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1、2023年高考物理模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上,在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答;第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后,考生须将试卷和答题卡放在桌面上,待监考员收回。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、在地球上不同的地方,重力加速度大小是不同的。若把地球看成一个质量分布均匀的球体,已知地球半径为R,地球自转的周期为T,则地球两极处的重力加速度与赤道处的重力加速度之差为ABCD2、有关量子理论及相关现象,下列说法中正确的是( )A能量量子化
2、的观点是爱因斯坦首先提出的B在光电效应现象中,遏止电压与入射光的频率成正比C一个处于n4激发态的氢原子向基态跃迁时,最多能辐射出3种频率的光子D射线、射线、射线都是波长极短的电磁波3、一卫星绕某一行星表面附近做匀速圆周运动,其线速度大小为。假设宇航员在该行星表面上用弹簧测力计测量一质量为的物体,物体静止时,弹簧测力计的示数为F。已知引力常量为G,则这颗行星的质量为( )ABCD4、如图甲所示,物体在竖直方向受到大小恒定的作用力F=40N,先由静止开始竖直向上做匀加速直线运动,当t=1s时将F反向,大小仍不变,物体的图象如图乙所示,空气对物体的阻力大小恒定,g=10m/s2,下列说法正确的是()
3、A物体在1.25s内拉力F的平均功率为160WB物体1.25s内阻力做功的平均功率为为16WC空气对物体的阻力为6ND物体的质量为4kg5、如图,虛线1、2、3是竖直方向匀强电场中间距相等的等势线。将重力不可忽略、带等量异种电荷的小球、同时以相等的速率分别沿1、3等势线抛出,时刻两小球经过等势线2。不计两小球间的相互作用。下列说法正确的是()A的质量比的小B在时刻,的动能比的大C在时刻,和的电势能相等D在时刻,和的动量大小相等6、如图所示,绝缘水平地面上固定一个光滑绝缘斜面,斜面与水平面的夹角=30一根轻质绝缘细线的一端固定在斜面顶端,另一端系有一个带电小球A,细线与斜面平行,且小球A正好静止
4、在斜面中点在小球A的正下方地面处固定放置一带电小球B,两球相距为d已知两球的质量均为m、电荷量均为+q,静电力常量为k,重力加速度为g,两球均可视为点电荷则下列说法不正确的是()A两球之间的库仑力F=kB当时,斜面对小球A的支持力为C当时,细线上拉力为0D将小球B移到斜面底面左端C点,当时,斜面对小球A的支持力为0二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、平静的水池表面有两个振源A、B,固有振动周期均为T。某时刻A开始向下振动,相隔半周期B开始向下振动,二者振动的振幅相同,
5、某时刻在水面上形成如图所示的水波图。其中O是振源连线的中点,OH为中垂线,交叉点G、H的中点为D,C点位于波峰和波谷的正中间,实线代表波峰,虚线代表波谷。下列说法中正确的是_。A如果在E点有一个小的漂浮物,经半个周期将向左漂到F点B两列波叠加后,O点的振动始终减弱C图中G、H两点振幅为零,D点的振幅也为零D当B引起的波传到E点后,E点的振动始终处于加强状态E.C点此时振动的速度为零8、如图所示,直线上M、N两点分别放置等量的异种电荷,A、B是以M为圆心的圆上两点,且关于直线对称,C为圆与直线的交点。下列说法正确的是AA、B两点的电场强度相同,电势不等BA、B两点的电场强度不同,电势相等CC点的
6、电势高于A点的电势D将正电荷从A沿劣弧移到B的过程中,电势能先增加后减少9、一列横波沿水平方向传播,质点A平衡位置位于处,质点P平衡位置位于处,质点A的振动图像如图甲所示,如图乙所示是质点A刚振动了11s时的波形图,以下说法正确的是( )A波速B波源的最初振动方向向上C时波传到P点D当质点P点处于波峰位置时,A质点处于波谷位置10、关于热现象和热力学定律,下列说法正确的是 A一定质量100的水变成100的水蒸气,其分子势能一定增加B布朗运动是指悬浮在液体中的花粉分子的无规则热运动C在一定条件下,可以利用分子扩散向半导体材料掺入其他元素D气体被压缩时,内能一定增加E.从单一热源吸收热量使之全部变
7、成机械功是可能的三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11(6分)某同学采用如图甲所示的实验装置来验证钢球沿斜槽滚下过程中机械能守恒实验步骤如下:A将斜槽固定在实验台边缘,调整斜槽出口使出口处于水平;B出口末端拴上重锤线,使出口末端投影于水平地面0点在地面上依次铺上白纸.复写纸;C从斜槽某高处同一点A由静止开始释放小球,重复10次用圆规画尽量小的圆把小球所有的落点都圈在里面,圆心P就是小球落点的平均位置;D用米尺测出A点与槽口之间的高度h,槽口B与地面的高度H以及0点与钢球落点P之间的距离s(1)实验中,0点与钢球平均落点P之间的距离s如图乙所
8、示,则s=_cm;(2)请根据所测量数据的字母书写,当s=_时,小球沿斜槽下滑过程中满足机械能守恒12(12分)某同学要测定一电源的电动势E和内阻r,实验器材有:一只DIS电流传感器(可视为理想电流表,测得的电流用I表示),一只电阻箱(阻值用R表示),一只开关和导线若干。该同学设计了如图甲所示的电路进行实验和采集数据。 (1)该同学设计实验的原理表达式是E=_(用r、I、R表示)。(2)该同学在闭合开关之前,应先将电阻箱调到_(选填“最大值”“最小值”或“任意值”),实验过程中,将电阻箱调至如图乙所示位置,则此时电阻箱接入电路的阻值为_。(3)该同学根据实验采集到的数据作出如图丙所示的R图象,
9、则由图象可求得,该电源的电动势E=_V,内阻r=_。(结果均保留两位有效数字)四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13(10分)如图甲所示,某人站在力传感器上,从直立静止起,做“下蹲-起跳”动作,图中的“”表示人的重心。图乙是由力传感器画出的Ft图线。图乙中14各点对应着图甲中14四个状态和时刻。取重力加速度g=10m/s2。请根据这两个图所给出的信息,求:(1)此人的质量。(2)此人1s内的最大加速度,并以向上为正,画出此人在1s内的大致at图像。(3)在Ft图像上找出此人在下蹲阶段什么时刻达到最大速度?简单说明必要理
10、由。14(16分)在足球比赛中,经常使用“边路突破,下底传中”的战术取得胜利,即攻方队员带球沿边线前进,到底线附近进行传中如图所示,某足球场长90 m、宽60 m现一攻方前锋在中线处将足球沿边线向前踢出,足球的运动可视为在地面上做初速度为8 m/s的匀减速直线运动,加速度大小为m/s1试求:(1)足球从开始做匀减速直线运动到底线需要多长时间;(1)足球开始做匀减速直线运动的同时,该前锋队员在边线中点处沿边线向前追赶足球,他的启动过程可以视为从静止出发的匀加速直线运动,所能达到的最大速度为6 m/s,并能以最大速度做匀速运动,若该前锋队员要在足球越过底线前追上足球,他加速时的加速度应满足什么条件
11、?15(12分)如图,A、B为半径R1 m的四分之一光滑绝缘竖直圆弧轨道,在四分之一圆弧区域内存在着E1106V/m、竖直向上的匀强电场,有一质量m1 kg、带电荷量q1.4105C的物体(可视为质点),从A点的正上方距离A点H处由静止开始自由下落(不计空气阻力),BC段为长L2 m、与物体间动摩擦因数0.2的粗糙绝缘水平面.(取g10 m/s2)(1)若H1 m,物体能沿轨道AB到达最低点B,求它到达B点时对轨道的压力大小;(2)通过你的计算判断:是否存在某一H值,能使物体沿轨道AB经过最低点B后最终停在距离B点0.8 m处参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题
12、给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】在两极:;在赤道上:,则;A. ,与结论不相符,选项A错误;B. ,与结论不相符,选项B错误;C. ,与结论不相符,选项C错误;D. ,与结论相符,选项D正确;2、C【解析】A能量量子化的观点是普朗克首先提出的,选项A错误;B在光电效应现象中,根据光电效应方程,可知遏止电压与入射光的频率是线性关系,但不是成正比,选项B错误;C一个处于n4激发态的氢原子向基态跃迁时,最多能辐射出3种频率的光子,分别对应于43,32,21,选项C正确;D射线、射线不是电磁波,只有射线是波长极短的电磁波,选项D错误;故选C。3、C【解析】因在行星表面质量为的
13、物体静止时,弹簧测力计的示数为,则可知行星表面的重力加速度又对卫星:联立解得:故选C。4、B【解析】A在1.25s内,图像围成面积为5m,即总位移为5m,拉力第一阶段向上的位移为4m,则拉力做正功160J,第二阶段位移为1m,则拉力做负功40J,总共120J,平均功率96W,故A错误。CD根据牛顿第二定律可得:F(mg+f)=ma1F+mg+f=ma2,又由题图乙可知a1=2m/s2a2=6m/s2联立解得物体的质量m=2kg空气对物体的阻力为f=4NCD项错误。B阻力全程做负功,共Wf=45=20J,所以平均功率为B正确。故选B。5、B【解析】A根据题述可以判断电场方向垂直于题图中等势线,由
14、于两小球同时经过等势线2,所以小球a向下加速运动,小球b向上加速运动,竖直方向上,a的位移大小等于b的位移大小,由可知a的加速度大小等于b的加速度大小,即竖直方向:对小球a,由牛顿第二定律得对小球b,由牛顿第二定律得解以上两式得则故A错误;BD两小球初速度大小相等,加速度大小相等,时刻两小球合速度大小相等,根据可知,时刻a的动能比b的动能大,根据可知,时刻a的动量大小大于b的动量大小,故B正确,D错误;C由于在时刻两小球经过同一等势线,根据可知,此时a和b的电势能不相等,故C错误。故选B。6、C【解析】A. 依据库仑定律,则两球之间的库仑力大小为F= k,故A正确;BC、当时,则有k= mg,
15、对球受力分析,如图所示:根据矢量的合成法则,依据三角知识,则斜面对小球A的支持力为N= mg;T= mg,故B正确,C错误;D. 当小球B移到斜面底面左端C点,对球受力分析,如图所示:依据几何关系可知,T与F的夹角为120,当时,即有k=mg,根据矢量的合成法则,则有电场力沿垂直斜面方向的分力与重力沿垂直斜面方向的分力等值反向,那么斜面对小球A的支持力为N=0,故D正确;本题选择错误的答案,故选C.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BCE【解析】A波在传播过程中,介
16、质中的质点只在平衡位置附近振动,不会随着波的传播向前移动,A错误;BC点是振源的中点,波的传播路程差等于零,由于相位恰好相反,所以点以及中垂线上所有质点的振动均为叠加减弱,所以B、C正确;D由图可以看出,B引起的振动传到E点时与A引起的振动相位相反,为叠加减弱位置,D错误;EB引起的振动此时在C点使得质点具有向上的速度,而A刚好传到C点,具有向下的速度,叠加后速度为零选项E正确。故选BCE。8、BD【解析】AB在等量的异种电荷的电场中,两点电荷产生好的电场强度大小为,由平行四边形定则合成,A、B、C三点的场强方向如图所示:结合对称性可知,A与B两点的电场强度大小相等,方向不同,则两点的场强不同
17、;而比较A与B两点的电势,可由对称性可知沿MA和MB方向平均场强相等,则由可知电势降低相同, 故有;或由点电荷的电势(决定式)的叠加原理,可得,故A错误,B正确;C从M点沿MA、MB、MC三个方向,可知MA和MB方向MC方向的平均场强较大,由可知沿MC方向电势降的多,而等量异种电荷连线的中垂线与电场线始终垂直,为0V的等势线,故有,故C错误;D正电荷在电场中的受力与场强方向相同,故由从A沿劣弧移到B的过程,从A点电场力与运动方向成钝角,到B点成直角,后变成锐角,故有电场力先做负功后做正功,由功能关系可知电势能先增大后减小,故D正确;故选BD。9、AD【解析】A由题图甲知,由题图乙知,波速A正确
18、;B结合图甲、图乙可判断,该波沿轴正方向传播,根据题图乙知时,波源的振动传到处,可知波源最初振动方向向下,B错误;C波从处传到处需要,此时,C错误;D质点A、P平衡位置间距为1m,等于2.5,去整留零相当于1.5,当质点P点处于波峰位置时,质点A处于波谷位置,D正确。故选AD。10、ACE【解析】A一定质量100的水变成100的水蒸气,一定吸收热量,分子平均动能不变,则分子势能一定增加,故A正确;B悬浮颗粒受到液体分子不均匀的撞击从而做无规则运动,即为布朗运动,所以布朗运动是悬浮颗粒的运动,故B错误;C分子永不停息地做无规则热运动,所以在一定条件下,可以利用分子扩散向半导体材料掺入其他元素,故
19、C正确:D气体被压缩时,同时对外传热,根据热力学第一定律知内能可能不变,故D错误;E由热力学第二定律可知,从单一热源吸取热量,使之全部变成机械功是可能的,但会产生其他影响,故E正确。故选:ACE。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、40.5 4hH 【解析】(1)由图可知s=40.5cm;(2)从起点O到P的过程中重力势能减少量是:Ep=mgH;槽口B与地面的高度h以及O点与钢球落点P之间的距离S,根据平抛运动的规律,则有:S=v0t;h=gt2,因此v0=S;那么增加的动能:EK=;若机械能守恒,则需满足,即S2=4hH12、I(Rr
20、) 最大值 21 6.3(6.16.4) 2.5(2.42.6) 【解析】(1)1根据闭合电路欧姆定律,该同学设计实验的原理表达式是E=I(Rr)(2)2根据实验的安全性原则,在闭合开关之前,应先将电阻箱调到最大值3根据电阻箱读数规则,电阻箱接入电路的阻值为21011=21(3)45由E=I(Rr)可得图像斜率等于得由于误差(6.16.4)V均正确,图像的截距得 由于误差(2.42.6)均正确四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)60kg(2)(3)0.43s0.47s【解析】(1)此人状态1处于静止状态,对应
21、图乙中1点F1=600N,可知此人质量为:m=60kg;(2)由图可知:图乙中2点F2=1800N最大,由:,有:m/s2,1s内的a-t图像如图(3)下蹲阶段先加速后减速,支持力与重力平衡时速度最大,由a-t图像可读出速度最大时刻约为0.45(0.43-0.47之间都算对)14、(1) (1) 【解析】(1)设所用时间为t,则v0=8 m/s;x=45 mx=v0t+at1,解得t=9 s(1)设前锋队员恰好在底线追上足球,加速过程中加速度为a,若前锋队员一直匀加速运动,则其平均速度v=,即v=5 m/s;而前锋队员的最大速度为6 m/s,故前锋队员应该先加速后匀速设加速过程中用时为t1,则
22、t1=匀加速运动的位移x1=解得x1=匀速运动的位移x1=vm(t-t1),即x1=6(9-t1) m而x1+x1=45 m解得a=1 m/s1故该队员要在球出底线前追上足球,加速度应该大于或等于1 m/s1点睛:解决本题的关键要注意分析运动过程,理清足球和运动员的位移关系,再结合运动学公式灵活求解即可解答.15、(1)8 N;(2)不存在某一H值,使物体沿着轨道AB经过最低点B后,停在距离B点0.8 m处【解析】(1)物体由初始位置运动到B点的过程中根据动能定理有mg(RH)qERmv2到达B点时由支持力FN、重力、电场力的合力提供向心力FNmgqE 解得FN8 N根据牛顿第三定律,可知物体对轨道的压力大小为8 N,方向竖直向下(2)要使物体沿轨道AB到达最低点B,当支持力为0时,最低点有个最小速度v,则qEmg解得v2 m/s在粗糙水平面上,由动能定理得:mgxmv2所以x1 m0.8 m故不存在某一H值,使物体沿着轨道AB经过最低点B后,停在距离B点0.8 m处.【名师点睛】本题主要考查了动能定理及牛顿第二定律的直接应用,关键是能正确分析物体的受力情况和运动情况,选择合适的过程应用动能定理,难度适中