《2022-2023学年北京市大兴区魏善庄中学高三第二次模拟考试物理试卷含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022-2023学年北京市大兴区魏善庄中学高三第二次模拟考试物理试卷含解析.doc（16页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023年高考物理模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图甲所示的电路中定值电阻R=60，电源电动势E=100V，r=10。如图乙所示，曲线为灯泡L的伏安特性曲线，直线为电源的路端电压与电流的关系图线，以下说法正确的是（ ）A开关S断开时电源的效率为60%B开关S闭合后电源的总功率会变小C开关
2、S闭合后灯泡的亮度增强D开关S断开时小灯泡消耗的功率为240W2、2019年10月1日，在国庆70周年盛大阅兵式上，大国重器东风-17高超音速战略导弹震撼曝光！有限的资料显示，东风17高超音速导弹最大速度在625马赫之间，射程约为2000公里左右，其战斗部为十分前沿的带翼面承波体结构，通过弹体助推至大气层边缘，并以打水漂一样的方式进行滑跃飞行，突防能力极强。值得一提的是，这种助推滑翔弹道由我国著名科学家钱学森在上个世纪末40年代首次推出，因此该弹道亦称钱学森弹道。已知东风-17质量为m，在一次试射机动变轨过程中，东风-17正在大气层边缘向东水平高速飞行，速度大小为12马赫（1马赫就是一倍音速，
3、设为v），突然蛇形机动变轨，转成水平向东偏下37角飞行，速度大小为15马赫。此次机动变轨过程中（）A合力对东风-17做功为81mv2B合力对东风-17做功为4.5mv2C合力对东风-17的冲量大小为9mv，方向竖直向下D合力对东风-17的冲量大小为3mv，方向向东偏下373、肩扛式反坦克导弹发射后，喷射气体产生推力F，一段时间内导弹在竖直面内沿下列图中虚线向前运动。其中导弹飞行姿势可能正确的是（ ）ABCD4、如图所示，是一测定风力仪器的结构图，悬挂在O点的轻质细金属丝的下端固定一个质量为m的金属球P，在竖直平面内的刻度盘可以读出金属球P自由摆动时摆线的摆角。图示风向水平向左，金属球P静止时金
4、属丝与竖直方向的夹角为，此时风力F的大小是（）ABCD5、某玩具为了模仿小动物行走的姿势，设计了非圆形的“轮子”。现研究轮子受力情况，模型简化如图，四分之一圆框架OAB的OA、OB边初始位置分别处于水平和竖直方向上，光滑球形重物此时嵌在框架中与OA、OB、弧AB三边恰好接触但接触处并没有全部都产生弹力。现以O点为轴缓慢将框架在同一竖直平面内顺时针转动角，下列说法正确的是（）A转动为0至的过程，弧AB受到重物的压力逐渐变大B为时，弧AB受到重物的压力最大C转动一周的过程中，存在某一特定的角，此时弧AB与OA板受到重物的压力一样大D转动一周的过程中，OA、OB、弧AB受到重物压力的最大值不同6、在
5、空间P点以初速度v0水平抛出一个小球，小球运动到空中A点时，速度与水平方向的夹角为60，若在P点抛出的初速度方向不变，大小变为，结果小球运动到空中B点时速度与水平方向的夹角也为60，不计空气阻力，则下列说法正确的是APB长是PA长的2倍BPB长是PA长的4倍CPA与水平方向的夹角小于PB与水平方向的夹角DPA与水平方向的夹角大于PB与水平方向的夹角二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一列简谐横波在介质中传播，在t=0时刻刚好形成如图所示的波形。已知波源的振动周期T=0
6、.4s，A、B两质点平衡位置间相距2m。下列各种说法中正确的是（）A若振源在A处，则P质点从开始运动到第一次到达波谷位置需要0.1sB若振源在A处，则P质点从开始运动到第一次到达波谷位置需要0.3sC若振源在A处，则P质点比Q质点提前0.06s第一次到达波谷位置D若振源在B处，则P质点比Q质点滞后0.06s第一次到达波谷位置E.若振源在B处，则Q质点经过一段时间后一定会到达图中P质点所在位置8、如图（甲）所示，平行光滑金属导轨水平放置，两轨相距L=0.4m，导轨一端与阻值R=0.3的电阻相连，导轨电阻不计导轨x0一侧存在沿x方向均匀增大的恒定磁场，其方向与导轨平面垂直向下，磁感应强度B随位置x
7、变化如图（乙）所示一根质量m=0.2kg、电阻r=0.1的金属棒置于导轨上，并与导轨垂直，棒在外力F作用下从x=0处以初速度v0=2m/s沿导轨向右变速运动，且金属棒在运动过程中受到的安培力大小不变下列说法中正确的是（ ）A金属棒向右做匀减速直线运动B金属棒在x=1m处的速度大小为0.5m/sC金属棒从x=0运动到x=1m过程中，外力F所做的功为-0.175JD金属棒从x=0运动到x=2m过程中，流过金属棒的电量为2C9、一质量为m的物体以某一速度冲上一个倾角为37的斜面，其运动的加速度的大小为0.9g这个物体沿斜面上升的最大高度为H，则在这过程中()A物体克服重力做功0.9 mgHB物体克服
8、摩擦力做功0.6 mgHC物体的动能损失了1.5 mgHD物体的重力势能增加了mgH10、关于热现象和热学规律，下列说法中正确的是（）A非晶体和晶体的物理性质都是各向同性B自然界中一切涉及热现象的宏观过程都具有方向性C布朗运动是由悬浮在液体中的小颗粒之间的相互碰撞引起的D水的饱和汽压与水面的大气压强无关，只与水的温度有关E.慢慢向小酒杯中注水，即使水面稍高出杯口，水仍不会流下来，是因为液体表面存在张力三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用如图所示的装置来验证机械能守恒定律，A为装有挡光片的钩码，挡光片宽度为b，轻绳跨过光滑轻质定滑
9、轮与A和重物B相连，A的质量是B的质量的3倍，A、B静止时挡光片上端到光电门的距离为h(hb)。由静止释放B后，挡光片经过光电门的挡光时间为t，重力加速度为g.(1)实验中，将挡光片通过光电门的平均速度当作A下落h时的瞬时速度，该速度表达式为_(用题中所给字母表示)。(2)为减小挡光片通过光电门的平均速度与A下落h时的瞬时速度间存在的误差，下列做法中可行的是_(填选项序号字母)。A将B改换成密度小而体积大的重物B减小挡光片的挡光宽度bC增大挡光片的挡光宽度bD减小挡光片上端到光电门的距离h(3)在A下落h的过程中，验证A和B的系统机械能守恒定律成立的表达式为_(用题中所给字母表示)。12（12
10、分）小王和小李两位同学分别测量电压表V1的内阻. （1）先用调好的欧姆表“1K”挡粗测电压表V1的内阻，测量时欧姆表的黑表笔与电压表的_（填“”或“”）接线柱接触，测量结果如图甲所示，则粗测电压表V1的内阻为_k. （2）为了精确测量电压表V1的内阻，小王同学用如图乙所示的电路，闭合开关S1前将滑动变阻器的滑片移到最_（填“左”或“右”）端，电阻箱接入电路的电阻调到最_（填“大”或“小”），闭合开关S1，调节滑动变阻器和电阻箱，使两电压表指针的偏转角度都较大，读出电压表V1、V2的示数分别为U1、U2，电阻箱的示数为R0，则被测电压表V1的内阻_.（3）小李同学用如图丙所示的电路，闭合开关S1
11、，并将单刀双掷开关S2打到1，调节滑动变阻器的滑片，使电压表V2的指针偏转角度较大，并记录电压表V2的示数为U，再将单刀双掷开关S2打到2，调节电阻箱，使电压表V2的示数仍然为U，此时电阻箱接入电阻的示数如图丁所示，则被测电压表V1的内阻_.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）理论研究表明暗物质湮灭会产生大量高能正电子，所以在宇宙空间探测高能正电子是科学家发现暗物质的一种方法。下图为我国某研究小组设计的探测器截面图：开口宽为的正方形铝筒，下方区域、为方向相反的匀强磁场，磁感应强度均为B，区域为匀强电场，电场
12、强度，三个区域的宽度均为d。经过较长时间，仪器能接收到平行铝筒射入的不同速率的正电子，其中部分正电子将打在介质MN上。已知正电子的质量为m，电量为e，不考虑相对论效应及电荷间的相互作用。(1)求能到达电场区域的正电子的最小速率；(2)在区域和的分界线上宽度为的区域有正电子射入电场，求正电子的最大速率；(3)若L=2d，试求第（2）问中最大速度的正电子打到MN上的位置与进入铝筒位置的水平距离。14（16分）如图所示，水平轨道BC两端连接竖直的光滑圆弧，质量为2m的滑块b静置在B处，质量为m的滑块a从右侧圆弧的顶端A点无初速释放，滑至底端与滑块b发生正碰，碰后粘合在一起向左运动，已知圆弧的半径为R
13、0.45 m，水平轨道长为L0.2 m，滑块与水平轨道的动摩擦因数0.1，重力加速度取g10 m/s2。求：(1)两滑块沿左侧圆弧上升的最大高度h；(2)两滑块静止时的位置。15（12分）如图所示，带等量异种电荷的两平行金属板竖直放置（M板带正电，N板带负电），板间距为d=80cm，板长为L，板间电压为U=100V。两极板上边缘连线的中点处有一用水平轻质绝缘细线拴接的完全相同的小球A和B组成的装置Q，在外力作用下Q处于静止状态，该装置中两球之间有一处于压缩状态的绝缘轻质小弹簧（球与弹簧不拴接），左边A球带正电，电荷量为q=410-5C，右边B球不带电，两球质量均为m=1.010-3kg，某时刻
14、装置Q中细线突然断裂，A、B两球立即同时获得大小相等、方向相反的速度（弹簧恢复原长）。若A、B之间弹簧被压缩时所具有的弹性能为1.010-3J，小球A、B均可视为质点，Q装置中弹簧的长度不计，小球带电不影响板间匀强电场，不计空气阻力，取g=10m/s2。求：(1)为使小球不与金属板相碰，金属板长度L应满足什么条件？(2)当小球B飞离电场恰好不与金属板相碰时，小球A飞离电场时的动能是多大？(3)从两小球弹开进入电场开始，到两小球间水平距离为30cm时，小球A的电势能增加了多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【
15、解析】A开关S断开时，根据图乙可知灯泡两端的电压为电源的效率为故A错误；BC开关S闭合后总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可得总电流增大，根据可知电源的总功率会变大，根据可知路端电压减小，根据可知灯泡的功率减小，所以灯泡的亮度变暗，故B、C错误；D开关S断开时小灯泡消耗的功率为故D正确；故选D。2、C【解析】AB根据动能定理得故AB错误。CD根据动量定理得方向竖直向下，故C正确，D错误。故选C。3、B【解析】AA图中导弹向后喷气，产生沿虚线向右的作用力，重力竖直向下，则合力方向向右下方，不可能沿虚线方向，故导弹不可能沿虚线方向做直线运动，故A不符合题意； BB图中导弹向后喷气，产生斜向右上方的作
16、用力，重力竖直向下，则合力方向有可能沿虚线方向，故导弹可能沿虚线方向做直线运动，故B符合题意；CC图中导弹向后喷气，产生斜向右下方的作用力，重力竖直向下，则合力方向不可能沿虚线方向，故导弹不可能沿虚线方向做直线运动，故C不符合题意；DD图中导弹做曲线运动，导弹向后喷气，产生斜向右上方的作用力，重力竖直向下，此时则合力方向不可能沿虚线凹侧，故导弹不可能沿虚线方向做曲线运动，故D不符合题意。故选B。4、C【解析】如图受力分析：则风力故选C。5、C【解析】A以O点为轴缓慢将框架在同一竖直平面内顺时针转动过程中，相当于重力沿顺时针方向转动，转动为0至/2的过程，弧AB始终不受力作用，则选项A错误；B由
17、力的合成知识可知当=时，此时弧AB受到重物的压力大小为G，=5/4时，弧AB受到重物的压力为G，则此时压力不是最大，选项B错误；C旋转重力的方向，当此方向在弧AB弹力的方向与OA板弹力方向的夹角的平分线上时，此时弧AB与OA板受到重物的压力一样大，选项C正确；D旋转重力的方向，当此方向与弧AB的弹力方向垂直时，在两个不同的位置，OA板和OB板的弹力都会取得最大值，大小为G，则转动一周的过程中，OA、OB、弧AB受到重物压力的最大值一样大，选项D错误。故选C。6、B【解析】CD小球到达A点时，PA为位移，设PA与水平方向的夹角为，则，小球到达B点时，PB为位移，设PB与水平方向的夹角为，则，因此
18、PA与水平方向的夹角等于PB与水平方向的夹角，选项CD错误；AB因为，可知P、A、B在同一直线上，假设PAB为斜面，小球从P点运动到A点的时间水平位移则，同理得因此PB长是PA长的4倍，选项A错误，选项B正确.故选B.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】AB若振源在A处，由图可知，B质点刚好起振，且起振方向向下，则各质点开始振动的方向均向下，所以P质点第一次到达波谷位置需要A正确，B错误；C若振源在A处，P质点比Q质点先到达波谷位置，提前的时间等于波在P
19、Q间传播的时间C正确；D同理，若振源在B处，Q质点比P质点先到达波谷位置，提前的时间等于波在QP间传播的时间D正确；E介质中质点并不会随波迁移，只在各自的平衡位置两侧振动，E错误。故选ACD。8、BCD【解析】试题分析：根据图象得函数关系式，金属棒向右运动切割磁感线产生感应电动势，感应电流，安培力，解得，根据匀变速直线运动的速度位移公式，如果是匀变速直线运动，与x成线性关系，而由上式知，金属棒不可能做匀减速直线运动，故A错误；根据题意金属棒所受的安培力大小不变，处与处安培力大小相等，有，即，故B正确；金属棒在处的安培力大小为，对金属棒金属棒从运动到m过程中，根据动能定理有，代入数据，解得，故C
20、正确；根据感应电量公式，到过程中，B-x图象包围的面积，故D正确考点：考查了导体切割磁感线运动【名师点睛】考查法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律、安培力的大小公式、做功表达式、动能定理等的规律的应用与理解，运动过程中金属棒所受的安培力不变，是本题解题的突破口，注意B-x图象的面积和L的乘积表示磁通量的变化量9、CD【解析】AD. 重力势能的增加量等于克服重力做的功mgH，故重力势能增加了mgH，故A错误，D正确；B. 物体上滑过程，根据牛顿第二定律，有：mgsin37+f=ma，解得摩擦力大小：f=0.3mg，物体克服摩擦力做功：Wf=0.3mg=0.5mgH，故B错误；C物体上滑过程,根据
21、牛顿第二定律,得合外力大小为F合=ma=0.9mg，根据动能定理得：Ek=F合=1.5mgH，故物体的动能减少了1.5mgH，故C正确故选CD。10、BDE【解析】A根据晶体的性质可知，单晶体的在某些物理性质上具有各向异性的，而多晶体和非晶体是各向同性的，A错误；B热量可以自发地从较热的物体传递到较冷的物体，但不可能自发地从较冷的物体传递到较热的物，即涉及热现象的宏观过程都具有方向性，B正确；C布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒受到液体分子无规则碰撞引起的，C错误；D水的饱和汽压与水面的大气压强无关，只与水的温度有关，随温度降低而减小，D正确；E由于液体表面存在张力，液体表面像一张橡皮膜，即使
22、水面稍高出杯口，水仍不会流下来，E正确。故选BDE。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 B 【解析】（1）1A经过光电门时的速度：；（2）2A、运动过程中重物B要受到空气阻力作用，为减小实验误差，应将B改换成密度大而体积小的重物，故A错误；BC、挡光片的宽度越小，挡光片经过光电门时的平均速度越接近其瞬时速度，为减小实验误差，应减小挡光片的挡光宽度b，故B正确，C错误；D、挡光片经过光电门的时间越短实验误差越小，为减小实验误差，应增大挡光片上端到光电门的距离h，故D错误；故选B（3）3设B的质量为m，则A的质量为3m，由机械能守恒定律得
23、：整理得gh=v2即：12、（1）， 9. 0； （2）左， 大， ； （3）8455 【解析】（1）欧姆表的电流从黑表笔流出，因此黑表笔应与电压表的“”接线柱相连接，欧姆表的读数为9. 0k. （2）为保护电路，闭合开关S1前应将滑动变阻器的滑片移到最左端，使输出电压为零，电阻箱接入电路的电阻最大，被测电压表的内阻. （3）被测电压表的内阻等于电阻箱的接入电路的阻值，即为8455.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)；(2)；(3)【解析】(1)正电子在磁场中只受洛伦兹力作用，故正电子做匀速圆周运动，洛伦
24、兹力做向心力；在电场中正电子只受电场力作用，做匀变速运动；正电子离开电场运动到MN的过程不受力，做匀速直线运动；根据两磁场磁场方向相反，磁感应强度相等，故正电子在其中做匀速圆周运动的轨道半径相等，偏转方向相反，所以正电子离开磁场时的速度竖直向下；故正电子能到达电场区域，则正电子在磁场中在匀速圆周运动的轨道半径Rd；那么由洛伦兹力做向心力可得 所以正电子速度故能到达电场区域的正电子的最小速率为；(2)根据几何关系可得：正电子进入磁场运动到区域和的分界线时，正电子水平位移偏移 故轨道半径R越大，水平偏移量越小；由(1)可得：最大偏移量xmax=2d；故有探测器正方向开口宽为，在区域和的分界线上宽度
25、为的区域有正电子射入电场可得：正电子最小偏移量所以由可得正电子运动轨道半径最大为故根据洛伦兹力做向心力可得：正电子的最大速率 (3)速度最大的正电子垂直射入电场时，在电场中运动的时间 在电场中水平方向的位移 解得 进入无场区域时运动的时间 在无场区域内运动的水平位移解得则最大速度的正电子打到MN上的位置与进入铝筒位置的水平距离14、 (1)0.03 m(2)水平轨道的中点处【解析】(1)设滑块a滑至底端碰前速度大小为vB，碰后共同速度大小为v，根据机械能守恒定律有mgRm，由动量守恒定律有mvB(m2m)v从B点到左侧最大高度处由动能定理有3mgL3mgh03mv2联立解得h0.03m(2)粘
26、合体将来回往复运动，直到速度为0，设在水平轨道BC上运动的路程为s，根据动能定理有3mgs03mv2解得s0.5m所以滑块停在水平轨道BC的中点处。15、 (1) L0.8m； (2)8.510-2J； (3) 510-4J【解析】(1)两小球与弹簧系统机械能守恒，弹簧的弹性势能，转化为两个小球的动能小球获得的初速度A球带正电，A球在水平方向做匀减速运动，B球不带电，B在水平方向做匀速运动，所以是B先碰到极板。B向右做平抛运动，由得飞行时间竖直方向的位移为使小球不与金属板相碰，金属板的长度应满足L0.8m。(2)水平方向：A球向左做匀减速运动，加速度A球飞离电场时的水平速度竖直方向：A球向下做自由落体运动，竖直速度A球离开电场时的动能(3)两小球进入电场后，竖直方向都做自由落体运动，因此两小球在运动的过程中始终位于同一水平线上。当两球间的距离为x=30cm时整理得解得或（不合理，舍去）此时，A球水平位移根据功能关系可知，A球增加的电势能等于克服电场力做功，即