《2023届吉林省辽源市第五中学高考仿真模拟物理试卷含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023届吉林省辽源市第五中学高考仿真模拟物理试卷含解析.doc（13页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023年高考物理模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在光滑的水平桌面上有两个质量均为m的小球，由长度为2l的拉紧细线相连以一恒力作用于细线中点，恒力的大小为F，方向平行于
2、桌面两球开始运动时，细线与恒力方向垂直在两球碰撞前瞬间，两球的速度在垂直于恒力方向的分量为 （ ）ABCD2、如图所示，将两个质量均为m，带电量分别为+q、q的小球a、b用绝缘细线悬挂于O点，置于水平方向的匀强电场中，用力F拉小球a，使整个装置处于平衡状态，且悬线Oa与竖直方向的夹角为30则F的大小可能为（）Amg Bmg Cmg Dmg3、用a粒子(He)轰击氮核(N)，生成氧核(O)并放出一个粒子，该粒子是（）A质子B电子C中子D光子4、下列说法正确的是（）A米、千克、秒、库仑都属于国际单位制的基本单位B同一个物体在地球上比在月球上惯性大C一对作用力与反作用力做的功一定大小相等且一正一反D
3、物体做曲线运动时，其所受合力的瞬时功率可能为零5、如图是飞机在上海市由北往南飞行表演过程画面，当飞机从水平位置飞到竖直位置时，相对于飞行员来说，关于飞机的左右机翼电势高低的说法正确的是（ ）A不管水平飞行还是竖直向上飞行，都是飞机的左侧机翼电势高B不管水平飞行还是竖直向上飞行，都是飞稱的右机翼电势高C水平飞行时，飞机的右侧机翼电势高，竖直向上飞行时，飞机的左侧机翼电势高D水平飞行时，飞机的左侧机翼电势高；竖直向上飞行时，飞机的右侧机翼电势高6、如图（a）所示，理想变压器原副线圈匝数比n1：n2=55：4，原线圈接有交流电流表A1，副线圈电路接有交流电压表V、交流电流表A2、滑动变阻器R等，所有
4、电表都是理想电表，二极管D正向电阻为零，反向电阻无穷大，灯泡L的阻值恒定。原线圈接入的交流电压的变化规律如图（b）所示，则下列说法正确的是（）A由图（b）可知交流发电机转子的角速度为100rad/sB灯泡L两端电压的有效值为32VC当滑动变阻器的触头P向下滑动时，电流表A2示数增大，A1示数减小D交流电压表V的读数为32V二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一列横波沿轴传播，某时刻的波形图如图所示，质点的平衡位置与坐标原点相距，此时质点沿轴正方向运动，经过第一次到达最
5、大位移处。由此可知 A这列波沿轴负方向传播B这列波的波长为C这列波的传播速度为D这列波的频率为E.该时刻起内质点走过的路程为8、如图所示，质量为m的长木板B放在光滑的水平面上，质量为的木块A放在长木板的左端，一颗质量为的子弹以速度射入木块并留在木块中，当木块滑离木板时速度为，木块在木板上滑行的时间为t，则下列说法正确的是A木块获得的最大速度为B木块滑离木板时，木板获得的速度大小为C木块在木板上滑动时，木块与木板之间的滑动摩擦力大小为D木块在木板上滑动时，因摩擦产生的热量等于子弹射入木块后子弹和木块减小的动能9、如图所示，两导轨所构成的平面与水平面成角，金属杆ab、cd的电阻均为R，质量均为m，
6、沿与导轨垂直的方向放置在导轨上，两金属杆与导轨构成回路。金属杆的长度与导轨间的距离相等，且为L，金属杆cd通过跨过定滑轮的细绳与电动机相连。为了保证金属杆ab能在导轨上静止不动，金属杆cd需在电动机的带动下沿导轨向上移动。整个空间存在与导轨平面垂直的匀强磁场，磁场的磁感应强度为B，不计一切摩擦阻力，下列各种判断中正确的是（ ）A若磁场方向垂直导轨平面向下，则回路中电流方向为adcbaB金属杆cd沿导轨向上做匀速运动，速度大小v=C细绳的拉力F=mgsinD电动机的输出功率P=10、下列有关光学现象的说法正确的是_。A光从光密介质射入光疏介质，若入射角大于临界角，则一定发生全反射B光从光密介质射
7、人光疏介质，其频率不变，传播速度变小C光的干涉，衍射现象证明了光具有波动性D做双缝干涉实验时，用红光替代紫光，相邻明条纹间距变小E.频率相同、相位差恒定的两列波相遇后能产生稳定的干涉条纹三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在测定一组干电池的电动势和内电阻的实验中，教师提供了下列器材：A待测的干电池B电流传感器1C电流传感器2D滑动变阻器R（020 ，2 A）E定值电阻R0（2000 ）F开关和导线若干某同学发现上述器材中没有电压传感器，但给出了两个电流传感器，于是他设计了如图甲所示的电路来完成实验。(1)在实验操作过程中，如将滑动
8、变阻器的滑片P向右滑动，则电流传感器1的示数将_；（选填“变大”“不变”或“变小”）(2)图乙为该同学利用测出的实验数据绘出的两个电流变化图线（IAIB图象），其中IA、IB分别代表两传感器的示数，但不清楚分别代表哪个电流传感器的示数。请你根据分析，由图线计算被测电池的电动势E_V，内阻r_；(3)用上述方法测出的电池电动势和内电阻与真实值相比，E_，r_。（选填“偏大”或“偏小”）12（12分）物理小组的同学在老师指导下用两根完全相同的轻弹簧和重物验证力的平行四边形定则，他进行了如下操作（弹簧始终处于弹性限度内）：（1）用刻度尺测出弹簧的自由长度L0。（2）如图l所示，把重物通过细绳连接在弹
9、簧下端，稳定后测出弹簧的长度L1。（3）如图2所示，用两根弹簧挂起重物，稳定时两弹簧与竖直方向的夹角均为60，测出两弹簧的长度分别为L2、L3，若要验证力的平行四边形定则，需满足的条件是 _。（4）如图3所示，他又把两弹簧调整到相互垂直，稳定后测出两弹簧的长度为L4、L5，若要验证力的平行四边形定则，需满足的条件是_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图为在密闭容器内一定质量的理想气体由状态A变为状态B的压强P随体积V的变化关系图像。(1)用分子动理论观点论证状态A到状态B理想气体温度升高；(2)若体积
10、VB：VA=5：3，温度TA=225K，求TB。14（16分）如图所示，在平面坐标系xOy的第象限内有M、N两个平行金属板，板间电压为U，在第象限内存在沿y轴负方向的匀强电场，在第、IV象限内存在垂直坐标平面向里的匀强磁场。一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子(不计粒子重力)从靠近M板的S点由静止释放后，经N板上的小孔穿出，从y轴上的A点(yA=l)沿x轴负方向射入电场，从x轴上的C点(xc=-2l)离开电场，经磁场偏转后恰好从坐标原点O处再次进入电场。求：(1)粒子运动到A点的速度大小(2)电场强度E和磁感应强度B的大小15（12分）某物体沿着一条直线做匀减速运动，途经三点，最终停止在点。之
11、间的距离为，之间的距离为，物体通过与两段距离所用时间都为。求:（1）物体经过点时的速度;（2）物体经过段的平均速度。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】以两球开始运动时细线中点为坐标原点，恒力F方向为x轴正方向建立直角坐标系如图1，设开始到两球碰撞瞬间任一小球沿x方向的位移为s，根据对称性，在碰撞前瞬间两球的vx、vy、v大小均相等，对其中任一小球，在x方向做初速度为零的匀加速直线运动有：；细线不计质量，F对细线所做的功等于细线对物体所做的功，故对整体全过程由动能定理有：F（s+l）=2mv2 ；由以上各
12、式解得：，故选B2、A【解析】以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力，作出F在三个方向时的受力图如图，根据平衡条件得知： F与T的合力与重力2mg总是大小相等、方向相反，由力的合成图可知，当F与绳子oa垂直时，F有最小值，即图中2位置，F的最小值为：，所以F的大小可能为mg，其他值不可能，故A正确，B、C、D错误；故选A。【点睛】关键是运用图解法确定出F的最小值，以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件，分析F的最小值，从而分析F的可能值。3、A【解析】核反应方程根据电荷数守恒、质量数守恒知，该粒子的电荷数为1，质量数为1，为质子，故A正确，BCD错误；故选A。【点睛
13、】解决本题的关键知道在核反应中电荷数守恒、质量数守恒以及知道常见的粒子的电荷数和质量数。4、D【解析】A在国际单位制中，力学的单位被选为基本单位的是米、千克、秒，电学的单位被选为基本单位的是安培，不是库仑，故A错误；B惯性大小的唯一量度是质量，故同一个物体在地球上与在月球上惯性一样大，故B错误；C作用力做正功，反作用力也可以做正功，比如两带电小球靠斥力分开，库仑斥力对两小球都做正功，故C错误；D物体做曲线运动时，如果速度和力垂直，功率为零，如匀速圆周运动，故D正确。故选D。5、D【解析】地磁场在北半球有竖直向下和由南向北的水平分量，水平由北向南飞行时，飞机的两翼切割竖直向下的磁感线，根据右手定
14、则可知，左侧机翼电势高；竖直向上飞行时，两翼切割水平方向的磁感线，根据右手定则可知，机翼右侧电势高，D正确，ABC错误。故选D。6、D【解析】A根据图像可知周期T=0.02s，则角速度故A错误；B原线圈电压的有效值为根据理想变压器的电压规律求解副线圈的电压，即交流电压表的示数为因为小灯泡和二极管相连，二极管具有单向导电性，根据有效值的定义解得灯泡两端电压故B错误，D正确；C当滑动变阻器的触头P向下滑动时，副线圈接入的总电阻减小，副线圈两端电压不变，所以电流表示数增大，根据单相理想变压器的电流规律可知电流表的示数也增大，故C错误。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小
15、题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCE【解析】A题图中质点正由平衡位置向正向最大位移处运动，根据“上下坡法”可知，波沿轴正方向传播，故A错误；B由波形图可知解得故B正确；CD由题知，质点经第一次到达最大位移处，则有解得故频率根据故C正确，D错误；E因故质点走过的路程为，故E正确。故选BCE。8、AC【解析】对子弹和木块A系统，根据动量守恒定律：，解得，选项A正确；木块滑离木板时，对木板和木块（包括子弹）系统：，解得，选项B错误；对木板，由动量定理：，解得，选项C正确；由能量守恒定律可知，木块在木板上滑动时，因摩擦产生的热
16、量等于子弹射入木块后子弹和木块减少的动能与木板增加的动能之差，选项D错误；故选AC.点睛：此题是动量守恒定律即能量守恒定律的应用问题；关键是要把三个物体相互作用的过程分成两个过程：子弹打木块和木块在木板上滑动；搞清两个过程中能量之间的转化关系.9、BD【解析】A金属杆ab静止不动，所受安培力应沿导轨平面向上，若磁场垂直导轨平面向下，根据右手定则可判断感应电流方向为abcda，故A错误；B对金属杆ab由平衡条件有mgsin=BIL金属杆cd切割磁感线产生感应电流I=解得v=故B正确；C由于金属杆ab静止不动，金属杆cd匀速运动，由整体法有细绳拉力F=2mgsin故C错误；D电动机的输出功率等于细
17、绳拉力的功率，功率P=Fv=故D正确。故选BD。10、ACE【解析】A发生全发射的条件是，光从光密介质射入光疏介质，且入射角大于或等于临界角，故A正确；B光从光密介质射到光疏介质，频率不变，根据可知，折射率减小，所以速度增大，故B错误；C光的衍射和干涉是波独有的现象，所以可以说明光具有波动性，故C正确；D红光的波长大于紫光，根据条纹间距公式可知红光的条纹间距大于紫光，故D错误；E两列波发生稳定的干涉现象的条件是频率相同，相位差恒定，故E正确。故选ACE。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、变小 3.0 2.0 偏小 偏小 【解析】(1)
18、1滑动变阻器在电路中应起到调节电流的作用，滑片P向右滑动时 R值减小，电路总电阻减小，总电流变大，电源内阻上电压变大，则路端电压减小，即电阻R0上电压减小，电流减小，即电流传感器1的示数变小。(2)23由闭合电路欧姆定律可得I1R0E（I1I2）r变形得由数学知可知图象中的由图可知b1.50k1103解得E3 .0Vr2.0 。(3)45本实验中传感器1与定值电阻串联充当电压表使用，由于电流传感器1的分流，使电流传感器2中电流测量值小于真实值，而所测量并计算出的电压示数是准确的，当电路短路时，电压表的分流可以忽略不计，故短路电流为准确的，则图象应以短流电流为轴向左下转动，如图所示，故图象与横坐
19、标的交点减小，电动势测量值减小；图象的斜率变大，故内阻测量值小于真实值。12、 【解析】（3）1当合力沿两个分力角平分线方向且两个分力夹角为，合力和两个分力大小相等，故弹簧形变量形同，长度相同，即；（4）2当两个分力相互垂直时，由勾股定理知：即：。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)理想气体由状态A变为状态B，体积增大，单位体积内的分子数减少，而压强要增大，只能增加分子的平均动能，即升高温度，所以该过程中理想气体的温度升高；(2)625K【解析】(1)理想气体由状态A变为状态B，体积增大，单位体积内的分子数减少，而压强要增大，只能增加分子的平均动能，即升高温度，所以该过程中理想气体的温度升高。(2)由理想气体状态方程有由图像可知解得14、（1）（2）；【解析】(1)设粒子运动到A点的速度大小为v0，由动能定理得可得粒子运动到A点的速度大小(2)粒子在电场中做类平抛运动，设经历时间为t1，则联立解得设粒子离开电场时速度大小为v，与x轴的夹角为a。则设粒子在磁场中做圆周运动的半径为R，则2Rsin=2l可得15、（1）（2）【解析】（1）设物体在A点时的速度为段中间时刻的速度BC段中间时刻的速度解得物块的加速度大小为（2）物体运动到C点时的速度解得物体经过CD段运动的平均速度