续运动。若M=2m,则碰后它们的速度为（）D.0.5m/s7.（本题9分）如图所示，纸质圆桶以角速度3绕竖直轴高速转动，有一颗子弹沿直径穿过圆桶，若子弹在圆桶转动不到半周时在圆桶上留下两个弹孔a、b,已知0 a与0 b的夹角为仇圆桶的直径为d,则子弹的速度为（）A.d0/（2nw）B.du）0 C.du）/（2n0）D.du）/（n0）8.（本题9分）如图所示，光滑斜劈M放在光滑的水平面上，当滑块N从M上滑下时，M同时向左滑动。关于各力的做
36、功情况，下列判断正确的是（）A.M对N的支持力不做功B.M对N的支持力做负功C.N对M的压力不做功D.N对M的压力做负功9.（本题9分）如图所示，两质量相同的小球A、B分别用线悬在等高的01、点，A球的悬线比B球的长.把两球的悬线均拉到水平后将小球无初速释放，则经最低点时（以悬点为零势能点）下列说法不正确A.A球的速度大于B球的速度C.A球的机械能大于B球的机械能B.A球的动能大于B球的动能D.A球的机械能等于B球的机械能1 0.如图所示为示波管的工作原理图,电子经加速电场（加速电压为U,加速后垂直进入偏转电场，离开偏转电场时偏转量是h,两平行板间的距离为d,电压为6,板长为L,每单位电压引起
37、的偏移上叫做示波管的灵敏度.为了提高灵敏度,rOU-H/J I*A.减小d B.减小LC.增 大Ui D.增 大 6二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分11.（本题9分）如图是研究三辆汽车加速性能和制动性能时得到的v-t图像。下列分析正确的有（）A.甲的加速性能最好B.丙的加速性能最好C.乙的制动性能最好D.丙的制动性能最好12.如图所示，水平地面上停放一质量为3m的木板C,质量分别为2m和m的A、B两滑块，同时从木板的两端以相同的速率v滑上木板，两滑块相撞后粘连成一个整体一起运动
38、。已知木板C与水平地面间的动摩擦因数为打 滑块A、B与木板间的动摩擦因数分别为为3口和6 2则（）V/,A.木板C加速运动时的加速度大小为RgB.木 板C加速运动时的加速度大小为2HgVC.两滑块相撞后瞬间的速度大小一定小于1D.两滑块相撞后瞬间的速度大小可能等于:1 3.（本 题9分）如图所示，B球在水平面内做半径为R的匀速圆周运动，竖直平台与轨迹相切且高度为R,当B球运动到切点时，在切点正上方的A球水平飞出，速度大小为J jg R,g为重力加速度大小，为 使B球在运动一周的时间内与A球相遇，从B球运动到切点时开始计时，则下列说法正确的是（）A.相遇时，一定发生在t=时刻B.A球做平抛运动的
39、位移一定为2RC.B球做匀圆运动的速率一定为。血 还D.B球做匀圆运动的周期一定为伊1 4.（本题9分）如图，在光滑水平面上有一质量为机的物体，在与水平方向成。角的恒定拉力/作用下运动，则在时间/内（）A.重力的冲量为0B.拉力F的冲量为F tC.拉力户的冲量为Ecos。D.物体动量的变化量等于FfCOS。15.2019年1月1 9日，西昌卫星发射中心以 一箭双星”方式成功发射第42、43颗北斗导航卫星。对于那些在同一轨道上绕地球做匀速圆周运动的北斗卫星，下列物理量一定相同的是A.线速度的大小B.向心力的大小C.周期D.向心加速度的大小1 6.（本题9分）图示为一皮带传送装置，a、b分别是两轮
40、边缘上的点，a、b、c的半径之比为3：2：1.以Vi、V2、V3分别表示这三点线速度的大小，以31、32、3 3分别表示三点的角速度大小，则以下关系正确的是（）.A.Vi：V2：V3=3：2：1 B.V：V2：V3=3：3：1C.u）i:u）2:U）3=3：2：3 D.u）i:i）2:3 3=2 ：3：2三、实验题:共2小题，每题8分，共1 6分17.（本题9分）我们可以用如图所示的实验装置来探究影响向心力大小的因素.长槽上的挡板B到转轴的距离是挡板A的2倍，长槽上的挡板A和短槽上的挡板C到各自转轴的距离相等.转动手柄使长槽和短槽分别随变速塔轮匀速转动，槽内的球就做匀速圆周运动.横臂的挡板对球
41、的压力提供了向心力，球对挡板的反作用力通过横臂的杠杆作用使弹簧测力筒下降，从而露出标尺，标尺上的红白相间的等分格显示出两个球所受向心力的比值.（1）当传动皮带套在两塔轮半径不同的轮盘上时，塔轮边缘处的 相 等（选填“线速度或角速度”）；（2）探究向心力和角速度的关系时，应将传动皮带套在两塔轮半径不同的轮盘上，将 质量相同的小球分别放在挡板 和挡板 处（选填A或B或C）.18.利用物体的自由落体运动做验证机械能守恒定律实验是实验室常用的实验方法，记录小球的自由落体运动通常有三种方法：用打点计时器；用光电门；用频闪照相机。三种装置如图所示。打点计时器是大家所熟知的，光电门可记录小球通过光电门的时间
42、，频闪照相在按下快门的同时切断电磁铁的电源让小球自由下落。关于上图这三种实验方法，下列说法正确的是A.方法需要测量的量和计算方法相同B.方法需要测量小球直径dC.三种方法都需要测量下落重物的质量D.方法的系统误差最小下图是两位同学利用方法实验操作时释放纸带瞬间的照片，你认为操作正确的是H方法中测得小球被电磁铁吸住的位置到光电门的距离为h,小球直径为d,通过光电门的时间为加，重力加速度为g。当_ _ _ _ _ _=时，可认为小球下落过程中机械能守恒。（4）方法得到如下图所示频闪照片，测量结果已标注在图上，从小球由。点开始运动，到拍下D像，小球 重 力 势 能 的 减 少 量 密=J,小球动能的
43、增加量AEk=J。（取g=9.8m/s2,小球质量为/”=l k g,频闪照相机每隔0.05s闪光一次，结果保留三位有效数字）O A B C D 单位：cm ECP o o o o oH-11.024 8.57-4-11.01H四、解答题：本题共4题，每题5分，共20分19.（6分）（本题9分）光滑水平面AB与竖直面内的圆形导轨在B点连接，导轨半径R=0.5m,一个质量m=l kg的小球在A处压缩一轻质弹簧，弹簧与小球不拴接.用手挡住小球不动，此时弹簧弹性势能Ep=36 J,如图所示.放手后小球向右运动脱离弹簧,沿圆形轨道向上运动恰能通过最高点C,g取10 m/s1.求:0RA B小球脱离弹簧
44、时的速度大小；（1）小球从B到 C克服阻力做的功；小球离开C点后落回水平面的位置到B点的距离X.20.（6 分）（本题9 分）某宇航员乘坐载人飞船登上月球后，在月球上以大小为V。的速度竖直向上抛出一物体（视为质点），测得物体上升的最大高度为h,已知月球的半径为R,引力常量为G。求月球的质量M；（2）若登上月球前飞船绕月球做匀速圆周运动的周期为T,求此时飞船距离月球表面的高度H。21.（6分）（本题9 分）如图所示，质量为mB=1.5kg的平板车B静止在光滑水平面上，质量为mA=500g的物块A（可视为质点）以 2m/s的水平速度从左端开始在小车上滑行.物块A与平板车上表面的动摩擦因数 U=0.
45、1.若使物块A 不从平板车上滑出，试求：（gmiOrn/s2）（1）物块A在平板车上相对于平板车滑行的时间；（2）平板车的最小长度.AC C22.（8 分）（本题9 分）如图所示，有一辆质量为800kg的小汽车驶上圆弧半径为50m的拱桥.（g=10m/s2）.求：汽车到达桥顶时速度为5m/s,汽车对桥的压力是多大？（2）汽车以多大速度经过桥顶时便恰好对桥没有压力而腾空？如果拱桥的半径增大到与地球半径一样，汽车要在地面上腾空,速度要多大?（已知地球半径为6 400km）参考答案一、单项选择题：本题共10小题，每小题4 分，共 40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.B【解析
46、】【详解】开普勒在他的导师第谷天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律，牛顿在开普勒行星运动定律的基础上推导出万有引力定律，B 正 确.ACD错误.故选B2.C【解析】【详解】设斜面倾角为仇摩擦因数为“质量为m 的滑块，沿固定绝缘斜面匀速下滑，则有mgsin0=pimgcos0即有sin0=pcos0当加一竖直向上的匀强电场，电场强度为E,且 qESm g,此时物体合力应为：F=(mg-Eq)sin6-p(mg-Eq)cos0=O所以物体仍保持匀速下滑。A.A项与上述分析结论不相符，故 A 不符合题意；B.B项与上述分析结论不相符，故 B 不符合题意；C.C项与上述分析结论相符，故 C 符
47、合题意；D.D项与上述分析结论不相符，故 D 不符合题意。3.D【解析】12vP 厂 产根据s=。/得，a=；根据牛顿第二定律得，F =m a,解得：=.故D 正确，A、B、C2 ra 2s正 确.故 选 D.【点睛】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本综合，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁.4.A【解析】【分析】运动的分解方法有两种：分解速度而不分解加速度，分解加速度而不分解速度.【详解】A、B、加速过程中，人的加速度斜向上，将加速度分解到水平和竖直方向得：ax=acos0,方向水平向右；ay=asin0,方向竖直向上，水平方向受静摩擦力作用，f=ma=macos0,水平向右，竖直方向
48、上有位移，所以重力和支持力都做功，在水平方向上有位移，则摩擦力也做功，故 A 正确，B 错误.C、D、匀速过程中，人受力平衡，水平方向无相对运动趋势则不受摩擦力，但在竖直方向上有位移，所以重力和支持力都做功，故 C、D 错误；故选A.【点睛】解决本题时可以把加速度进行分解，结合牛顿第二定律求解；然后再根据功的公式进行分析，注意功的正负的判断.5.D【解析】【详解】由图知，粒子轨迹向左弯曲，则带电粒子所受电场力大体向左。电场线与等势面垂直，且指向低电势，电场线的分布大致向左，则可知粒子带正电。故 A 错误。be段力与速度方向夹角大于90度；故粒子做减速运动；故 B 错误。b f c 动能减小，根
49、据能量守恒，电势能增加，c 点电势能最大；故 C 错误；bd在同一等势面上，电势能相等，则动能相等，故 D 正确。故选D。【点睛】本题是轨迹问题，首先根据轨迹的弯曲方向判断带电粒子所受的电场力方向，画电场线是常用方法。6.B【解析】【详解】两货车碰撞过程中系统内力远远大于系统的外力，系统的动量守恒，以碰撞前M 的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：二二=（二 +二）二 解得：0；=-=7=7-=2 m sA.3m/s与计算结果不相符；故 A 项不合题意.B.2m/s与计算结果相符；故 B 项符合题意.C.lm/s与计算结果不相符；故 C 项不合题意.D.0.5m/s与计算结果不相符；故 D
50、项不合题意.7.D【解析】【分析】【详解】设子弹的速度为Vo,由题意知，子弹穿过两个孔所需时间为：t=d/v.纸质圆筒在这段时间内转过角度为n-e,由角速度的公式有：3=(n-0)/t.(2)由两式解得：Vo=d3/(n8).故 选D【点睛】本题找出在子弹穿过圆筒的时间内，圆筒转过的角度是解决本题的关键，题中提到是在圆筒转动不到半周的过程中穿过的，故转过的角度是-仇8.B【解析】【详解】AB.M对N的支持力始终垂直M的斜面方向，因M向左移动，N的位移与M斜面夹角是钝角，故M对N的支持力做负功，故A错误，B正确；CD.N对M的压力垂直斜面向下，M的位移向左，故N对M的压力与M位移夹角为锐角，N对