《2023届福建省福州市第一中学高三第三次模拟考试物理试卷含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023届福建省福州市第一中学高三第三次模拟考试物理试卷含解析.doc（15页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023年高考物理模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，长为L、倾角的传送带始终以2.5m/s的速率顺时针方向运行，小物块以4.5m/s的速度从传送带底端A沿传送带上滑，恰能到达传送带顶端B，已知物块与斜面间的动摩擦因数为，取，最大静摩
2、擦力与滑动摩擦力大小相等，则下列图像中能正确反映物块在传送带上运动的速度v随时间t变化规律的是（）ABCD2、2019年10月30日在新疆喀什发生4级地震，震源深度为12 km。如果该地震中的简谐横波在地壳中匀速传播的速度大小为4 km/s，已知波沿x轴正方向传播，某时刻刚好传到x=120 m处，如图所示，则下列说法错误的是（ ）A从波传到x=120 m处开始计时，经过t=0.06 s位于x=360 m的质点加速度最小B从波源开始振动到波源迁移到地面需要经过3 s时间C波动图像上M点此时速度方向沿y轴负方向，动能在变大D此刻波动图像上除M点外与M点位移大小相同的质点有7个3、如图所示。粗糙的水
3、平桌面上，三根完全相同的轻质弹簧原长均为a，劲度系数均为k，两端分别与完全相同的物块（可看成质点）相连，形成平行于桌面的静止正三角形，此时该正三角形的外接圆半径是R，弹簧均伸长且在弹性限度内，则每个物块与桌面间的静摩擦力大小是（）ABCD4、自然界的电、磁现象和热现象都是相互联系的，很多物理学家为寻找它们之间的联系做出了贡献。下列说法正确的是（）A安培发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系B欧姆发现了欧姆定律，揭示了热现象和电现象之间的联系C法拉第发现了电流与其产生磁场的方向关系，并提出了电流产生磁场的“分子电流假说”D库仑设计了电荷扭秤实验，并总结出了电荷间相互作用规律的“库仑定
4、律”5、质量为的篮球从某一高处从静止下落，经过时间与地面接触，经过时间弹离地面，经过时间达到最高点。重力加速度为，忽略空气阻力。地面对篮球作用力冲量大小为（）ABCD6、如图所示，理想变压器原线圈串联一个定值电阻之后接到交流电源上，电压表的示数恒定不变，电压表和的示数分别用和表示，电流表A的示数用表示，所有电表都可视为理想电表。当滑动变阻器R的滑片P向上滑动时，下列说法正确的是（ ）A和的比值不变B电流表A的示数增大C电压表的示数减小D电阻和滑动变阻器R消耗的功率的比值总是等于二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得
5、5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，足够长的粗糙斜面固定于竖直向上的匀强电场中，两个带等量负电荷的物体AB（不计AB间的相互作用）用质量不计的轻弹簧直接相连，在恒力作用下沿斜面向上做匀速运动，AB与斜面间的动摩擦因数分别为且，物体所受最大静摩擦力等于滑动摩擦力。某时刻轻弹簧突然断开，A在作用下继续前进，B最后静止在斜面上，则（）A轻弹簧断开前，摩擦力对B的冲量大于对A的冲量BB静止前，A和B组成的系统动量守恒C轻弹簧断开瞬间，B物体加速度为零D轻弹簧断开后，A物体所受重力的功率变大、电势能增大8、如图所示，一质量为的小物块（可视为质点）从高处的点由静止沿光滑的圆弧轨道滑下，
6、进入半径为竖直圆环轨道，与圆环轨道的动摩擦因数处处相同，当到达圆环轨道的顶点时，小物块对圆环轨道的压力恰好为零。之后小物块继续沿滑下，进入光滑轨道，且到达高度为的点时速度为零，则下列说法正确的是（）（取）A小物块在圆环最高点时的速度为B小物块在圆环最高点时的速度为C的值可能为D的值可能为9、示波器的核心部件是示波管，示波管由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，其原理图如图甲所示。下列说法正确的是（）A如果仅在XX之间加不变的电压（X正X负），在荧光屏的正Y轴上将出现一个亮斑B如果仅在XX之间加图乙所示的电压，在荧光屏上会看到X轴上一条水平的亮线C如果在XX之间加不变的电压（X正X负），在YY之间加图
7、丙所示的电压，在荧光屏上会看到一条与Y轴平行的竖直亮线（在、象限）D如果在XX之间加图乙所示的电压，在YY之间加图丙所示的电压，在荧光屏上看到的亮线是正弦曲线10、下列说法正确的是（ ）A液晶与多晶体一样具有各向同性B水杯装满水水面不是平面，而是“上凸”的，这是表面张力所致C相对湿度是空气中水汽压与相同温度下饱和水汽压的百分比D饱和汽压一定随温度的升高而增大E.脱脂棉脱脂的目的，在于使它从能被水浸润变为不能被水浸润，以便吸取药液三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“研究一定质量理想气体在温度不变时，压强和体积的关系”实验中某同学
8、按如下步骤进行实验：将注射器活塞移动到体积适中的V1位置，接上软管和压强传感器，通过DIS系统记录下此时的体积V1与压强p1用手握住注射器前端，开始缓慢推拉活塞改变气体体积读出注射器刻度表示的体积V，通过DIS系统记录下此时的V与压强p重复两步，记录5组数据作p图(1)在上述步骤中，该同学对器材操作的错误是：_因为该操作通常会影响气体的_（填写状态参量）(2)若软管内容积不可忽略，按该同学的操作，最后拟合出的p直线应是图a中的_（填写编号）(3)由相关数学知识可知，在软管内气体体积V不可忽略时，p图象为双曲线，试用玻意耳定律分析，该双曲线的渐近线（图b中的虚线）方程是p=_（用V1、p1、V表
9、示）12（12分）某研究性学习小组用如图所示的实验装置测量木块与木板间的动摩擦因数。实验室提供的器材有：带定滑轮的长木板、有凹槽的木块、钩码若干、细线和速度传感器等。实验中将部分钩码悬挂在细线下，剩余的全部放在木块的凹槽中，保持长木板水平，利用速度传感器测量木块的速度。具体做法是：先用刻度尺测量出A、B间的距离L，将木块从A点由静止释放，用速度传感器测出它运动到B点时的速度，然后从木块凹槽中移动钩码逐个悬挂到细线下端，改变悬挂钩码的总质量m，测得相应的速度，由运动学公式计算对应的加速度，作出图象如图所示。回答下列问题：(1)设加速度大小为，则与及L之间的关系式是_。(2)已知当地重力加速度g取
10、，则木块与木板间的动摩擦因数_（保留2位有效数字）；的测量值_（填“大于”“小于”或“等于”）真实值，其原因是_（写出一个即可）。(3)实验中_（填“需要”或“不需要”）满足悬挂钩码的质量远小于木块和槽中钩码的总质量。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在倾角为30且足够长的斜面上，质量为3m的物块B静止在距斜面顶编为L的位置，质量为m的光滑物块A由斜面顶端静止滑下，与物块B发生第一次正碰。一段时间后A、B又发生第二次正碰，如此重复。已知物块A与物块B每次发生碰撞的时间都极短且系统的机械能都没有损
11、失，且第二次碰撞发生在物块B的速度刚好减为零的瞬间。已知物块B所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小为g。求（1）A、B发生第一次碰撞后瞬间的速度（2）从一开始到A、B发生第n次碰撞时，物块A在斜面上的总位移。14（16分）小明设计的电磁健身器的简化装置如图所示，两根平行金属导轨相距l0.50 m，倾角53，导轨上端串接一个R0.05 的电阻在导轨间长d0.56 m的区域内，存在方向垂直导轨平面向下的匀强磁场，磁感应强度B2.0 T质量m4.0 kg的金属棒CD水平置于导轨上，用绝缘绳索通过定滑轮与拉杆GH相连CD棒的初始位置与磁场区域的下边界相距s0.24 m一位健身者用恒力F80
12、 N拉动GH杆，CD棒由静止开始运动，上升过程中CD棒始终保持与导轨垂直当CD棒到达磁场上边界时健身者松手，触发恢复装置使CD棒回到初始位置(重力加速度g10 m/s2，sin 530.8，不计其它电阻、摩擦力以及拉杆和绳索的质量)求： (1)CD棒进入磁场时速度v的大小；(2)CD棒进入磁场时所受的安培力FA的大小；(3)在拉升CD棒的过程中，健身者所做的功W和电阻产生的焦耳热Q.15（12分）如图所示，水平地面上固定一个倾角，高的斜面，时刻起在斜面底端A处有一个小物块质量，以初速度沿斜面向上运动，并且时刻起有一平行于斜面的斜向下的的恒力作用在物块上，作用时间为。已知物块与斜面间动摩擦因数，
13、物块与斜面间的最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，不计空气阻力影响，求：(1)物块向上滑行的距离及时间；(2)撤掉外力后物块经多长时间停下来。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】ABCD开始阶段，物块的速度比传送带的大，相对于传送带向上运动，受到的滑动摩擦力沿传送带向下，根据牛顿第二定律得解得方向沿传送带向下，当物块与传送带共速时，因所以物块与传送带不能保持相对静止，根据牛顿第二定律得解得 方向沿传送带向下，所以物块继续做加速度较小的匀减速运动，直到速度为零，ACD错误B正确。故选B。2、B【解析】A根据图
14、像可知，波长为60m，波速为4km/s，所以可得周期为0.015s，0.06s的时间刚好是整数个周期，可知横波刚传到360m处，此处质点开始从平衡位置向-y方向运动，加速度最小，A正确，不符题意；B波在传播的时候，波源没有迁移，B错误，符合题意；C波的传播方向是向右，所以根据同侧法可知，波动图像上M点此时速度方向沿y轴负方向，动能在变大，C正确，不符题意；D过M点作水平线，然后作关于x轴的对称线，可知与波动图像有7个交点，所以此刻波动图像上除M点外与M点位移大小相同的质点有7个，D正确，不符题意。本题选错误的，故选B。3、D【解析】由几何知识可知弹簧的长度为，则物块受到两个夹角为的弹簧弹力由力
15、的平衡条件知，摩擦力故D正确，ABC错误。故选D。4、D【解析】A奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系。不是安培，所以A错误；B欧姆发现了欧姆定律，说明了电路中的电流与电压及电阻的关系。所以B错误；C安培发现了电流与其产生磁场的方向关系，并提出了电流产生磁场的“分子电流假说”。不是法拉第，所以C错误；D库仑设计了电荷扭秤实验，并总结出了电荷间相互作用规律的“库仑定律”，符合物理学史。所以D正确。故选D。5、A【解析】选向下为正，运动全程由动量定理得：mg（t1+t2+t3）+I地=0，则有：I地=-（mgtl+mgt2十mgt3）， 负号表方向。A，故A符合题意；B，故B不
16、符合题意；C，故C不符合题意；D，故D不符合题意。故选A。6、D【解析】ABC当滑动变阻器的滑片P向上滑动时，副线圈回路中电阻增大，副线圈回路中电流减小，则原线圈电流减小，即电流表示数减小，两端电压减小，恒定不变，则增大，则和的比值变小，故ABC错误；D因为是理想变压器，滑动变阻器R消耗的功率等于原线圈输入功率，则故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A设AB所带电荷量均为，则物A所受摩擦力 由于不知道与的大小，故无法判断与的大小关系，故A
17、错误；BB静止前，AB组成的系统所受合外力为零，系统动量守恒，故B正确；C轻弹簧断开瞬时，B物体受重力、斜面支持力和摩擦力作用，加速度不为零，故C错误；D物体A在轻弹簧断开前，在拉力作用下匀速向上运动弹簧断开后，少了向下的拉力，物体A所受合力向上，做加速运动，所以重力的功率增大，电场力做负功，电势能增大，故D正确。故选BD。8、AD【解析】AB小物块在圆环最高点时有解得所以A正确，B错误；CD过程克服摩擦力做的功为过程克服摩擦力做的功为，因该过程小物块与轨道的平均压力小于过程，则摩擦力也小，则有过程，由动能定理得解以上各式得所以D正确，C错误。故选AD。9、BD【解析】A如果仅在XX之间加不变
18、的电压（X正X负），电子在两极间发生偏转，做类平抛运动，电子射出时沿垂直于板面的方向偏移为电子离开电场的偏转角度为则电子达到屏上距离中心的距离为其中是极板到屏的垂直距离，即与U成正比，所加电压不变，电子的在光屏的位置不变，所以在荧光屏的正X轴上将出现一个亮斑，所以A错误；B如果仅在XX之间加图乙所示的电压，所以电子只在X方向偏转，由图象可知，电压均匀增大，又与U成正比，所以亮点在X轴上均匀分布，所以在X轴上是一条水平的亮线，所以B正确；C如果在XX之间加不变的电压（X正X负），在YY之间加图丙所示的电压，电子既要在X方向偏转，也要在Y方向偏转，由于XX之间的电压不变，所以看到的也是一条平行与Y
19、轴的亮线，在、象限，所以C错误；D如果在XX之间加图乙所示的电压，在YY之间加图丙所示的电压，电子既要在X方向偏转，也要在Y方向偏转，但在X轴方向均匀分布，所以看到的就是和图丙一样的正弦曲线，所以D正确。故选BD。10、BCD【解析】A.液晶在光学性质上表现为各向异性，多晶体具有各向同性，故A错误；B. 装满水的水面是“上凸”的，这是表面张力产生的不浸润现象所致，故B正确；C.空气的相对湿度等于水蒸气的实际压强与同温下水的饱和汽压的比值，故C正确；D.温度越高，液体越容易挥发，故饱和汽压随温度的升高而增大，故D正确；E.脱脂棉脱脂的目的，在于使它从不能被水浸润变为可以被水浸润，以便吸取药液，故
20、E错误。故选：BCD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、用手握住注射器前端 温度 1 P1（） 【解析】(1)12在进行该实验时要保持被封闭气体的温度不变化，所以实验中，不能用手握住注射器前端，否则会使气体的温度发生变化(2)3在p图象中，实验中因软管的体积不可忽略，气体测出的体积要比实际体积要小，所以压强P会偏大，最后拟合出的p直线应是图a中的1图线(3)4在软管内气体体积V不可忽略时，被封闭气体的初状态的体积为V1+V，压强为P1，末状态的体积为V+V，压强为P，由等温变化有：P1（V1+V）=P（V+V）解得：P=P1（）当式中
21、的V趋向于零时，有：P=P1（）即该双曲线的渐近线（图b中的虚线）方程是：P=P1（）12、 0.34（0.320.35均可） 大于滑轮与轴承 细线间有摩擦 不需要 【解析】（1）1根据匀变速直线运动的规律有。（2）2设木块的质量为M，钩码的总质量为，根据牛顿第二定律有联立解得加速度由题图可知，当时，则木块与木板间的动摩擦因数；3因滑轮与轴承、细线间有摩擦，所以测量值大于真实值。（3）4实验中没有采用细线拉力等于重力，所以不需要满足悬挂钩码的总质量远小于木块和槽中钩码的总质量。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（
22、1）方向沿斜而向上；方向沿斜面向下；（2）L+（n-1）=（n =1，2，3）【解析】（1）设物块A运动至第一次碰撞前速度为，由动能定理得mgsinL=A、B发生弹性正碰，有=解得第一次碰撞后瞬间A、B的速度，方向沿斜而向上，方向沿斜面向下（2）碰后经时间t时A、B发生第二次正碰，则A、B的位移相等，设为x，取沿斜而向右下为正方向，对B有x=对A有：x=解得第二次碰前A的速度vA2=v0x=因为第二次碰前两物体的速度与第一次碰前完全相同，因此以后每次碰撞之间两物体的运动情况也完全相同。到第n次碰撞时，物块A在斜面上的总位移：s=L+（n-1）=（n =1，2，3）14、（1）2.4m/s（2）48N（3）64J；26.88J【解析】(1)由牛顿第二定律：进入磁场时的速度：(2)感应电动势：感应电流：安培力：代入得：(3)健身者做功：由牛顿定律：CD棒在磁场区做匀速运动在磁场中运动时间：焦耳热：15、 (1)30m，2s；(2)1s。【解析】(1)物块上滑过程中，加速度联立解得上滑过程经历的时间上滑过程的位移(2)因为，所以物块未从斜面顶端飞出。物块下滑，撤去之前的下滑过程中，加速度沿斜面向下解得经历的时间 恒力撤去，物块加速度沿斜面向上解得经历的时间速度减为0。