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1、2022-2023 高三上物理期中模拟试卷 请考生注意：1请用 2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用 05 毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、舰载战斗机着舰被称为“在刀尖上跳舞”，指的是舰载战斗机着舰有很大的风险，一旦着舰不成功，飞行员必须迅速实施“逃逸复飞”，“逃逸复飞”是指制动挂钩挂拦阻索失败后飞机的复飞.若某飞行员在一次训练“逃逸复飞”科目时
2、，舰载战斗机复飞前的速度为 25m/s，复飞过程中的最大加速度为 6m/s2，航母跑道长为 200m，起飞需要的最小速度为 50m/s.则舰载战斗机在跑道上复飞过程的最短时间是()A4.2s B5.0s C7.5s D8.0s 2、某电场的电场线分布如图所示(实线)，以下说法正确的是 Ac点场强大于 b点场强 Bb和 c处在同一等势面上 C若将一试探电荷q由 a点移动到 d点，电荷的电势能将增大 D若某一点电荷只在电场力的作用下沿虚线由 a点运动到 d点，可判断该电荷一定带负电 3、假设空间某一静电场的电势随 x变化情况如图所示，根据图中信息可以确定下列说法中正确的是 A10 x范围内各点场强
3、的方向均与 x轴平行 B只在电场力作用下，正电荷沿 x轴从 0 运动到1x，可做匀减速直线运动 C负电荷沿 x轴从2x移到3x的过程中，电场力做正功，电势能减小 D无法比较23xx与45xx间的场强大小 4、如图所示，保持不变，将 B点上移，则BO的拉力将()A逐渐减小 B逐渐增大 C先减小后增大 D先增大后减小 5、如图所示，一个质点做匀加速直线运动，依次经过 a、b、c、d四点，已知经过 ab、bc和 cd三段所用时间之比为 2：1：2，通过 ab 和 cd段的位移分别为 x1和 x2，则 bc 段的位移为（）A12()2xx B12()4xx C12(3)2xx D12(3)4xx 6、
4、北斗导航系统又被称为“双星定位系统”，具有导航、定位等功能如图所示，北斗导航系统中的两颗工作卫星均绕地心做匀速圆周运动，且轨道半径均为 r，某时刻工作卫星 1、2 分别位于轨道上的 A、B 两个位置，若两卫星均沿顺时针方向运行，地球表面的重力加速度为 g，地球半径为 R，不计卫星间的相互作用力，下列判断正确的是()A这两颗卫星的加速度大小相等，均为22r gR B卫星 1 由 A 位置运动到 B 位置所需的时间是3rrRg C卫星 1 由 A 位置运动到 B 位置的过程中万有引力做正功 D卫星 1 向后喷气就一定能够追上卫星 2 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。
5、在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得0 分。7、发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道 1，然后经点火，使其沿椭圆轨道 2 运行，最后再次点火，将卫星送入同步椭圆轨道 1轨道 1、2 相切于 Q点，轨道2、1 相切于 P 点轨道 1到地面的高度为 h，地球的半径为 R，地球表面的重力加速度为 g以下说法正确的是 A卫星在轨道 1 上的机械能大于在轨道 1 上的机械能 B卫星在轨道 1 上的周期小于在轨道 2 上的周期 C卫星在轨道 2 上经过 Q 点时的速度小于于它在轨道 1 上经过 P 时的速度 D卫星在轨道 1
6、 上的线速度为gvRRh 8、长木板 A 放在光滑的水平面上，质量为 m的小物体 B 以水平初速 v0滑上 A 的上表面，它们的 vt图象如图所示，则根据图中的信息（图中所标注的物理量均为已知量）可以求得 A木板获得的动能 B系统损失的机械能 C木板的长度 DA 与 B 间的动摩擦因数 9、一轻弹簧两端连接着质量均为 m的 A、B 两物块，A 通过轻绳固定于光滑斜面的挡板上。用沿斜面的力 F 使 B 向上缓慢移动一段距离后静止，此时弹簧处于压缩状态，轻绳仍处于伸直状态，如图所示。现撤去 F，在 B下滑过程中，以下说法正确的是（弹簧始终处在弹性限度内）A物块 A 始终保持静止 B绳的拉力不可能为
7、零 C弹簧恢复原长时 B 的速度最大 D弹簧弹性势能先减小后增大 10、如图所示，质量的物块，以速度滑上正沿逆时针转动的水平传送带，传送带两滑轮 A、B 间的距离，已知传送带的速度，物块与传送带间的动摩擦因数，重力加速度 g 取 关于物块在传送带上的运动，下列表述正确的是（）A物块在传送带上运动的时间为 4s B物块滑离传送带时的速率为 C皮带对物块的摩擦力对物块做功为 6J D整个运动过程中由于摩擦产生的热量为 18J 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）为了测量某待测金属丝的电阻率(阻值约为 30)，有以下一些器材可
8、供选择。电流表 A1(量程 050 mA，内阻约 10)；电流表 A2(量程 03 A，内阻约 0.12)；电压表 V1(量程 03 V，内阻很大)；电压表 V2(量程 015 V，内阻很大)；电源 E(电动势约为 3 V，内阻约为 0.2)；定值电阻 R(20，允许最大电流 1.0 A)；滑动变阻器 R1(010，允许最大电流 2.0 A)；滑动变阻器 R2(01 k，允许最大电流 0.5 A)；单刀单掷开关 S 一个，导线若干。(1)电流表应选_，电压表应选_，滑动变阻器应选_。(填器材的元件符号)(2)使用螺旋测微器测量金属丝的直径，如图所示，则金属丝的直径为_mm。(3)请在下面的虚线
9、框内画出测量电阻 Rx的实验电路图_。(要求所测量范围尽可能大)(4)某次测量中，电压表示数为 U时，电流表示数为 I，则计算待测电阻阻值的表达式为Rx_。12（12 分）用如图所示实验装置验证机械能守恒定律 通过电磁铁控制的小铁球从 A点自由下落，下落过程中经过光电门 B时，毫秒计时器（图中未画出）记录下挡光时间 t，测出 AB之间的距离 h（1）为了验证机械能守恒定律，还需要测量下列哪个物理量_ AA点与地面间的距离 H B小铁球的质量 m C小铁球从 A到 B的下落时间 tAB D小铁球的直径 d（2）小铁球通过光电门时的瞬时速度 v=_，若下落过程中机械能守恒，则21t与 h的关系式为
10、：21t=_ 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，在倾角为 37的足够长的光滑斜面上，放一质量为 mA=0.2kg的薄板 A，A 板上、下段由不同材料构成，下段表面光滑，长度 l=3m，上段表面粗糙；质量为 mB=2.0kg 的金属块 B(视为质点）位于 A 的最下端，B 与 A 上段间的动摩擦因数=0.1；质量为 mC=1.2kg 的物块 C 通过轻线绕过定滑轮与 B 相连。忽略滑轮质量及轴间的摩擦，A、B 间最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力。开始时，整个系统在外力作用下，处于静止状态
11、，轻线被拉直。(sin370=0.6，cos370=0.8，g=10m/s2。)求：（1）撤去外力的瞬间，A、B、C 的加速度分别是多大；（2）B 刚到达 A 的粗糙部分时，A、B、C 的加速度分别是多大；（3）通过计算判断，撤去外力后，当 B 在 A 上段运动一段时间后是与 A 保持相对滑动还是与 A 保持相对静止；并写出判断过程。（4）撤去外力后的整个过程中，因摩擦产生的热量 Q，绳足够长，B 始终没滑出 A 板 14（16 分）在光滑水平地面上放有一质量为M带光滑弧形槽的小车，个质量为m的小铁块以速度v0沿水平槽口滑去，如图所示，求：(1)铁块能滑至弧形槽内的最大高度H(设m不会从左端滑
12、离M)(2)铁块到最大高度时，小车的速度大小(3)当铁块从右端脱离小车时，铁块和小车的速度分别是多少?15（12 分）如图甲所示，水平放置的平行金属板 A、B间距为 d=20cm，板长 L=30cm，在金属板的左端竖直放置一带有小孔的挡板，小孔恰好位于 A、B中间，距金属板右端x=15cm 处竖直放置一足够大的荧光屏.现在 A、B板间加如图乙所示的方波形周期电压，有大量质量m=10-7kg、电荷量 q=1.010-2C 的带负电粒子以平行于金属板的速度0v=1.0104m/s 持续射向挡板.已知 U0=1.0102V，粒子重力不计，求:（1）粒子在电场中的运动时间;（2）t=0 时刻进入的粒子
13、离开电场时在竖直方向的位移大小;（3）撤去挡板后荧光屏上的光带宽度.参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】舰载战斗机在复飞过程中做匀加速直线运动，令飞机的最短复飞距离为 s，由题知v0=25m/s，a=6m/s2，v=50m/s，根据2202vvas得：22220502522 6vvsa156.25m200m，飞机复飞的最短时间为：050256vvta4.2s，故 A 正确，BCD 错误。2、A【解析】解这类题是思路：电场线的疏密表示场强的强弱，沿电场线方向电势逐渐降低，根据带电粒子运动轨迹判
14、定电场力方向，然后根据电性判断电场线方向，根据电场力做功判断电势能的变化【详解】电场线的疏密表示场强的强弱，由图知 c 点场强大于 b 点场强，故 A 正确；沿电场线方向电势逐渐降低，故 b 的电势大于 c 的，故 B 错误；若将一试探电荷+q 由 a 点移动到 d 点，电场力做正功，电荷的电势能将减小，故 C 错误；由粒子的运动轨迹弯曲方向可知，带电粒子受电场力大致斜向左上方，与电场强度方向相同，故粒子带正电，故D 错误；故选 A【点睛】解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场力方向，利用电场中有关规律求解比较电势能的大小有两种方法：一可以从电场力做功角度比较，二从电势能公
15、式角度判断，先比较电势，再比较电势能 3、C【解析】由题中图像可以知道，在范围内各点的电势不变，是一条等势线，所以电场的方向应该与轴垂直，故 A 错误；轴在间，各点的电势相等，任意两点间的电势差为零，电场力做功为零，而且电荷沿直线运动，可能做匀速运动，故 B 错误；负电荷沿轴从移到的过程中电势升高，则电场力对负电荷做正功，电势能减小，故C 正确；在的范围内相对于在的范围内等差等势面密集大，所以前者的电场强度大些，故 D 错误 4、C【解析】以结点 O为研究对象，分析受力情况：重力 G、BO 绳的拉力 T1和 AO绳的拉力 T2，作出力图，并作出 BO 绳在三个不同位置的力的合成图；由平衡条件可
16、知，BO 绳的拉力 T1和 AO绳的拉力 T2的合力与重力 G大小相等、方向相反，如图可以看出，在 B 点向上移过程中，BO 绳的拉力先减小后增大，当两根绳相垂直时，BO的拉力最小故选 C 点睛：本题运用图解法分析 BO绳拉力的变化情况，也可以运用函数法得到拉力与绳子和竖直方向夹角的函数式，再由数学知识分析 5、B【解析】设 bc 段所用时间为 t，根据匀变直线运规律可知，bc 段平均速度等 ad 段平均速度，即bcbcadxv tvt，125bcadxxxvt，由以上两式可解得：124bcxxx，故 B 正确 6、B【解析】在地球表面重力与万有引力大小相等有2 GMmmgR 可得GM=gR2
17、，又卫星在轨道上运动万有引力提供圆周运动的加速度，故有可得卫星的加速度2 GMmmar 222GMgRarr，故A 错误；万有引力提供圆周运动向心力有：2224 GMmmrrT 可得卫星运行周期为：32rTGM，所以卫星从位置1到位置2所需时间163rrtTRg，故B正确；卫星1由位置A运动到位置B的过程中，由于万有引力始终与速度垂直，故万有引力不做功，故C 错误；卫星1向后喷气，卫星做加速运动，在轨道上做圆周运动所需向心力增加，而提供向心力的万有引力没有发生变化，故卫星将做离心运动，卫星轨道变大，故卫星不能追上同轨道运行的卫星2，故D错误；故选B 点睛：关于万有引力的应用中，常用公式是在地球
18、表面重力等于万有引力，卫星绕地球做圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，掌握卫星的变轨原理，这是正确解决本题的关键 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得0 分。7、AD【解析】从轨道 1 需要点两次火才到达轨道 1，所以外力做正功，机械能增大，故卫星在轨道 1上的机械能比在轨道 1 上的机械能大，A 正确；因为轨道 2 的半长轴小于轨道 1 的半径，所以根据开普勒第三定律32RkT可知卫星在轨道 1 上的周期大于在轨道 2 上的周期，B 错误；根据22MmvG
19、mrr可知GMvr，故半径越大，线速度越小，所以卫星在轨道 1 上速度大于在轨道 1 上的速度，因为从轨道 1 变轨到轨道 2，需要在 Q 点点火，故在轨道 2 上 Q点的速度大于轨道 1 上的线速度，所以卫星在轨道 2 上 Q 点的线速度大于轨道 1 上经过 P 点的速度，C 错误；根据GMvr可知在轨道 1 上的线段GMvRh，结合黄金替代公式2GMgR可知gvRRh，D 正确 8、ABD【解析】A.由图象的斜率表示加速度求出长木板的加速度为 1A1 vat=，物块的加速度 011 Bvvat=，根据牛顿第二定律得：Af Ma=，Bf Ma=解得：011m vvMv=，A 板获得的动能 2
20、kA11011122EMvmv vv（），故 A 正确；B.系统损失的机械能等于摩擦力所做的功，由图象与坐标轴围成的面积表示位移可以求出 B 相对 A 运动的位移 0 112xv t=，故 f00112Wfxmv vv=（），故 B 正确；C.根据题意只能求出 AB的相对位移，不知道 B最终停在哪里，无法求出木板的长度，故 C 错误；D.由牛顿第二定律可知，摩擦力：01B1vvf mamt=，而=gfm，解得：011=vvgt，故 D 正确；9、AD【解析】A、撤去外力 F 后，物体 B 下滑的过程中，弹簧先恢复原长，后又被拉长，而绳子拉力逐渐增大，但轻绳不可伸长，物体 A 始终处于静止状态，
21、A 正确；B、若在力 F 做用下，弹簧被压缩，弹簧对 A沿斜面向上的弹力，恰好等于 A 的重力沿斜面向下的分力，此时绳子刚好处于伸直状态，绳子中没有力。故 B 错误；C、在 B 下滑的过程中，弹簧先恢复原长，后又被拉长，在弹簧弹力小于 B 的重力沿斜面向下的分力时，B 一直加速，直到 B 的重力沿斜面向下的分力，恰好等于弹簧弹力时，B 的速度最大，之后 B 继续向下运动，开始减速。故 C 错误；D、在 B 下滑的过程中，弹簧先恢复原长，后被拉伸，弹簧弹性势能先减小后增大，D正确；故选 AD。【点睛】本题考查了动态平衡问题，和牛顿第二定律的动态问题；选择正确的研究对象，根据物体的受力判断其运动情
22、况；知道物体 B 先做加速度逐渐减小的加速运动，后做加速度逐渐增大的减速运动，加速度为零时，速度最大，并能根据弹簧的形变情况判断其弹性势能的变化情况。10、BD【解析】滑块先向右匀减速到零再向左匀加速，根据牛顿第二定律，有，得，根据运动学公式，有：，得，匀减速的位移为：，然后物体向左匀加速过程，加速度大小仍为，物体速度从零增大到与传送带共速时的位移为：，用时，向左运动时最后 3m 做匀速直线运动，有，即滑块在传送带上运动的总时间为：，物块滑离传送带时的速率为，故 A 错误，B 正确；向右减速过程和向左加速过程中，摩擦力为恒力，故摩擦力做功为：，故C 错误；整个运动过程中因为摩擦产生的热量等于滑
23、块与传送带之间的一对摩擦力做功的代数和，等于摩擦力与相对路程的乘积；物体向右减速过程，传送带向左移动的距离为：，物体向左加速过程，传送带运动距离为：，即，解得，D 正确故选 BD【点睛】根据牛顿第二定律求出滑块的加速度，再结合运动学规律判断出：滑块滑上传送带后，由于摩擦力作用，先向右匀减速后反向加速，速度增加到等于传送带后再一起匀速；然后根据功能关系计算出摩擦力对滑块做的功和产生的热量 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A1 V 1 R1 0.046mm（0.045mm-0.048mm）URI 【解析】（1）根据电源电动势选择
24、电压表，根据通过电阻的最大电流选择电流表。（2）根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法，然后作出电路图。（3）根据实验电路应用串联电路特点与欧姆定律求出电阻阻值。【详解】（1）电源电动势为 3V，则电压表选 V1；通过待测电阻的最大电流约为：30.110030XEIAmAR，选量程为 3A 的电流表读数误差太大，可以把定值电阻与待测电阻串联，此时电路最大电流约为：30.05502030XEIAmARR，电流表应选择 A1滑动变阻器接成分压电路，则应选 R1；（2）金属丝的直径为：0.01mm4.6=0.046mm；（3）定值电阻与待测电阻串联的总阻值约为 30+20=50，远大于滑动变阻器最大阻
25、值 10，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法；电流表内阻约为 10，电压表内阻很大，电流表可以采用外接法，电路图如图所示：（3）待测电阻阻值：XURRI；【点睛】电学实验的考查中，经常考查到仪表的选择、电流表内外接法的选择及实验数据的处理，故应注意此类问题的解法；在实验中要注意把握准确性及安全性原则。12、D dt 22ghd 【解析】（1）A、根据实验原理可知，需要测量的是 A 点到光电门的距离，故 A错误；B、根据机械能守恒的表达式可知，方程两边可以约掉质量，因此不需要测量质量，故B 错误；C、利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，不需要测量下落时间，故 C 错误；D、利用小
26、球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度时，需要知道挡光物体的尺寸，因此需要测量小球的直径，故 D 正确 故选 D（2）利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，故dvt，根据机械能守恒的表达式有：212mghmv，约去质量 m，即：2212ghtd【点睛】根据实验原理即可知道需要测量的数据；利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，由此可以求出小铁球通过光电门时的瞬时速度，根据机械能守恒的表达式可以求出所要求的关系式 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）aB=aC=0,aA=6m/s2（2）aB1=
27、aC1=0.5m/s2 aA1=2m/s2（3）A、B 相对静止 （4）11.52J【解析】:（1）因为,所以,撤去外力的瞬间 对薄板 A,有 得（2）当 B 刚到达 A 的粗糙部分时，A 相对 B 向下运动，受到向上的滑动摩擦力，摩擦力的大小 对 A 分析：解得：负号表示加速度方向向上，对 BC 这个整体：解得：负号表示方向沿斜面向下（3）因为斜面和 A 板下段表面都光滑,撤去外力后,A 板从静止开始向下做匀加速运动,只要金属块 B 在 A 板下段表面上,B、C 就保持静止不动.A 板运动到金属块 B在其上段表面上后,B和C受滑动摩擦力作用将一起以相同大小的加速度做加速运动.设A板上段刚滑到
28、 B 下方时速度为,则 计算得出 B 在 A 板上端表面时，由上面可知此时，沿斜面向上；方向沿斜面向下；故A开始沿斜面向下减速运动，BC开始沿斜面向下加速运动，A、B、C最终达到速度相等.假设速度相等后 A、B、相对静止一起向下加速，则此时 A、B 之间的摩擦力为 A、B、C 三者加速度大小相同,设为,则以整体为对象：以 A 为对象：解得：所以 A、B 之间是静摩擦力，即 AB 保持相对静止（4）设 A、B、C 达到相等速度所需时间为 t,则 计算得出；设在时间 t 内,A 通过的距离是,B 和 C 通过的距离是,则 综上所述本题答案是：（1）,（2）方向沿斜面向下方向沿斜面向上（3）A、B
29、相对静止（4）14、（1）202MvMm g （2）0mvMm （3）0mMvMm 02mvMm【解析】(1)、（2）铁块滑至最高处时，有共同速度v，由动量守恒定律得0()mvMm v 则：0mvvMm 由能量守恒定律得：22011()22mgHmvMm v，由计算得出：202()MvHMm g(3)铁块从小车右端滑离小车时，小车的速度最大为1v，此时铁块速度为2v，由动量守恒定律得：012mvmvMv 由能量守恒定律得222012111222mvmvMv，由计算得出：10mMvvMm，202mvvMm 点睛：本题首先要分析物理过程，确定研究对象，其次要把握解题的规律，采用动量守恒和能量守恒结
30、合研究 15、（1）310-5s（2）1.75cm（3）19.75cm【解析】（1）粒子的水平分速度不变，则在电场中的运动时间503 10 sLtv.（2）在 0-210-5s 内粒子在竖直方向做匀加速直线运动，在 210-5-310-5s 内粒子在竖直方向做匀减速运动，加速度大小始终，为7205 10 m/sU qamd.离开电场时竖直方向位移2212211.75cm233 323tt ttyaaa.（3）粒子在电场中的运动时间等于电场变化的周期，故撤去挡板后，粒子离开电场的速度都相同，如图所示，5(32)10(0,12,)tns n，时刻进入的粒子向下偏转的距离最大，粒子先向下偏转做类平抛运动，再做类平抛运动的逆运动，最后向上做类平抛运动，三段过程中粒子在竖直方向的位移大小均为2110.25cm23tya.粒子向上偏转能够从上极板边缘飞出，则粒子飞出电场区域的范围宽度为119.75cmdy.粒子离开电场时的速度方向相同，可知粒子打在荧光屏上产生的光带宽度为 19.75cm.