《2022-2023学年山西省忻州市第一中学高考冲刺模拟物理试题含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022-2023学年山西省忻州市第一中学高考冲刺模拟物理试题含解析.doc（16页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023年高考物理模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列叙述正确的是()A光电效应深入地揭示了光的粒子性的一面，表明光子除具有能量之外还具有动量B氢原子的核外电子，由离核较远的轨道自发跃迁到离核较近轨道，放出光子，电子的动能减小，电势能增加
2、C处于基态的氢原子吸收一个光子跃迁到激发态，再向低能级跃迁时辐射光子的频率一定大于吸收光子的频率D卢瑟福依据极少数粒子发生大角度偏转提出了原子的核式结构模型2、在光滑水平面上有一个内外壁都光滑的气缸质量为M，气缸内有一质量为m的活塞，已知Mm活塞密封一部分理想气体现对气缸施加一个水平向左的拉力F（如图甲），稳定时，气缸的加速度为a1，封闭气体的压强为p1，体积为V1；若用同样大小的力F水平向左推活塞（如图乙），稳定时气缸的加速度为a1，封闭气体的压强为p1，体积为V1设密封气体的质量和温度均不变，则 ( )Aa1 =a1，p1p1，V1V1Ba1a1，p1p1，V1V1Ca1=a1，p1p1，
3、V1V1 Da1a1，p1p1，V1V13、用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法。下列四个选项中全部都应用了比值定义法的是加速度电场强度电容电流导体电阻磁感应强度ABCD4、如图是在两个不同介质中传播的两列波的波形图图中的实线分别表示横波甲和横波乙在t时刻的波形图，经过15s后，甲、乙的波形分别变成如图中虚线所示已知两列波的周期均大于13s，则下列说法中正确的是A波甲的速度可能大于波乙的速度B波甲的波长可能大于波乙的波长C波甲的周期一定等于波乙的周期D波甲的频率一定小于波乙的频率5、两车在平直的公路上沿同一方向行驶，两车运动的图象如图所示。在时刻，车在车前方处，在时间内，车的位移为，则（
4、）A若在时刻相遇，则B若在时刻相遇，则C若在时刻相遇，则下次相遇时刻为D若在时刻相遇，则下次相遇时车速度为6、反射式速调管是常用的微波器件之一，它利用电子团在电场中的振荡来产生微波，其振荡原理与下述过程类似，已知静电场的方向平行于x轴，其电势q随x的分布如图所示，一质量m1.01020kg，带电荷量大小为q1.0109C的带负电的粒子从（1，0）点由静止开始，仅在电场力作用下在x轴上往返运动。忽略粒子的重力等因素，则（ ）Ax轴左侧的电场强度方向与x轴正方向同向Bx轴左侧电场强度E1和右侧电场强度E2的大小之比E1：E22：1C该粒子运动的周期T1.5108sD该粒子运动的最大动能Ekm210
5、8J二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，粗糙绝缘的水平面附近存在一平行于水平面的电场，其中某一区域的电场线与x轴平行，在x轴上的电势与坐标x的关系如图中曲线所示，曲线过（0.1，4.5）和（0.15，3）两点，图中虚线为该曲线过点（0.15，3）的切线。现有一质量为0.20 kg、电荷量为2.0108 C的滑块P（可视为质点），从x0.10 m处由静止释放，其与水平面的动摩擦因数为0.02，取重力加速度g10 m/s2。则下列说法中正确的是（）A滑块P运动过
6、程中的电势能逐渐减小B滑块P运动过程中的加速度逐渐增大Cx0.15 m处的电场强度大小为2.0106 N/CD滑块P运动的最大速度为0.5 m/s8、一根轻弹賛下端固定，竖直立在水平面上.其正上方一定局度处有一质量为m0.2kg的小球从静止开始下落，不计空气阻力.从小球接触弹簧到将弹簧压缩至最短的过程中（弹簧一直保持竖直且在弹性限度内），当弹簧压缩量为0.1m时，小球的重力等于弹簧对它的弹力，重力加速度g取10m/s2，小球和弹簧接触瞬间的机械能损失不计，则（ ）A该弹簧的劲度系数为20N/mB当弹簧压缩量时，小球处于超重状态C小球刚接触弹簧时速度最大D从小球接触弹簧到将弹簧压缩至最短的过程中
7、，小球的加速度先减小后增大9、如图所示，水平面内的等边三角形ABC的边长为L，顶点C恰好位于光滑绝缘直轨道CD的最低点，光滑直导轨的上端点D到A、B两点的距离均为L，D在AB边上的竖直投影点为O一对电荷量均为Q的点电荷分别固定于A、B两点在D处将质量为m、电荷量为+q的小球套在轨道上(忽略它对原电场的影响)，将小球由静止开始释放，已知静电力常量为k、重力加速度为g，且，忽略空气阻力，则A轨道上D点的场强大小为B小球刚到达C点时，其加速度为零C小球刚到达C点时，其动能为D小球沿直轨道CD下滑过程中，其电势能先增大后减小10、将一个小球竖直向上抛出， 碰到高处的天花板后反弹，并竖直向下运动回到抛出
8、点，若反弹的速度大小是碰撞前速度大小的0. 65倍，小球上升的时间为1 s， 下落的时间为1.2 s，重力加速度取，不计空气阻力和小球与天花板的碰撞时间，则下列说法正确的是A小球与天花板碰撞前的速度大小为B小球与天花板碰撞前的速度大小为C抛出点到天花板的高度为D抛出点到天花板的高度为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“测定电源的电动势和内阻”的实验中，有如下实验器材：待测干电池一节电流表（量程（00.6A，内阻）电压表（量程03V，内阻约3k）滑动变阻器开关、导线若干（1）某同学用图甲所示电路进行实验，由于电表内阻的影响产生系
9、统误差，其主要原因是_；（2）为消除系统误差，结合所给电表参数，另一同学改用图乙所示电路进行实验，根据实验数据得出如图丙所示的图像，则可得电源电动势E=_V，内阻r=_。（结果均保留2位有效数字）12（12分）某实验小组的同学利用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律，实验时进行了如下的操作（滑轮的大小可忽略）：滑块甲放在气垫导轨上，滑块乙穿在涂有润滑剂的竖直杆上，调整气垫导轨水平，气垫导轨的适当位置放置光电门，实验时记录遮光条的挡光时间t；将两滑块由图中的位置无初速释放，释放瞬间两滑块之间的细绳刚好水平拉直；测出两滑块甲、乙的质量M=0.20kg、m=0.10kg，当地重力加速度为g=9.80
10、m/s2。回答下列问题：(1)如图，用游标卡尺测得遮光条的宽度d=_cm；(2)实验小组在实验时同时对以下物理量进行了测量，其中有必要的测量是_（填序号）；A.滑轮到竖直杆的距离L=0.60mB.滑块甲到滑轮的距离a=1.50mC.物块甲的遮光条到光电门的距离b=0.40m(3)当遮光条通过光电门瞬间，滑块乙速度的表达式为v乙=_；(4)若测量值t=_s，在误差允许的范围内，系统的机械能守恒。（保留两位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，匀强电场中相邻竖直等势线间距d =10cm，质=0
11、.1kg、带电荷量为q =-110-3C的小球以初速度=10m/s抛出，初速度方向与水平线的夹角为45，重力加速度g取10m/s2，求:（1）小球加速度的大小;（2）小球再次回到图中水平线时的速度和抛出点的距离.14（16分）如图所示，竖直放置的U型管内装有水银，右管封闭了一段长L=20cm的空气柱，此时左右两侧的水银面高度差h1=6cm，现从管的开口端慢慢倒入水银，最终左管水银面比右管水银面高h2=4cm，整个过程温度不变，外界大气压p0=76cmHg。求(1)右管封闭空气柱的最终长度L；(2)加入的水银柱长度x。15（12分）如图所示，在离地面高 h=5m 处固定一水平传送带，传送带以v0
12、=2m/s 顺时针转动。长为 L的薄木板甲和小物块乙（乙可视为质点），质量均为m=2kg，甲的上表面光滑，下表面与传送带之间的动摩擦因数1=0.1.乙与传送带之间的动摩擦因数2=0.2.某一时刻， 甲的右端与传送带右端 N 的距离 d=3m，甲以初速度 v0=2m/s 向左运动的同时，乙以v1=6m/s 冲上甲的左端，乙在甲上运动时受到水平向左拉力F=4N，g 取 10m/s2.试问：(1)当甲速度为零时，其左端刚好与传送带左端M相齐，乙也恰与甲分离，求 MN的长度LMN；(2)当乙与甲分离时立即撤去 F，乙将从 N 点水平离开传送带，求乙落地时距甲右端的水平距离。参考答案一、单项选择题：本题
13、共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A光电效应深入地揭示了光的粒子性的一面，表明光子具有能量，A错误；B氢原子的核外电子，由离核较远的轨道自发跃迁到离核较近轨道，释放一定频率的光子，电子的轨道半径变小，电场力做正功，电子的动能增大，电势能减小，B错误；C处于基态的氢原子吸收一个光子跃迁到激发态，再向低能级跃迁时辐射光子的频率应小于或等于吸收光子的频率，C错误；D粒子散射实验中，少数粒子发生大角度偏转是卢瑟福提出原子核式结构模型的主要依据，D正确。故选D。2、A【解析】两种情况下对整体受力分析由，因此对活塞进行受力分析，第一种情况对第
14、二种情况因此可得密封气体得质量和温度不变，因此可得，因此A正确3、D【解析】加速度与速度的变化量无关，所以加速度属于比值定义法；电场强度与场源电荷量成正比，与距离的平方成反比，所以电场强度不属于比值定义法；电容是由电容器本身的性质决定，其大小与带电量以及两板间的电压无关，所以电容属于比值定义法；电流的大小由导体两端的电压和导体的电阻决定，单位时间内通过导体横截面的电荷量叫电流强度，电流属于比值定义法；电阻与导线长度、横截面积及电阻率有关，所以导体的电阻不属于比值定义法；磁感应强度与放入磁场中的电流元无关，所以属于比值定义法；A. 与分析不符，故A错误；B. 与分析不符，故B错误；C. 与分析不
15、符，故C错误；D. 与分析相符，故D正确。4、A【解析】AC经过1.5s后，甲、乙的波形分别变成如图中虚线所示，且周期均大于1.3s，则根据，可知，两波的周期分别可能为1s和，则根据波速度，可知，若甲的周期为，而乙的周期为1s，则甲的速度大于乙的速度，故A正确，C错误；B由图可知，横波甲的波长为4m，乙的波长为6m，故说明甲波的波长比乙波的短，故B错误；D若甲 的周期为1s而乙的周期为，则由可知，甲的频率大于乙的频率，故D错误。故选A。5、B【解析】A根据题述，在时刻，车在车前方处，在时间内，车的位移为，若在时刻相遇，根据图线与坐标轴所围图形的面积表示位移，则有解得，故A错误；B若在时刻相遇，
16、根据图线与坐标轴所围图形的面积表示位移，则有解得，故B正确；C若在时刻相遇，则下次相遇的时刻为关于对称的时刻，故C错误；D若在时刻相遇，则下次相遇时刻为，下次相遇时车速度故D错误。故选B。6、D【解析】A沿着电场线方向电势降落，可知x轴左侧场强方向沿x轴负方向，x轴右侧场强方向沿x轴正方向，故A错误；：B根据UEd可知：左侧电场强度为：E1V/m2.0103V/m；右侧电场强度为：E2V/m4.0103V/m；所以x轴左侧电场强度和右侧电场强度的大小之比E1：E21：2，故B错误；C设粒子在原点左右两侧运动的时间分别为t1、t2，在原点时的速度为vm，由运动学公式有：vmt1同理可知：vmt2
17、；Ekmmvm2；而周期：T2（t1+t2）；联立以上各式并代入相关数据可得：T3.0108s；故C错误。D该粒子运动过程中电势能的最大值为：EPmqm2108J，由能量守恒得当电势能为零时动能最大，最大动能为Ekm2108J，故D正确；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A在-x图像中，图线的斜率表示电场强度，由图可知，滑块P运动过程中，电场方向不变，电场力始终做正功，则电势能逐渐减小，故A正确；BC由A可知，图线的斜率表示电场强度，处的场强为则此时的电
18、场力大小为滑动摩擦力大小为此时电场力与滑动摩擦力大小相等，由图可知图线斜率逐渐减小，故在之前，电场力大于摩擦力，滑块做加速运动，加速度逐渐减小，在之后，电场力小于摩擦力，做减速运动，加速度逐渐增大，故B错误，C正确；D滑块加速度为零时，速度最大，由BC选项可知，在时，电场力和摩擦力大小相等，加速度为零，此时滑块的速度最大，根据动能定理得由图可知处和处的电势差大约为，代入解得最大速度大约为，故D错误。故选AC。8、AD【解析】A当弹簧压缩量为0.1m时，小球的重力等于弹簧对它的弹力。由解得故A正确；B当弹簧压缩量，小球的重力大于弹簧对它的弹力；小球加速下降，加速度向下，处于失重状态，故B错误；C
19、当弹簧压缩量为0.1m时，小球的速度最大，随后减小，故C错误；D当时，小球的加速度为零，当弹簧的压缩量最大时，小球的加速度最大，即小球的加速度大小先减小后增大，故D正确。故选：AD。9、BC【解析】由点电荷场强公式可得,轨道上D点的场强为: ，选项A错误；同理可得轨道上C点的场强也为:，在C点，由牛顿定律可得： ，解得a=0，选项B正确；从D到C，电场力做功为零，根据动能定理可得：，选项C正确；小球沿直轨道CD下滑过程中，电场力先做正功，后做负功，则其电势能先减小后增大，选项D错误；故选BC.点睛：解答此题关键是搞清两个点电荷周围的电场分布情况，利用对称的思想求解场强及电势的关系；注意立体图与
20、平面图形的转化关系.10、AC【解析】AB.由题意可知, 解得，故A正确，B错误；CD.抛出点到天花板的高度为故C正确，D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、由于电压表分流导致测得电流比实际干路电流偏小 1.5 1.0 【解析】（1）1图甲采用相对电源的电流表外接法，由于电压表内阻不是无穷大，所以电压表分流导致电流表中电流比实际干路电流偏小；（2）23改用图乙实验时，根据闭合电路欧姆定律U=E-I（r+rA），再由图所示电源U-I图象可知，图象与纵轴交点坐标值是1.5V，电源电动势E=1.5V，图象的斜率表示电动势，故；故电源内阻
21、r=3.0-2.0=1.0。12、0.420 AC 0.0020或2.010-3 【解析】(1)1游标卡尺的读数由主尺读数和游标尺读数组成，遮光条的宽度d=4mm+40.05mm=4.20mm=0.420cm(2)2本实验验证系统的机械能守恒，即系统减少的重力势能等于系统增加的动能，研究滑块甲运动到光电门的过程，系统减少的重力势能系统增加的动能绳上的速度关系如图则有故必要的测量为滑轮到竖直杆的距离L=0.60m，物块甲的遮光条到光电门的距离b=0.40m，故AC正确，B错误。故选AC。(3)3利用极短时间内的平均速度表示瞬时速度，当遮光条通过光电门瞬间，滑块甲速度根据绳上的速度关系可知，滑块乙
22、的速度(4)4由(2)的分析可知，系统机械能守恒，则满足解得t=2.010-3s四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2） 速度与水平方向夹角的正切值为，水平距离为20m【解析】（1）根据图象可知，电场线方向向左，电场强度大小为：合力大小为：，方向与初速度方向垂直；根据牛顿第二定律可得加速度大小为：；（2）小球在竖直方向做竖直上抛运动，水平方向做匀加速直线运动，小球再次回到图中水平线时的时间为：，此过程中与抛出点的距离为：x=v0cos45t+t2=20m，在此过程中重力做功为零，根据动能定理可得：qEx=m
23、v2mv02代入数据解得：v=10m/s速度与水平夹角为，.14、（1）17.5m；（2）15cm【解析】(1)初态气体的压强初态气体的体积末态气体的压强末态气体的体积根据玻意耳定律得解得(2)加入的水银柱长为解得15、（1）10m；（2）3m。【解析】（1）选水平向右为正方向，设甲的加速度为，对甲，由牛顿第二定律 设甲速度由减到0过程通过的位移为，经历的时间为由得 由得 设乙从开始到与甲分离的加速度为，末速度为，通过的位移为，由牛顿第二定律得 又得m/s m 由几何关系知m （2）当乙滑下甲后，由于，所以乙开始做匀减速直线运动，设乙的加速度为，当速度减为时经历的时间为t3，通过的位移为。由牛顿第二定律得由 m s 乙达到与传送带共速后将匀速运动到其右端，设此过程经历时间为，s 乙物块将从传送带右端以做平抛运动，设此过程经历时间为，水平位移为，由得s m当甲与乙分离后，甲开始向右由静止做匀加速直线运动，设此过程甲的加速度为，经历的时间为，通过的位移为，由牛顿第二定律得 m/s2m 甲做匀速直线运动的位移为m=1m 乙落地时距甲右端的水平距离m