《2023届河北省安平中学高三第一次调研测试物理试卷含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023届河北省安平中学高三第一次调研测试物理试卷含解析.doc（13页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023年高考物理模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示为氢原子的能级图，一个处于基态的氢原子，吸收一个光子受到发后最多可以辐射三种不同率的光子，则被吸收光子的能量为A10.2eVB12.09evC12.75eVD13.06eV2、如图
2、，理想变压器的原线圈接在输出电压有效值不变的正弦交流电源上，副线圈的中间有一抽头将副线圈分为匝数分别为n1和n2的两部分，抽头上接有定值电阻R。开关S接通“1”、“2”时电流表的示数分别为I1、I2，则为（）ABCD3、如图是飞机在上海市由北往南飞行表演过程画面，当飞机从水平位置飞到竖直位置时，相对于飞行员来说，关于飞机的左右机翼电势高低的说法正确的是（ ）A不管水平飞行还是竖直向上飞行，都是飞机的左侧机翼电势高B不管水平飞行还是竖直向上飞行，都是飞稱的右机翼电势高C水平飞行时，飞机的右侧机翼电势高，竖直向上飞行时，飞机的左侧机翼电势高D水平飞行时，飞机的左侧机翼电势高；竖直向上飞行时，飞机的
3、右侧机翼电势高4、如图所示为某大桥，图中桥墩之间的四段距离均为110m。可视为质点的一辆汽车从a点由静止开始做加速度恒定的加速直线运动。已知该车通过bc段的时间为t，则通过ce段的时间为（）ABCD5、如图，一演员表演飞刀绝技，由O点先后抛出完全相同的三把飞刀，分别垂直打在竖直木板上M、N、P三点.假设不考虑飞刀的转动，并可将其看做质点，已知O、M、N、P四点距离水平地面高度分别为h、4h、3h、2h，以下说法正确的是（）A三把刀在击中板时动能相同B三次飞行时间之比为C三次初速度的竖直分量之比为3:2:1D设三次抛出飞刀的初速度与水平方向夹角分别为1、2、3，则有1236、烟雾探测器使用了一种
4、半衰期为432年的放射性元素镅来探测烟雾。当正常空气分子穿过探测器时，镅衰变所释放的射线会将它们电离，从而产生电流。一旦有烟雾进入探测腔内，烟雾中的微粒会吸附部分射线，导致电流减小，从而触发警报。则（ ）A镅放出的是X射线B镅放出的是射线C1mg的镅经864年将有0.75mg发生衰变D发生火灾时，烟雾探测器中的镅因温度升高而半衰期变短二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、 “嫦娥二号”的任务之一是利用经技术改进的射线谱仪探测月球表面多种元素的含量与分布特征。月球表面一些
5、元素（如钍、铀）本身就有放射性，发出射线；另外一些元素（如硅、镁、铝）在宇宙射线轰击下会发出射线。而射线谱仪可以探测到这些射线，从而证明某种元素的存在。下列关于射线的说法正确的是（）A射线经常伴随射线和射线产生B射线来自原子核C如果元素以单质存在其有放射性，那么元素以化合物形式存在不一定其有放射性D射线的穿透能力比射线、射线都要强8、如图所示，在范围足够大、磁感应强度为B的垂直纸面向里的水平匀强磁场内，固定着倾角=30的足够长绝缘斜面，一个质量为m、电荷量为+q的带电小物块置于斜面的顶端处静止状态，现增加一水平向左的场强E=的匀强电场。设滑动时小物块的电荷量不变，从加入电场开始计时，小物块的摩
6、擦力f大小与时间t、加速度大小a与时间t的关系图像可能正确的是（ ）ABCD9、一个静止的质点在t=0到t=4s这段时间，仅受到力F的作用，F的方向始终在同一直线上，F随时间t的变化关系如图所示下列说法中正确的是（ ）A在t=0到t=4s这段时间，质点做往复直线运动B在t=1s时，质点的动量大小为1kgm/sC在t=2s时，质点的动能最大D在t=1s到t=3s这段时间，力F的冲量为零10、下列说法正确的是（）A液体表面存在张力是因为液体表面层分子间的距离大于液体内部分子间的距离B密闭容器中的理想气体温度不变，体积增大，则气体一定吸热C分子间距增大时，分子势能增大，分子力做负功D热量可以从低温物
7、体传到高温物体而不引起其他变化E.液体不浸润固体的原因是，附着层的液体分子比液体内部的分子稀疏三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某小组利用打点计时器测量橡胶滑块与沥青路面间的动摩擦因数。给橡胶滑块一初速度，使其拖动纸带滑行，打出纸带的一部分如图所示。已知打点计时器所用交流电的频率为50Hz，纸带上标出的每两个相邻点之间还有4个打出的点未画出，经测量AB、BC、CD、DE间的距离分别为。在ABCDE五个点中，打点计时器最先打出的是_点，在打出D点时物块的速度大小为_m/s（保留3位有效数字）；橡胶滑块与沥青路面间的动摩擦因数为_（
8、保留1位有效数字，g取9.8 m/s2）。12（12分）某同学设计如图所示的装置测量灵敏电流计的内阻Rg，电压表可视为理想电压表，请完成以下问题：(1)按照原理图甲，完成图乙中实物间的连线_；(2)实验时，闭合开关前应先将电阻箱的电阻调到_（选填“最大值”，“最小值”或“任意值”）；(3)调节电阻箱的阻值，使灵敏电流计满偏。并读出此时电阻箱的阻值R，电压表示数U。已知灵敏电流计满偏时的示数Ig，则灵敏电流计的内阻Rg=_（用R、U、Ig表示）；(4)已知该灵敏电流计的内阻Rg=300，满偏电流Ig=200A，除该灵敏电流计外，还有以下实验器材：A电池组（电动势6V，内阻约为0.5）；B滑动变阻
9、器R（010，额定电流1A）；C电流表A（050mA，内阻约为20）；D标准电阻R1=14700E.一个电键S、导线若干现要用伏安法测量一个阻值约为50的电阻Rx的阻值，请在方框中画出测Rx阻值的实验电路图_（要求测量结果尽量准确，电表的测量范围尽可能大一些，并在电路图中标明对应器材的符号）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在一竖直放置的圆环形管道内封闭有一定质量的理想气体用一绝热的固定活塞C和绝热、不计质量、可自由移动的活塞A将管道内气体分隔成体积相等的两部分，A、C与圆环的圆心O等高，两部
10、分气体的温度均为T0=300K现保持下部分气体的温度不变，对上部分气体缓慢加热至T=500K，求此时活塞A的位置与O点的连线跟竖直方向OB之间的夹角（不计两活塞的体积）14（16分）如图，内壁光滑的绝热气缸竖直放置，内有厚度不计的绝热活塞密封，活塞质量m=10kg。初始时，整个装置静止且处于平衡状态，活塞与底部的距离为l0，温度T0=300K。现用电阻丝（体积不计）为气体加热，同时在活塞上添加细砂保持活塞的位置始终不变直到T=600K。已知大气压强p0=1105Pa，活塞截面积S=1.010-3m2，取g=10m/s2，求：(i)温度为T时，气体的压强；(ii)活塞上添加细砂的总质量m。15（
11、12分）如图所示，足够长的“U”形框架沿竖直方向固定，在框架的顶端固定一定值电阻R，空间有范围足够大且垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，电阻值均为R的金属棒甲、乙垂直地放在框架上，已知两金属棒的质量分别为m=2.010-2kg、m乙=1.010-2kg。现将金属棒乙锁定在框架上，闭合电键，在金属棒甲上施加一竖直向上的恒力F，经过一段时间金属棒甲以v=10m/s的速度向上匀速运动，然后解除锁定，金属棒乙刚好处于静止状态，忽略一切摩擦和框架的电阻，重力加速度g=10m/s2。则(1)恒力F的大小应为多大？(2)保持电键闭合，将金属棒甲锁定，使金属棒乙由静止释放，则金属棒乙匀速时的速度v2
12、应为多大？(3)将两金属棒均锁定，断开电键，使磁感应强度均匀增加，经时间t=0.1s磁感应强度大小变为2B此时金属棒甲所受的安培力大小刚好等于金属棒甲的重力，则锁定时两金属棒之间的间距x应为多大？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】一个氢原子处于激发态最多可以辐射三种不同频率的光子，则该氢原子处于n=4激发态，该氢原子处于基态时吸收的光子能量为：hv =（-0.85eV）-（-13.6 eV）=12.75eVABD.由计算可得被吸收光子的能量为12.75eV ，ABD错误； C.由计算可得被吸收光子的能量
13、为12.75eV ，C正确2、C【解析】设变压器原线圈两端的电压为U0、匝数为n0，根据变压器原理可知副线圈n1和n2的电压分别为，根据能量守恒，整理得故ABD错误，C正确。故选C。3、D【解析】地磁场在北半球有竖直向下和由南向北的水平分量，水平由北向南飞行时，飞机的两翼切割竖直向下的磁感线，根据右手定则可知，左侧机翼电势高；竖直向上飞行时，两翼切割水平方向的磁感线，根据右手定则可知，机翼右侧电势高，D正确，ABC错误。故选D。4、A【解析】汽车从a点由静止开始做加速度恒定的加速直线运动，四段大小相同的位移所需要的时间之比为设通过ce段的时间为，则解得故A正确，BCD错误。故选A。5、D【解析
14、】A.将飞刀的运动逆过来看成是一种平抛运动，三把刀在击中板时的速度大小即为平抛运动的初速度大小，运动时间为，初速度为，由图看出，三把刀飞行的高度不同，运动时间不同，水平位移大小相等，由平抛运动的初速度大小不等，即打在木板上的速度大小不等，故三把刀在击中板时动能不同;故A错误.B.竖直方向上逆过来看做自由落体运动，运动时间为，则得三次飞行时间之比为;故B错误.C.三次初速度的竖直分量等于平抛运动下落的速度竖直分量，由，可得它们得竖直分速度之比为;故C错误.D.设任一飞刀抛出的初速度与水平方向夹角分别为，则，则得123;故D正确.6、C【解析】AB镅会释放出射线将它们电离，从而产生电流，而三种射线
15、中射线能使空气电离，故镅放出的是射线，故AB错误；C半衰期为432年，当经864年，发生两次衰变，1mg的镅将衰变掉四分之三即0.75mg，还剩下0.25 mg没有衰变，故C正确；D半衰期由原子核本身的性质决定，与物理条件和化学状态均无关，则温度升高而半衰期不变，故D错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】AB.射线是原子核发生变化时伴随射线和射线放出来的，故AB正确；C.元素的放射性与其为单质还是化合物无关，故C错误；D. 射线本质是高速光子
16、流，穿透能力比射线、射线都要强，故D正确。故选ABD。8、BD【解析】加电场后，滑块受到水平向左的电场力，大小为F电=mg，和竖直向下的重力合成可得合力为F=2mg，方向沿斜面向下；此时斜面受到的正压力为零，滑块受摩擦力为0；滑块沿斜面做加速运动，则受到垂直斜面向下的洛伦兹力，随速度的增加，洛伦兹力变大，则滑块对斜面的正压力变大，摩擦力逐渐变大；根据2mg-f=ma可知，加速度逐渐减小，当2mg=f时，加速度a=0，滑块做匀速运动，则图像BD正确，AC错误。故选BD。9、CD【解析】02s内，合力方向不变，知加速度方向不变，物体一直做加速运动，24s内，合力方向改为反向，则加速度方向相反，物体
17、做减速运动，因为02s内和24s内加速度大小和方向是对称的，则4s末速度为零，在整个运动过程的速度方向不变，一直向前运动，第4s末质点位移最大；故A错误F-t图象中，图象与时间轴围成的面积表示力的冲量，在t=1s时，冲量大小I1=0.5Ns，根据动量定理可知，质点的动量大小为0.5kgm/s，故B错误由A的分析可知，在t=2s时，质点的动能最大，故C正确；F-t图象中，图象与时间轴围成的面积表示力的冲量，由图可知，在t=1s到t=3s这段时间，力F的冲量为零，故D正确；故选CD【点睛】解决本题的关键会通过牛顿第二定律判断加速度的方向，当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方
18、向相反，做减速运动同时能正确根据动量定理分析问题，明确F-t图象的性质，能正确求解力的冲量10、ABE【解析】A液体表面层分子间的距离大于液体内部分子间距离，分子力表现为引力，故液体表面存在表面张力；故A正确；B密闭容器中的理想气体温度不变，气体内能不变，体积增大，气体对外界做功，由热力学第一定律可得气体一定要从外界吸热，故B正确；C当分子间作用力表制现为斥力时，距离增大，分子力做正功，分子势能减小；当分子间作用力表现为引力时，距离增大，分子力做负功，分子势能增大。故C错误；D根据热力学第二定律的另一种表述可知，热量不能自发地从低温物体传到高温物体，而不引起其他变化，故D错误；E液体不浸润固体
19、的原因是，附着层的液体分子可能比液体内部稀疏，也就是说，附着层内液体分子间的距离大于分子力平衡的距离，附着层内分子间的作用表现为引力，附着层由收缩的趋势，就像液体表面张力的作用一样。这样的液体与固体之间表现为不浸润，所以E正确。故选ABE。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、E 1.37 0.5 【解析】1橡胶滑块在沥青路面上做匀减速直线运动，速度越来越小，在相等的时间内，两计数点间的距离越来越小，所以打点计时器最先打出的是E点；2由题知，每两个相邻点之间还有4个打出的点未画出，所以两个相邻计数点的时间为：T=0.1s，根据匀变速直线运
20、动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，则打出D点时物块的速度大小为代入数据解得：vD=1.37m/s；3根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：代入数据解得：a=-5m/s2对橡胶滑块，根据牛顿第二定律有：解得：12、 最大值 【解析】(1) 1实物连线如图(2) 2 实验时，闭合开关前应使电路中的电流最小，故先将电阻箱的电阻调到最大值。(3)3由欧姆定律解得灵敏电流计的内阻(4)4伏安法测电阻需要电压表，由于器材中没有电压表，所以需要用表头串联电阻R1改装成电压表。若滑动变阻器采用限流式接法，则电路中的最小电流大约为超过电流表的量程，故只能采用分压式接法。由于表头
21、内阻已知，电流表采用外接法。故电路图如图四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、45【解析】设圆环管道内上下两部分气体的初始体积为V0，加热前后两部分气体的压强分别为P0、P，上部分气体体积的增加量为V，对上部分气体，根据理想气体状态方程有对下部分气体，根据玻意耳定律有P0V0=P（V0-V）解得V=V0故活塞A的位置与O点的连线和竖直方向的夹角为=45【名师点睛】本题关键是找到两部分气体的状态参量，然后根据玻意耳定律和气体的状态变化方程列式后联立求解，不难，要用耐心14、 (i)4105Pa；(ii)20kg。【解析
22、】(i)初状态时，设气体的压强为，以活塞为研究对象，由平衡条件知末状态时，设气体的压强为，由查理定律有解得=4105Pa(ii)末状态时.以活塞为研究对象，由平衡条件知解得:m=20kg15、 (1) 0.4N；(2) 5m/s；(3) 【解析】(1)金属棒甲匀速运动时，由力的平衡条件可知：F=m甲g+BI甲L由题图可知流过金属棒乙的电流大小应为：金属棒乙刚好处于静止状态，由平衡条件可知：由以上整理得：F=m甲g+2m乙g代入数据解得：F=0.4N；(2)金属棒乙锁定，闭合电键，金属棒甲向上匀速运动时，有E甲=BLv1由闭合电路的欧姆定律得：对金属棒乙，由平衡条件可知：BI甲L=2BI乙L=2m乙g解得：将金属棒甲锁定，金属棒乙匀速时，有：解得：联立解得：v2=5m/s；(3)由法拉第电磁感应定律得：由闭合电路的欧姆定律得：由题意可知：m甲g=2BIL联立以上可得：解得：代入数据得：。