《2023届广东省肇庆市实验中学高考物理押题试卷含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023届广东省肇庆市实验中学高考物理押题试卷含解析.doc（14页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023年高考物理模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在地球同步轨道卫星轨道平面内运行的低轨道卫星，其轨道半径为同步卫星半径的，则该低轨道卫星运行周期为（）A1hB3hC6
2、hD12h2、如图所示，质量分别为m、M的两个物体系在一根通过定滑轮(质量忽略不计)的轻绳两端，M放在水平地板上，m被悬挂在空中，若将M沿水平地板向右缓慢移动少许后M仍静止，则()A绳的张力变大BM对地面的压力变大CM所受的静摩擦力变大D悬挂滑轮的绳的张力变大3、甲、乙、丙、丁四辆小车从同一地点向同一方向运动的图象如图所示，下列说法中正确的是（）A甲车做直线运动，乙车做曲线运动B在0t1时间内，甲车平均速度等于乙车平均速度C在0t2时间内，丙、丁两车在t2时刻相遇D在0t2时间内，丙、丁两车加速度总是不相同的4、由于放射性元素Np的半衰期很短，所以在自然界中一直未被发现，只是在使用人工的方法制
3、造后才被发现已知Np经过一系列衰变和衰变后变成Bi，下列选项中正确的是()ABi的原子核比Np的原子核少28个中子BNp经过衰变变成Bi，衰变过程可以同时放出粒子、粒子和粒子C衰变过程中共发生了7次衰变和4次衰变DNp的半衰期等于任一个Np原子核发生衰变的时间5、起重机将静止在地面上的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点过程中的vt图像如图所示，g=10m/s2，以下说法中正确的是（）A03s内货物处于失重状态B35s内货物的机械能守恒C57s内货物受到向上的拉力为重力的0.3倍D货物上升的总高度为27m6、绿化工人在街道旁边栽种大树时，为了确保树干不倾斜，需要用铁杆来支撑。通常是用一个铁
4、环紧套在树干上，三根长度不同的铁杆一端均匀分布在固定的铁环上，另一端固定在同一个水平地面上，大树栽好后竖直压在地上，如图所示。由于树刚栽，地面对大树的作用力，除了竖直向上的支持力以外，其它力可以不考虑。则下列说法中正确的是（）A三根铁杆对大树的作用力大小一定相等B大树对地面的作用力一定大于自身的重力C铁杆对大树的作用力与地面对大树的支持力是一对平衡力D铁杆对大树的作用力在水平方向的合力为零二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、用一束波长为的绿光照射某极限波长为o的金属，
5、能产生光电效应，下列说法正确的是（ ）A该金属逸出功为W=hoB把这束绿光遮住一半，则逸出的光电流强度减小C若改用一束红光照射，则不可能产生光电效应D要使光电流为0，光电管两级至少需要加大小为的电压8、下列说法正确的是_A两个分子间的距离r存在某一值r0（平衡位置处），当r大于r0时，分子间斥力大于引力；当r小于r0时分子间斥力小于引力B布朗运动不是液体分子的运动，但它可以反映出分子在做无规则运动C用手捏面包，面包体积会缩小，说明分子之间有间隙D随着低温技术的发展，我们可以使温度逐渐降低，但最终还是达不到绝对零度E.对于一定质量的理想气体，在压强不变而体积增大时，单位时间碰撞容器壁单位面积的分
6、子数一定减少9、下列说法中不符合实际的是_A单晶体并不是在各种物理性质上都表现出各向异性B液体的表面张力使液体表面具有扩张的趋势C气体的压强是由于气体分子间相互排斥而产生的D分子间同时存在引力和斥力，且这两种力同时增大，同时减小E.热量能自发地从内能大的物体向内能小的物体进行传递10、关于电磁波和机械波，下列说法正确的是 A电磁波在真空中自由传播时，其传播方向与电场强度、磁感应强度均垂直B电磁波在真空中的传播速度与电磁波的频率有关C电磁波可以发生衍射现象和偏振现象D在真空中波长越短的电磁波周期越大E.声波从空气传入水中时频率不变，波长改变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指
7、定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）图示为做“碰撞中的动量守恒”的实验装置(1)入射小球每次都应从斜槽上的同一位置无初速度释放，这是为了_A入射小球每次都能水平飞出槽口B入射小球每次都以相同的速度飞出槽口C入射小球在空中飞行的时间不变D入射小球每次都能发生对心碰撞(2)入射小球的质量应_（选填“大于”、“等于”或“小于”）被碰小球的质量；(3)设入射小球的质量为，被碰小球的质量为，为碰前入射小球落点的平均位置，则关系式_（用、及图中字母表示）成立，即表示碰撞中动量守恒。12（12分）兴趣课上老师给出了一个质量为m的钩码、一部手机和一个卷尺，他要求王敏和李明两同学估测手上抛钩码所做的功。
8、两同学思考后做了如下操作：(1)他们先用卷尺测出二楼平台到地面的距离h，王敏在二楼平台边缘把钩码由静止释放，同时李明站在地面上用手机秒表功能测出钩码从释放到落到地面的时间t0，在忽略空气阻力的条件下，当地的重力加速度的大小可以粗略的表示为g=_（用h和t0表示）；(2)两同学站在水平地面上，李明把钩码竖直向上抛出，王敏用手机的秒表功能测出钩码从抛出点到落回抛出点的时间。两同学练习几次，配合默契后某次李明把钩码竖直向上抛出，同时王敏用手机的秒表功能测出钩码从抛出点到落回抛出点的时间t，在忽略空气阻力的条件下，该次李明用手上抛钩码所做的功可以粗略地表示为W=_（用m、h、t0和t表示）。四、计算题
9、：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一带电微粒质量为m=2.01011kg、电荷量q=+1.0105C，从静止开始经电压为U1=100V的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，微粒射出电场时的偏转角=30，并接着进入一个方向垂直纸面向里、宽度为D=34.6cm的匀强磁场区域已知偏转电场中金属板长L=20cm，两板间距d=17.3cm，重力忽略不计求：（1）带电微粒进入偏转电场时的速率v1；（2）偏转电场中两金属板间的电压U2；（3）为使带电微粒不会由磁场右边射出，该匀强磁场的磁感应强度B至少多少1
10、4（16分）如图所示，实线和虚线分别是沿x轴传播的一列简谐横波在t0和t0.06s时刻的波形图已知在t0时刻，x1.5m处的质点向y轴正方向运动(1)判断该波的传播方向；(2)求该波的最小频率；(3)若3Tt4T，求该波的波速15（12分）如图所示，从长方体透明玻璃中挖去一个半径为R的半球体，O为半球的球心，O1O2连线为透明玻璃体的主光轴，在离球心0.5R处竖直放置一个足够大的光屏，O2为屏上的点，让一单色光束平行O1O2垂直左侧表面入射，当光线距离O1O2连线0.5R时，折射后的光线达到光屏上距离O2为R的P点，已知透明体的上下侧面均涂有吸光材料，则：透明玻璃的折射率为多少；当平行光线到光
11、轴O1O2的距离为多少时，折射后射到光屏上的位置离O2最远。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】根据开普勒第三定律解得故选B。2、D【解析】A因m处于静止状态，故绳子的拉力等于m的重力，即Fmg，绳的张力不变，故选项A错误；BC对M受力分析如图甲所示，把F进行正交分解可得关系式：NFsin MgFcos f当M向右移动少许后，变大，故N减小，f减小，故选项B、C错误；D对滑轮受力分析如图乙所示，把拉物体的绳子的拉力合成得F合T因F不变，两绳的夹角变小，则F合变大，故悬挂滑轮的绳的张力变大，选项D正确3、B
12、【解析】A位移时间图线表示位移随时间的变化规律，不是物体运动的轨迹，甲乙都做直线运动，故A错误；B由位移时间图线知，在0t1时间内，甲乙两车通过的位移相等，时间相等，甲车平均速度等于乙车平均速度，故B正确；C由图像与坐标轴所围面积表示位移，则由图可知，丙、丁两车在t2时刻不相遇，故C错误；D由图像斜率表示加速度，由图像可知，在0t2时间内有个时刻两车的加速度相等，故D错误。故选B。4、C【解析】A的中子数为20983126，的中子数为23793144，的原子核比的原子核少18个中子。故A错误。B经过一系列衰变和衰变后变成，可以同时放出粒子和粒子或者粒子和粒子，不能同时放出三种粒子。故B错误。C
13、衰变过程中发生衰变的次数为次，衰变的次数为27(9383)4次。故C正确。D半衰期是大量原子核衰变的统计规律，对少数原子核不适用。故D错误。5、D【解析】A货物开始时竖直向上运动，由vt图像读出03s的斜率即加速度为正，表示加速度向上，则货物处于超重状态，故A错误；B35s内货物做向上的匀速直线运动，一定有除重力以外的拉力对货物做正功，则货物的机械能增加，故B错误；C57s内的加速度为由牛顿第二定律有可得则有货物受到向上的拉力为重力的0.7倍，故C错误；Dvt图像的面积表示货物上升的总位移，则总高度为故D正确。故选D。6、D【解析】A三根铁杆长度不等，与地面的夹角不等，则对大树的作用力大小不相
14、等，选项A错误；B由平衡知识可知，地面对大树的作用力与铁杆对大树的作用力的合力等于大树的重力，可知地面对大树的作用力小于大树的重力，则大树对地面的作用力一定小于自身的重力，选项B错误；C因为地面对大树的作用力与铁杆对大树的作用力的合力等于大树的重力，可知铁杆对大树的作用力与地面对大树的支持力不是一对平衡力，选项C错误；D大树栽好后竖直压在地上，则铁杆对大树的作用力在水平方向的合力为零，选项D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】该金属逸出功为：
15、，故A错误；光的强度增大，则单位时间内逸出的光电子数目增多，遮住一半，光电子数减小，逸出的光电流强度减小，但仍发生光电效应，光电子最大初动能将不变，故C错误，B正确；光电效应方程为：，光速为：，根据动能定理可得光电流为零时有：，联立解得：，故D正确所以BD正确，AC错误8、BDE【解析】A、两个分子间的距离r存在某一值r0（平衡位置处），当r大于r0时，分子间斥力小于引力；当r小球r0时分子间斥力大于引力，所以A错误；B、布朗运动不是液体分子的运动，是固体微粒的无规则运动，但它可以反映出液体分子在做无规则运动，所以B正确；C、用手捏面包，面包体积会缩小，只能说明面包内有气孔，所以C错误；D、绝
16、对零度只能无限接近，不能到达，所以D正确；E、对于一定质量的理想气体，在压强不变而体积增大时，单位面积上分子数减小，则单位时间碰撞分子数必定减少，所以E正确9、BCE【解析】A由于单晶体在不同方向上物质微粒的排列情况不同，即为各向异性，则为单晶体具有各向异性，但并不是所有物理性质都是各向异性的，选项A正确，不符合题意；B液体的表面张力使液体表面具有收缩的趋势，选项B错误，符合题意；C气体的压强是由于大量的气体分子频繁的对器壁碰撞产生的，并不是由于气体分子间相互排斥而产生的，选项C错误，符合题意；D分子间同时存在引力和斥力，且这两种力同时增大，同时减小，选项D正确，不符合题意；E热量能自发地从温
17、度高的物体向温度低的物体进行传递，选项E错误，符合题意；故选BCE.10、ACE【解析】A电磁波传播方向与电场方向、磁场方向均垂直，故A正确；B电磁波在真空中传播速度不变，与频率无关，故B错误；C衍射是一切波都具有的现象，电磁波是横波，只要是横波就能发生偏振现象，故C正确；D，周期与波长成正比，故D错误；E声波从空气传入水中时频率不变，因为波速变大，由，可知波长边长，故E正确。故选：ACE。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B 大于 【解析】(1)1入射小球每次都应从斜槽上的同一位置无初速度释放，目的是使入射小球每次都以相同的速度飞出
18、槽口，故B正确，ACD错误。故选B。(2)2为了防止入射小球反弹，入射小球的质量应大于被碰小球的质量。(3)3由于小球下落高度相同，则根据平抛运动规律可知，小球下落时间相同；P为碰前入射小球落点的平均位置，M为碰后入射小球的位置，N为碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度碰撞后入射小球的速度碰撞后被碰小球的速度如果则表明通过该实验验证了两球碰撞过程中动量守恒，即成立，即表示碰撞中动量守恒。12、 【解析】(1)1在忽略空气阻力的条件下，钩码做自由落体运动，有，解得(2)2在忽略空气阻力的条件下，钩码上抛做竖直上抛运动，上升时间与下落时间相等，即抛出的初速度v0=gt下，根据动能定理可知，该次
19、李明用手上抛钩码所做的功可以粗略地表示为联立解得四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)1.0104m/s (2)66.7 V (3)0.1 T【解析】（1）粒子在加速电场中，电场力做功，由动能定理求出速度v1（2）粒子进入偏转电场后，做类平抛运动，运用运动的合成与分解求出电压（3）粒子进入磁场后，做匀速圆周运动，结合条件，画出轨迹，由几何知识求半径，再求B【详解】（1）带电微粒经加速电场加速后速度为v，根据动能定理：qU1mv12解得：v1=1.0104m/s（2）带电微粒在偏转电场中只受电场力作用，做类平抛
20、运动在水平方向微粒做匀速直线运动水平方向： 带电微粒在竖直方向做匀加速直线运动，加速度为a，出电场时竖直方向速度为v2竖直方向： v2at由几何关系： U2tan代入数据得：U2=100V（3）带电微粒进入磁场做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，设微粒轨道半径为R，由几何关系知R+D得：R设微粒进入磁场时的速度为v：v由牛顿运动定律及运动学规律：qvB得： 代入数据数据解得B=0.1T若带电粒子不射出磁场，磁感应强度B至少为0.1T14、 (1)向右传播(2)12.5Hz(3)75m/s【解析】（1）在t0时刻，x1.5m处的质点向y轴正方向运动，则该波向右传播；（2）由波形图可知：解得 （n=0、1、2、3）当n=0时可求解最大周期，则最小频率；fn12.5Hz（3）若3Tt4T，则由上述表达式可知n=3，即0.06s(3)T，解得：Ts；由图中读出波长为 ，则波速v15m/s75m/s.15、；【解析】依题意可知，光线距离连线0.5R平行入射时，入射角为，折射角为，设PO与夹角为，则有则有所以由折射定律可知代入数据得当光线紧贴右侧上边缘射出时，达到光屏上的位置最远，设此时光线离光轴的距离为h，入射角为，折射角为，则有由集合关系可知：由折射定律可知代入数据得