《2023届安徽省淮北市淮北师大附属实验中学高三二诊模拟考试物理试卷含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023届安徽省淮北市淮北师大附属实验中学高三二诊模拟考试物理试卷含解析.doc（17页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023年高考物理模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一个半径为r的半圆形线圈，以直径ab为轴匀速转动，转速为n，ab的左侧有垂直于纸面向里（与ab垂直）的匀强磁场，磁感应强度为B。M和N是两个集流环，负载电阻为R，线圈
2、、电流表和连接导线的电阻不计，则电流表的示数为。（ ）ABCD2、若一个质点由静止开始做匀加速直线运动，下列有关说法正确的是（）A某时刻质点的动量与所经历的时间成正比B某时刻质点的动量与所发生的位移成正比C某时刻质点的动能与所经历的时间成正比D某时刻质点的动能与所发生位移的平方成正比3、北斗卫星导航系统是我国自行研制开发的区域性三维卫星定位与通信系统(CNSS)，建成后的北斗卫星导航系统包括5颗同步卫星和30颗一般轨道卫星对于其中的5颗同步卫星，下列说法中正确的是A它们运行的线速度一定大于第一宇宙速度B地球对它们的吸引力一定相同C一定位于赤道上空同一轨道上D它们运行的速度一定完全相同4、201
3、8年5月21日5点28分，我国在西昌卫星发射中心用“长征四号”丙运载火箭，成功将“嫦娥四号”任务中继星“鹊桥”发射升空，它是世界首颗运行于地月拉格朗日点的中继卫星，是为2018年底实施的“嫦娥四号”月球背面软着陆探测任务提供地月间的中继通信。地月拉格朗日点即为卫星相对于地球和月球基本保持静止的一个空间点，卫星永远在月球背面，距月球中心的距离设为，距地球中心的距离约为，月地距离约为，则地球质量与月球质量比值最接近（）A80B83C85D865、如图所示，有一个电热器R，接在电压为u311sin100t (V) 的交流电源上电热器工作时的电阻为100 ，电路中的交流电表均为理想电表由此可知A电压表
4、的示数为311 VB电流表的示数为2.2 AC电热器的发热功率为967 WD交流电的频率为100 Hz6、一同学研究箱子的运动，让一质量为的箱子在水平恒力的推动下沿光滑水平面做直线运动，箱子运动的图线如图所示，是从某时刻开始计时箱子运动的时间，为箱子在时间内的位移，由此可知（）A箱子受到的恒力大小为B内箱子的动量变化量为C时箱子的速度大小为D内箱子的位移为二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，斜面上有a、b、c、d四个点，ab=bc=cd，从a点以初速度v0水平抛
5、出一个小球，它落在斜面上的b点，速度方向与斜面之间的夹角为；若小球从a点以初速度平抛出，不计空气阻力，则小球（）A将落在bc之间B将落在c点C落在斜面的速度方向与斜面的夹角大于D落在斜面的速度方向与斜面的夹角等于8、氢原子的能级如图所示，普朗克常量为h。处于第4能级的大量氢原子向第2能级跃迁，下列说法中正确的是（）A可以释放出3种不同频率的光子B可以释放出2种不同频率的光子C所释放的光子的最小频率为D所释放的光子的最小频率为与9、一列简谐横波在介质中传播，在t=0时刻刚好形成如图所示的波形。已知波源的振动周期T=0.4s，A、B两质点平衡位置间相距2m。下列各种说法中正确的是（）A若振源在A处
6、，则P质点从开始运动到第一次到达波谷位置需要0.1sB若振源在A处，则P质点从开始运动到第一次到达波谷位置需要0.3sC若振源在A处，则P质点比Q质点提前0.06s第一次到达波谷位置D若振源在B处，则P质点比Q质点滞后0.06s第一次到达波谷位置E.若振源在B处，则Q质点经过一段时间后一定会到达图中P质点所在位置10、电压表，电流表都是由小量程电流表改装而成的，如图甲、乙所示分别是电压表，电流表的改装图，以下说法正确的是（ ）A若改装后的电流表示数比标准表稍小一些，可以给并联电阻再并一个较大的电阻B若改装后的电压表示数比标准表稍小一些，可以给串联电阻再串联一个较大的电阻C小量程电流表内阻为，给
7、它并联一个电阻R，改装后的电流表量程是原来的倍D为实现对改装电表的逐格校准，需要采用分压式电路三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“测定一节干电池电动势和内阻”的实验中：(1)第一组同学利用如图甲所示的实验装置测量，电压表选择量程“3V”，实验后得到了如图乙的图像，则电池内阻为_；(2)第二组同学也利用图甲的实验装置测量另一节干电池的电动势和内阻，初始时滑片P在最右端，但由于滑动变阻器某处发生断路，合上开关后发现滑片P向左滑动的过程中，电流表的示数先始终为零，滑过一段距离后，电流表的示数才逐渐增大。该组同学记录了多组电压表示数U
8、、电流表示数、滑片P向左滑动的距离x。然后根据实验数据，分别作出了U-x图象、I-x图象，如图丙所示，则根据图像可知，电池的电动势为_V，内阻为_。12（12分）某实验小组成员要测量一节干电池的电动势和内阻，已知该干电池的电动势约为1.5V，内阻约为0.50；实验室提供了电压表V(量程为3V，内阻约3k)、电流表A(量程0.6A，内阻为0.70)、滑动变阻器R(10,2A)、电键和导线若干。(1)为了尽可能减小实验误差，请在图1方框中画出实验电路图_。(2)在图2中按原理图完善实物图的连接_。(3)通过多次测量并记录对应的电流表示数I和电压表示数U，利用这些数据在图3中画出了U-I图线。由图线
9、可以得出此干电池的电动势E=_V(保留3位有效数字)，内阻r=_ (保留2位有效数字)。(4)实验过程中，发现电流表发生了故障，于是小组成员又找来一个电压表和一个定值电阻，组成了如图4所示的电路，移动滑动变阻器触头，读出电压表V1和V2的多组数据U1、U2，描绘出图象如图5所示，图线斜率为k，与横轴的截距为a，则电源的电动势E=_，内阻r=_ (用k、a、R0表示)。 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图，滑块A和木板B的质量分别为mA=1kg、mB=4kg，木板B静止在水平地面上，滑块A位于木板B的右
10、端，A、B间的动摩擦因数1=0.5，木板与地面间的动摩擦因数2=0.1.长L=0.9m的轻绳下端悬挂物块C，质量mC=1kg，轻绳偏离竖直方向的角度=60。现由静止释放物块C，C运动至最低点时恰与A发生弹性正碰，A、C碰撞的同时木板B获得3m/s、方向水平向右的速度，碰后立即撤去物块C，滑块A始终未从木板B上滑下。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2.不计空气阻力，A和C可视为质点，求：(1)C与A碰撞前瞬间轻绳的拉力；(2)木板的最小长度；(3)整个运动过程中滑动摩擦力对滑块A做的功及A、B间因摩擦产生的热量。14（16分）如图所示，在xOy平面坐标系的第一象限内的某区域
11、存在匀强磁场，在第二象限内存在沿x正方向的匀强电场，电场强度的大小为E=5103V/m。曲线OC上分布着大量比荷为 =105C/kg的正电荷，曲线OC上各点的坐标满足y2=k|x|，C点的坐标为(0.1，0.2)。A点在y轴上，CA连线平行于x轴，D点在x轴上且OD=OA。现所有正电荷由静止释放，在第一象限内磁场的作用下都沿垂直x轴方向通过了D点。不计正电荷所受的重力及电荷间的相互作用力。求：(1)正电荷通过y轴时的速度与纵坐标的关系；(2)匀强磁场的磁感应强度的大小和方向；(3)匀强磁场区域的最小面积。15（12分）如图BC是位于竖直平面内的一段光滑的圆弧轨道，圆弧轨道的半径为r3m，圆心角
12、53，圆心O的正下方C与光滑的水平面相连接，圆弧轨道的末端C处安装了一个压力传感器水平面上静止放置一个质量M1kg的木板，木板的长度l1m，木板的上表面的最右端放置一个静止的小滑块P1，小滑块P1的质量m1未知，小滑块P1与木板之间的动摩擦因数0.1另有一个质量m11kg的小滑块P1，从圆弧轨道左上方的某个位置A处以某一水平的初速度抛出，恰好能够沿切线无碰撞地从B点进入圆弧轨道，滑到C处时压力传感器的示数为N，之后滑到水平面上并与木板发生弹性碰撞且碰撞时间极短（不计空气阻力，重力加速度g10m/s1，cos530.6）求：（1）求小滑块P1经过C处时的速度大小；（1）求位置A与C点之间的水平距
13、离和竖直距离分别是多少？（3）假设小滑块P1与木板间摩擦产生的热量为Q，请定量地讨论热量Q与小滑块P1的质量m1之间的关系参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】线圈绕轴匀速转动时，在电路中产生如图所示的交变电流。此交变电动势的最大值为设此交变电动势在一个周期内的有效值为E，由有效值的定义得解得故电流表的示数为故选D。2、A【解析】A根据和，联立可得与成正比，故A正确；B根据可得与成正比，故B错误；C由于与成正比，故C错误；D由于与成正比，故D错误。故选A。3、C【解析】第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，即是
14、卫星环绕地球圆周运动的最大速度而同步卫星的轨道半径要大于近地卫星的轨道半径，所以它们运行的线速度一定小于7.9km/s，故A错误5颗同步卫星的质量不一定相同，则地球对它们的吸引力不一定相同，选项B错误；同步卫星的角速度与地球的自转角速度，所以它们的角速度相同，故C正确5颗卫星在相同的轨道上运行，速度的大小相同，方向不同，选项D错误；故选C.点睛：地球的质量一定、自转角速度和周期一定，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它有确定的轨道高度和固定的速度大小4、B【解析】设“鹊桥”中继星质量为m，地球质量为M1，月球质量为M2，对中继星有对于月球来说，中继星
15、对它的引力远远小于地球对它的引力大小，故略去不计联立解得故选B。5、B【解析】因为交流电的最大值为Um311V，故其有效值为，则电压表的示数为220V，故A错误；因为电阻为100，电流表的示数为 ，故B正确；电热器的发热功率为P=I2R=（2.2A）2100=484W，故C错误；因为交流电的角速度为=100，则其频率为=2f=50Hz，故D错误。故选B。6、D【解析】A将匀变速直线运动位移公式两边同除以可得对比图线可知，箱子的初速度图线斜率为箱子运动的加速度由牛顿第二定律，恒力故A错误；B箱子的初动量为时箱子的速度大小内箱子的动量变化量故B错误；C时箱子的速度大小为故C错误；D内箱子的位移为故
16、D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】设斜面的倾角为小球落在斜面上，有：tan=，解得： ；在竖直方向上的分位移为：y=gt2，则知当初速度变为原来的倍时，竖直方向上的位移变为原来的2倍，所以小球一定落在斜面上的c点，故A错误，B正确；设小球落在斜面上速度与水平方向的夹角为，则tan=2tan，即tan=2tan，所以一定，则知落在斜面时的速度方向与斜面夹角一定相同故C错误，D正确故选BD【点睛】物体在斜面上做平抛运动落在斜面上，竖直方向的位
17、移与水平方向上的位移比值是一定值以及知道在任一时刻速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍8、AC【解析】AB大量氢原子处在能级，向下面的能级跃迁，有三种情况、由知光子的频率有3种。故A正确，B错误；CD其中跃迁放出的能量最小，相应光子的频率最小，为故C正确，D错误。故选AC。9、ACD【解析】AB若振源在A处，由图可知，B质点刚好起振，且起振方向向下，则各质点开始振动的方向均向下，所以P质点第一次到达波谷位置需要A正确，B错误；C若振源在A处，P质点比Q质点先到达波谷位置，提前的时间等于波在PQ间传播的时间C正确；D同理，若振源在B处，Q质点比P质点先到达波谷位置，提前的时
18、间等于波在QP间传播的时间D正确；E介质中质点并不会随波迁移，只在各自的平衡位置两侧振动，E错误。故选ACD。10、CD【解析】A若改装后的电流表示数比标准表稍小一些，说明流过表头的电流小，可以增大分流电阻使其分流少些，从而增大流过表头的电流使其准确，应该给并联电阻串联一个较小的电阻，A错误；B若改装后的电压表示数比标准表稍小一些。说明流过表头的电流小，应该减小串联电阻，或给串联电阻再并联一个较大的电阻，B错误；C小量程电流表内阻为，给它并联一个电阻R，改装后的电流表量程得出C正确；D分压式电路电压、电流可以从零开始调节，可以实现对改装电表的逐格校准，D正确。故选CD。三、实验题：本题共2小题
19、，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.5 1.5 1 【解析】(1)1由图乙图像可知，电源内阻(2)2 3 由图示图像可知，时，；当时，则由U=E-Ir可得1.20=E-0.3r 1.35=E-0.15r解得：r=1E=1.5V12、 ; ; 1.45; 0.60; ; ; 【解析】(1)电路直接采用串联即可，电压表并联在电源两端，由于电流表内阻已知，则应采用电流表相对电源的内接法；电路图如图所示。 (2)对照电路图，实物图完善后如下图。(3)根据以及图象可知，电源的电动势为V，内阻为，故；(4)由闭合电路欧姆定律可知：，变形得：，当时，则有：、。解得：，。
20、四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)20N；(2)2.4m；(3)-4J，12J。【解析】(1)C下摆过程机械能守恒，由机械能守恒定律得A、C碰撞前，对C，由牛顿第二定律得 代入数据解得T=20N(2)A、C发生弹性碰撞，碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得mCvC=mCvC+mAvA由机械能守恒定律得 由牛顿第二定律对A：1mAg=mAaA对B1mAg+2（mA+mB）g=mBaBA、B共速前B一直向右做匀减速直线运动，A先向左匀减速，再向右匀加速，共速后二者不再发生相对滑动
21、，以向右为正方向；对A v=-vA+aAt对B v=vB-aBt木板最小长度为L=xB-xA代入数据解得L=2.4m(3)滑动摩擦力对A做功Wf=-1mAxA代入数据解得Wf=-4JA、B间因滑动摩擦产生的热量为Q=1mAgx相对=1mAgL代入数据解得Q=12J14、 (1)v=5105y；(2)B=5105=5T，磁感应强度的方向为垂直纸面向外；(3)1.14102m2【解析】(1)第二象限内，正电荷在电场力的作用下做初速为零的匀加速运动，设正电荷的坐标为(x，y)，通过y轴时的速度为v，由动能定理有Eq=mv2由于y2=k，C点的坐标为(0.1，0.2)，得k=0.4联立得v=5105y
22、(2)由C点静止释放的正电荷垂直y轴通过A点，又垂直x轴通过D点，所以该正电荷由A点进入磁场，由D点出磁场，圆周运动的圆心为O点，轨迹如图所示该正电荷做圆周运动的半径r=OA=0.2m由洛仑兹力提供向心力，有qvB=联立，得B=5105=5T由左手定则可判断，磁感应强度的方向为垂直纸面向外(3)由(2)中分析可知正电荷在磁场中圆周运动的半径与其通过y轴时的纵坐标值相等，所有正电荷都垂直通过D点，轨迹如图所示磁场区域的最小面积为阴影部分的面积，由几何关系可得面积S=1.14102m215、（2）7m/s（2）3.6m，2m（3）Q= 或 Q=4m2【解析】(2)根据牛顿第三定律可知小块P2滑到C
23、处受到的支持力F=N，由牛顿第二定律得：代入数据解得：(2)设P2在B处的速度为vB，从B到C的过程中，由动能定理得：其中：代入数据解得：因为小滑块恰好能够沿切线无碰撞的从B点进入圆弧轨道，可知平抛的初速度为：在B点时竖直方向的速度为：则从A到B的时间为：所以AC之间的水平距离为：AC之间的竖直距离为：(3)P2与木板发生弹性碰撞，假设碰后小滑块P2的速度为v2、木板速度为v2，由动量守恒定律和机械能守恒可知：代入数据联立解得：，木板获得速度之后，和上面的小滑块P2之间相对滑动，假设最终和木板之间相对静止，两者的共同速度为v共，小滑块P2在模板上相对滑动了x，由动量守恒和能抗守恒可知：联立解得：.当时，.若，则，滑块不会从模板上掉落，小滑块P2与木板间产生的热量为：若，则，滑块会从木板上掉落，小滑块P2与木板间的摩擦产生的热量为：答：(2)小滑块P2经过C处时的速度大小；(2)位置A与C点之间的水平距离和竖直距离分别是3.6m和2m；(3)热量Q与小滑块P2的质量m2之间的关系为Q= 或 Q=4m2