《2022-2023学年广西北海市普通高中高考物理五模试卷含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022-2023学年广西北海市普通高中高考物理五模试卷含解析.doc（16页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023年高考物理模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的
2、。1、若已知引力常量G，则利用下列四组数据可以算出地球质量的是（）A一颗绕地球做匀速圆周运动的人造卫星的运行速率和周期B一颗绕地球做匀速圆周运动的人造卫星的质量和地球的第一宇宙速度C月球绕地球公转的轨道半径和地球自转的周期D地球绕太阳公转的周期和轨道半径2、下列说法正确的是（）A米、千克、秒、库仑都属于国际单位制的基本单位B同一个物体在地球上比在月球上惯性大C一对作用力与反作用力做的功一定大小相等且一正一反D物体做曲线运动时，其所受合力的瞬时功率可能为零3、狞猫弹跳力惊人，栖息在干燥的旷野和沙漠，善于捕捉鸟类。一只狞猫以某一初速度斜向上与水平地面成角跳离地面，落地前其最大高度为h，最大水平位移
3、为x。不考虑空气阻力。下列说法正确的是（）A保持起跳速度大小不变，增大角，狞猫在空中的运动时间不变B保持起跳速度大小不变，增大角，狞猫在空中的最大高度h增大C保持起跳角度不变，增大起跳速度，x与h的比值减小D保持起跳角度不变，增大起跳速度，x与h的比值增大4、人站在地面上，先将两腿弯曲，再用力蹬地，就能跳离地面，人能跳起离开地面的原因是()A人对地球的作用力大于地球对人的引力B地面对人的作用力大于人对地面的作用力C地面对人的作用力大于地球对人的引力D人除受地面的弹力外，还受到一个向上的力5、用a粒子(He)轰击氮核(N)，生成氧核(O)并放出一个粒子，该粒子是（）A质子B电子C中子D光子6、如
4、图，两质点a，b在同一平面内绕O沿逆时针方向做匀速圆周运动，a，b的周期分别为2 s和20 s，a，b和O三点第一次到第二次同侧共线经历的时间为()ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，排球运动员站在发球线上正对球网跳起从O点向正前方先后水平击出两个速度不同的排球。速度较小的排球落在A点，速度较大的排球落在B点，若不计空气阻力，则下列说法正确的是（ ）A两排球下落相同高度所用的时间相等B两排球下落相同高度时在竖直方向上的速度相间C两排球通过相等的水平距
5、离，落在A点的排球所用的时间较少D两排球在落地前的一小段相等时间内，落在B点的排球下降的高度较小8、卫星导航系统是全球性公共资源，多系统兼容与互操作已成为发展趋势。中国始终秉持和践行“中国的北斗，世界的北斗，一流的北斗”的发展理念，服务“一带一路”建设发展，积极推进北斗系统国际合作。与其他卫星导航系统携手，与各个国家、地区和国际组织一起，共同推动全球卫星导航事业发展，让北斗系统更好地服务全球、造福人类。基于这样的理念，从2017年底开始，北斗三号系统建设进入了超高密度发射。北斗系统正式向全球提供RNSS服务，在轨卫星共53颗。预计2020年再发射2-4颗卫星后，北斗全球系统建设将全面完成，使我
6、国的导航定位精度不断提高。北斗导航卫星有一种是处于地球同步轨道，假设其离地高度为h，地球半径为R，地面附近重力加速度为g，则有（）A该卫星运行周期可根据需要任意调节B该卫星所在处的重力加速度为 C该卫星运动动能为D该卫星周期与近地卫星周期之比为9、如图所示，足够大的水平圆台中央固定一光滑竖直细杆，原长为L的轻质弹簧套在竖直杆上，质量均为m的光滑小球A、B用长为L的轻杆及光滑铰链相连，小球A穿过竖直杆置于弹簧上。让小球B以不同的角速度绕竖直杆匀速转动，当转动的角速度为0时，小球B刚好离开台面。弹簧始终在弹性限度内，劲度系数为k，重力加速度为g，则A小球均静止时，弹簧的长度为L-B角速度=0时，小
7、球A对弹簧的压力为mgC角速度0=D角速度从0继续增大的过程中，小球A对弹簧的压力不变10、如图所示，在半径为R的圆形区域内有垂直纸面的匀强磁场，磁感应强度为B。P是磁场边界上的一点，大量电荷量为q、质量为m、相同速率的离子从P点沿不同方向同时射入磁场。其中有两个离子先后从磁场边界上的Q点（图中未画出）射出，两离子在磁场边缘的出射方向间的夹角为，P点与Q点的距离等于R。则下列说法正确的是（ ）A离子在磁场中的运动半径为B离子的速率为C两个离子从Q点射出的时间差为D各种方向的离子在磁场边缘的出射点与P点的最大距离为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算
8、过程。11（6分）在“用 DIS 实验研究加速度与质量的关系”实验中,请完成下列问题:（1）下列说法中正确的是（_）A要控制小车和钩码的质量都不变B要控制小车的质量不变,改变钩码的质量C要控制钩码的质量不变,改变小车的质量D小车和钩码的质量都要改变（2）实验中测得了下表所示的五组数据,并已在坐标平面上画出部分数据点,在图 中画出第四组数据对应的数据点,然后做出 a-m 的关系图象（_）组别12345a（m/s2）0.330.280.250.220.20m（kg）0.300.350.400.450.50（3）为进一步确定加速度与质量的关系,应画 a-_图象;（4）本实验得出的结论是_12（12分
9、）如图所示的实验装置，桌面水平且粗糙，在牵引重物作用下，木块能够从静止开始做匀加速直线运动。在木块运动一段距离后牵引重物触地且不反弹，木块继续运动一段距离停在桌面上（未碰到滑轮）。已知牵引重物质量为m，重力加速度为g。某同学通过分析纸带数据，计算得到牵引重物触地前、后木块的平均加速度大小分别为a1和a2，由此可求出木块与桌面之间的动摩擦因数为=_（结果用题中字母表示）；在正确操作、测量及计算的前提下，从系统误差的角度，你认为该实验测量的木块与桌面之间的动摩擦因数的结果与真实值比较会_（选填“偏大”、“偏小”“不变”）；木块的质量为M=_（结果用题中字母表示）。四、计算题：本题共2小题，共26分
10、。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，直线MN与水平线夹角为60，其右侧有一垂直纸面向外的范围足够大的匀强磁场，磁感应强度为B；直线PQ垂直，且PQ与包围的空间有一匀强电场，电场方向平行于PQ有一质量为m 电量为+q的带电粒子在纸面内以v0的水平初速度从A点飞入磁场，粒子进入磁场t0(t0未知)时间后立即撤除磁场，此时粒子未到达MN，之后粒子垂直MQ边界从C点（图中未画出）飞入电场；随后粒子再次通过C点粒子在以上整个过程中所用总时间恰为此带电粒子在磁场中运动一周所需时间，粒子所受重力不计试求：（1）粒子在磁场中运动的时间t0（2）匀
11、强电场场强E的大小14（16分）如图，竖直平面内有一直角形内径相同的细玻璃管，A端封闭，C端开口，ABBCl0，且此时A、C端等高平衡时，管内水银总长度为l0，玻璃管AB内封闭有长为l0/2的空气柱已知大气压强为l0汞柱高如果使玻璃管绕B点在竖直平面内顺时针缓慢地 转动到BC管水平，求此时AB管内气体的压强为多少汞柱高？管内封入的气体可视为理想气体且温度为不变 15（12分）如图所示，水平虚线MN、PQ之间有垂直于纸面向里的水平匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B，两虚线间的距离为H，质量为m、电阻为R边长为L的正方形金属线框abcd在磁场上方某一高度处由静止释放线框在向下运动过程中始终在竖直平
12、面内，ab边始终水平，结果线框恰好能匀速进入磁场线框有一半出磁场时加速度恰好为零，已知LH，重力加速度为g，求：(1)线框开始释放时ab边离虚线MN的距离；(2)线框进磁场过程中通过线框截面的电量q及线框穿过磁场过程中线框中产生的焦耳热；(3)线框穿过磁场所用的时间参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】ABC可根据方程和联立可以求出地球质量M，选项BC错误，A正确；D已知地球绕太阳公转的周期和轨道半径可以求出太阳质量，选项D错误。故选A。2、D【解析】A在国际单位制中，力学的单位被选为基本单位的是米、千克、
13、秒，电学的单位被选为基本单位的是安培，不是库仑，故A错误；B惯性大小的唯一量度是质量，故同一个物体在地球上与在月球上惯性一样大，故B错误；C作用力做正功，反作用力也可以做正功，比如两带电小球靠斥力分开，库仑斥力对两小球都做正功，故C错误；D物体做曲线运动时，如果速度和力垂直，功率为零，如匀速圆周运动，故D正确。故选D。3、B【解析】A狞猫做斜抛运动，在竖直方向则有狞猫在空中的运动时间保持起跳速度大小不变，增大角，狞猫在空中的运动时间增大，故A错误；B狞猫在空中的最大高度保持起跳速度大小不变，增大角，狞猫在空中的最大高度增大，故B正确；CD狞猫最大水平位移为最大水平位移与最大高度的比值为保持起跳
14、角度不变，增大起跳速度，与的比值不变，故C、D错误。故选B。4、C【解析】试题分析：地面对人的弹力与人对地面的弹力是一对作用力和反作用力，大小相等，故B错误；人之所以能跳起离开地面，地面对人的弹力大于地球对人的吸引力，人具有向上的合力，故C正确，AD错误考点：牛顿第三定律【名师点睛】人对地的作用力与地对人的作用力是一对作用力和反作用力，人之所以能跳起离开地面，可以对人进行受力分析，人具有向上的合力5、A【解析】核反应方程根据电荷数守恒、质量数守恒知，该粒子的电荷数为1，质量数为1，为质子，故A正确，BCD错误；故选A。【点睛】解决本题的关键知道在核反应中电荷数守恒、质量数守恒以及知道常见的粒子
15、的电荷数和质量数。6、B【解析】a、b和O三点第一次到第二次同侧共线即质点a要比质点b多运动一周则要满足,代入数据得解得：，B正确故选B二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】A从同一高度水平发出两个速度不同的排球，根据平抛运动规律，竖直方向上有可知两排球下落相同高度所用的时间相等，A项正确；B由可知两排球下落相同高度时在竖直方向上的速度相同，B项正确；C由平抛运动规律可知水平方向上有x=vt，可知速度较大的排球通过相等的水平距离所用的时间较少，C项错误；D由
16、于做平抛运动的排球在竖直方向的运动为自由落体运动，两排球在落地前的一小段相等时间内下降的高度相同，D项错误。故选AB。8、BC【解析】A地球同步卫星和地球自转同步，周期为24h，A错误；B由可知 则该卫星所在处的重力加速度是B正确；C由于该卫星的动能选项C正确；D根据开普勒第三定律可知，该卫星周期与近地卫星周期之比为选项D错误。故选BC。9、ACD【解析】A若两球静止时，均受力平衡，对B球分析可知杆的弹力为零，；设弹簧的压缩量为x，再对A球分析可得：，故弹簧的长度为：，故A项正确；BC当转动的角速度为0时，小球B刚好离开台面，即，设杆与转盘的夹角为，由牛顿第二定律可知：而对A球依然处于平衡，有
17、：而由几何关系：联立四式解得：，则弹簧对A球的弹力为2mg，由牛顿第三定律可知A球队弹簧的压力为2mg，故B错误，C正确；D当角速度从0继续增大，B球将飘起来，杆与水平方向的夹角变小，对A与B的系统，在竖直方向始终处于平衡，有：则弹簧对A球的弹力是2mg，由牛顿第三定律可知A球队弹簧的压力依然为2mg，故D正确；故选ACD。10、BCD【解析】从Q点能射出两个离子，则离子圆周运动半径r小于磁场区域圆半径R，运动轨迹如图所示。为等边三角形。A由几何关系得又有解两式得选项A错误；B在磁场中做圆周运动有解式得选项B正确；C圆周运动的周期为两离子在磁场中运动的时间分别为则从磁场射出的时间差为选项C正确
18、；D各种方向的离子从磁场中的出射点与P点的最大距离为选项D正确；故选BCD.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C 见解析 在外力不变时,加速度与质量成反比 【解析】（1）1该实验是探究加速度与质量的关系，采用控制变量法进行研究，所以要控制钩码的质量不变，改变小车的质量，故C正确。（2）2做出 a-m 的关系图象如图；（3）3由于，所以图象应是一条过原点的直线，所以数据处理时，常作出a与的图象。（4）4a-图象是一条过原点的直线，则在外力不变时，加速度与质量成反比。12、 偏大 【解析】1牵引重物触地后，对木块由牛顿第二定律 由此可求出
19、木块与桌面之间的动摩擦因数为2在减速阶段产生加速度的力是滑动摩擦力和纸带受到的阻力，所以该实验测量的木块与桌面之间的动摩擦因数的结果与真实值比较会偏大。3 牵引重物触地前，对木块和牵引重物分别用牛顿第二定律 联立解得四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）；（2）【解析】（1）带电粒子在磁场中做圆周运动，轨迹如图所示：根据牛顿第二定律：周期为：粒子运动时间为：（2）带电粒子在磁场中做圆周运动有：解得：D到C是匀速运动：可得运动时间为：带电粒子在电场中运动时间：带电粒子在电场中运动的加速度：速度为：可得：14、【解
20、析】因BC长度为，故顺时针旋转至BC水平方向时水银未流出设A端空气柱此时长为x，管内横截面积为S,对A内气体： 对A中密闭气体，由玻意耳定律得：联立解得：即：(汞柱高)15、 (1) (2) (3) 【解析】(1)由于线框能匀速进入磁场，设进入磁场过程速度为 根据机械能守恒得：进入磁场过程，线框中感应电动势：线框中电流为：根据力的平衡有：解得：(2)线框进磁场的过程中：平均电流为：通过线框的电量为：解得：由于线框有一半出磁场时加速度为0，即线框刚好出磁场时的速度大小等于 根据能量守恒，线框穿过磁场过程中产生的热量：解得：(3)线框进磁场所用的时间为：完全在磁场中运动时间为：解得：线框ab边出磁场前一瞬间速度大小为：解得：出磁场过程中，根据动量定理得：即：解得：因此运动的总时间为：