《云南省玉溪市江川区第二中学2022年高三物理第一学期期中经典试题含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《云南省玉溪市江川区第二中学2022年高三物理第一学期期中经典试题含解析.pdf（15页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2022-2023 高三上物理期中模拟试卷 注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3 请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示为某中国运动员在短道速滑比赛中勇夺金牌的精彩瞬间假定此时他正沿圆弧形弯道匀速率
2、滑行，则他()A所受的合力为零，做匀速运动 B所受的合力变化，做变加速运动 C所受的合力恒定，做变加速运动 D所受的合力恒定，做匀加速运动 2、一质点做直线运动的 vt 图象如图所示下列说法正确的是 A质点在 01 s 的位移与 12 s 的位移可能相等 B质点在 12 s 做加速度逐渐减小的直线运动 C质点在 12 s 中某时刻的加速度等于质点在 23 s 的加速度 D质点在 1 s 时刻，离出发点最远，在 2 s 时刻，返回出发点 3、如图所示，甲、乙两个高度相同的固定斜面，倾角分别为1和2，且12。质量为m的物体（可视为质点）分别从这两个斜面的顶端由静止沿斜面滑到底端，物体与这两个斜面的
3、动摩擦因数均为。关于物体两次下滑的全过程，下列说法中正确的是（）A重力所做的功相同 B重力的平均功率相同 C动能的变化量相同 D机械能的变化量相同 4、如图所示，叠放在水平转台上的物体 A、B、C能随转台一起以角速度 匀速转动，A、B、C的质量分别为 mA、mB、mC，A与 B、B与转台、C与转台间的动摩擦因数分别为 1、2、3，A和 B、C离转台中心的距离分别为 r、1.5r.，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。以下说法正确的是 AB受 A的摩擦力方向沿半径指向圆心 B随着角速度缓慢增大，C与转动相对滑动的临界条件为：23rg C若 123，在转台角速度逐渐增大过程中，C先相对转台滑动 D若 mA
4、mBmC，当转台角速度增至某一值时，三个物体均刚好要滑动，那么1：2：31：2：3 5、一列横波某时刻的波形图如图甲所示，图乙表示介质中某质点此后一段时间内的振动图象下列说法正确的是（）A若波沿x轴正方向传播，则图乙表示的是质点N的振动图象 B若波沿x轴负方向传播，则图乙表示的是质点K的振动图象 C若图乙表示的是质点L的振动图象，则波沿x轴正方向传播 D若图乙表示的是质点M的振动图象，则波沿x轴负方向传播 6、一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔 t内位移为 s，动能变为原来的 9 倍该质点的加速度为 A3s/t2 B4s/t2 Cs/t2 D8s/t2 二、多项选择题：本题共 4
5、 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得0 分。7、在水平地面上有一质量为 2 kg 的物体，物体在水平拉力 F 的作 用下由静止开始运动，后撤 去拉力该物体的运动的 vt 图如图所示，g 取 10 m/s2，下列说法正确的是()A物体的最大位移是 56 m B物体受到的拉力 F 的大小为 2.4 N C物体与地面之间的动摩擦因数为 0.2 D前 12 s 内，拉力与阻力做功的代数和为 12 J 8、在倾角为 的斜面上以速度 v水平抛出一球，当球与斜面的距离最大时，下列说法中正确的是（已
6、知重力加速度为 g）（）A球与斜面距离最大时，小球速度方向与斜面垂直 B球与斜面距离最大时，小球的速度为cosv C球与斜面距离最大时，小球飞行时间为tanvg D球与斜面距离最大时，小球飞行的水平距离为2vg 9、如图所示，一轻杆两端分别固定a、b两个半径相等的光滑金属球，a球质量大于b球质量，整个装置放在光滑的水平面上，设b球离地高度为h，将此装置从图示位置由静止释放，则（）A在b球落地前的整个过程中，a、b及轻杆系统机械能不守恒 B在b球落地前瞬间，b球的速度大小为2gh C在b球落地前的整个过程中，a、b及轻杆系统动量守恒 D在b球落地前的整个过程中，轻杆对b球做的功为零 10、如图所
7、示，小金属块 Q 放在有光滑小孔的水平桌面上，轻质细线一端固定在 Q上，另一端穿过小孔连接金属小球。保持金属块 Q静止，让小球先后在 P、P两个水平面内做匀速圆周运动。小球在 P 平面时 AQ受到桌面的支持力较大 BQ受到桌面的静摩擦力较小 C小球运动的角速度较小 D小球运动的向心加速度较大 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某小组做“探究求合力的方法”的实验时得出如图所示的图（F 与 A、O 共线），其中 A 为固定橡皮条的固定点、O为橡皮条与细绳的结合点 （1）以下实验操作正确是_ A B C D（2）图甲中小齐同
8、学在做“探究求合力的方法”实验时，可用手拉动_（从 A、B、C、D中选）对弹簧秤进行调零（3）该同学在做“探究求合力的方法”的实验采取了下面哪种常用的研究方法_ A、控制变量法 B、等效替代法 C、小量放大法 D、建立理想模型法（4）图乙中_是1F与2F合力的真实值（填“F”或“F”）（5）在实验中，采取下列哪些措施可减小实验误差_ A两个分力1F、2F间夹角必须为 90 B两个分力1F、2F的大小要适当大些 C拉橡皮条的细绳要尽量短一些 D实验前先检查弹簧测力计的指针是否指零 12（12 分）如图是实验室测定水平面和小物块之间动摩擦因数的实验装置，曲面 AB与水平面相切于 B 点且固定带有遮
9、光条的小物块自曲面上面某一点释放后沿水平面滑行最终停在 C 点，P 为光电计时器的光电门，已知当地重力加速度为 g （1）利用游标卡尺测得遮光条的宽度如图所示，则遮光条的宽度 d=_cm；（2）实验中除了测定遮光条的宽度外，还需要测量的物理量有_；A小物块质量 m B遮光条通过光电门的时间 t C光电门到 C 点的距离 s D小物块释放点的高度 h（3）为了减小实验误差，同学们采用图象法来处理实验数据，他们根据（2）测量的物理量，建立图丙所示的坐标系来寻找关系，其中合理的是_ 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
10、13（10 分）如图所示，传送带与地面的倾角 37，A到 B的长度为 L=7.25m，传送带以 05 m/s的速度逆时针转动 在传送带上端A无初速放一个质量为m=1kg的物体，它与传送带之间的动摩擦因数 0.5，重力加速度g=10m/s2.（sin370.6，cos370.8）（1）求物体从 A运动到 B所需的时间是多少？（2）若物体在传送带上可以留下划痕，求划痕的长度？14（16 分）如图甲所示，一对平行金属板 M、N 长为 L，相距为 d，1OO为中轴线当两板间加电压0MNUU时，两板间为匀强电场，忽略两极板外的电场某种带负电的粒子从1O点以速度0v沿1OO方向射入电场，粒子恰好打在上极板
11、 M的中点，粒子重力忽略不计 1求带电粒子的比荷qm 2若 MN间加如图乙所示的交变电压，其周期02LTv，从0t 开始，前3T内2MNUU，后23T内MNUU，大量的上述粒子仍然以速度0v沿1OO方向持续射入电场，最终所有粒子刚好能全部离开电场而不打在极板上，求 U的值(用0U表示)15（12 分）如图，水平面上相距为 L=5m 的 P、Q 两点分别固定一竖直挡板，一质量为 M=2kg 的小物块 B 静止在 O 点，OP 段光滑，OQ 段粗糙且长度为 d=3m一质量为 m=1kg 的小物块 A 以 v1=6m/s 的初速度从 OP 段的某点向右运动，并与 B 发生弹性碰撞两物块与 OQ 段的
12、动摩擦因数均为=12，两物块与挡板的碰撞时间极短且均不损失机械能重力加速度 g=11m/s2，求 （1）A 与 B 在 O 点碰后瞬间各自的速度；（2）两物块各自停止运动时的时间间隔 参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】匀速圆周运动过程中，线速度大小不变，方向改变，向心加速度大小不变，方向始终指向圆心，向心力大小不变，方向始终指向圆心。所以物体做变加速运动，故 B 正确，ACD 错误。2、C【解析】在 vt图象中，图线下的面积表示位移，质点在 01 s 的位移小于在 12 s 的位移，选项A
13、 错误；在 vt图象中，图线的斜率表示加速度，质点在 12 s 做加速度逐渐增大的直线运动，选项 B 错误；质点在 12 s 中某时刻的斜率等于质点在 23 s 的斜率，质点在12 s 中某时刻的加速度等于质点在 23 s 的加速度，选项 C 正确；质点在 3 s 时刻，离出发点最远，在 2 s 时刻，没有返回出发点，选项 D错误 3、A【解析】A重力做功只与始末位置有关，两种轨道上滑下，物体下滑的距离相等，故重力做功相同，A 正确；B物体沿斜面下滑时由牛顿第二定律有 sincosmgmgma 可得物体下滑时的加速度 sincosagg 因为12，所以物体下滑时的加速度21aa，物体下滑高度相
14、同，可知，沿倾角1下滑的距离大于沿倾角2下滑的距离，结合21aa，可知，沿倾角1下滑的时间大于沿倾角2下滑的时间，又因为重力做功相等，故重力做功的平均功率不等，B 错误；C由 B 分析知，沿斜面下滑时的摩擦力cosfmg沿倾角1的摩擦力1f大于沿斜角2下滑时的摩擦力，而沿倾角1下滑的距离大，故克服摩擦力做功大于沿倾角2下滑时克服摩擦力做的功，根据动能定理可知，沿倾角2下滑时物体获得的动能大，C 错误；D由 C 分析知，两种情况下摩擦力做的功不同，故机械能的变化量不等，D 错误。故选 A。4、C【解析】A 满足 A 所受的向心力由 B 给 A的静摩擦力提供，其方向指向圆心，则 A 给 B 的静摩
15、擦力方向沿半径背离圆心，选项 A 错误；C 将要滑动时，满足23331.5m gmr，解得233=2gr，选项 B 错误；根据 mg=mR2得，临界角速度gR，C 的半径大，当角速度增大时，C 先达到最大静摩擦力，C 最先滑动，故 C 正确若 mAmBmC，当转台角速度增至某一值时 0，三个物体均刚好要滑动时，对 C 满足 3mg=m1.5r02；对 A 满足 1mg=mr02；对 B 满足 22mg-1mg=mr02；联立解得 1：2：32：2：3，选项 D 错误；故选 C.5、C【解析】试题分析：图甲是波动图像，图乙是振动图像，若波沿 x 轴正方向传播，则 N 点的振动图像向下，故图乙不是
16、 N 点的振动图像，选项 A 错误；若波沿 x 轴负方向传播，则K 点由最大位置向下振动，故图乙不是表示质点 K 的振动图象，选项 B 错误；若图乙表示的是质点 L 的振动图象，说明 L 点向上振动，根据波的传播方向与质点的振动关系可知，波沿 x 轴正方向传播，选项 C 正确；M 点位于负的最大位移处，它要向上运动，故图乙表示的不是质点 M 的振动图象，故选项 D 错误 考点：波的传播与质点的振动关系 6、C【解析】设初速度为0v，因为动能变为原来的 9 倍，所以末速度为03v，根据位移速度公式可得220092vvsa，根据加速度的定义可得003vvat，联立解得2sat，故 C 正确；故选
17、C。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得0 分。7、AC【解析】：A、在 v-t 图像中图像所包围的面积代表的就是物体走过的位移，则物体的最大位移应该是 14s 内的位移：18 1456m2s ，故 A 正确；B、物体在前 10s 受到拉力作用，10s 撤去拉力，在 v-t 中斜率代表的是加速度的大小，由图线可以知道:0-10s 内加速度大小为 2180.8m/s10a 10-14s 内加速度大小为 2282m/s4a 根据牛顿第二定律:1Fmgma 2mg
18、ma 解得：5.6NF 0.2 故 B 错误，C 正确；D、物体在 12s 时的速度为028224m/svva t 那么在 12s 内有动能定理知：221102 416J22Wmv 故 D 错误；综上所述本题答案是：AC 8、BC【解析】小球做平抛运动，当速度方向与斜面方向平行时，距离斜面最远，根据平行四边形定则求出质点距离斜面最远时的速度的竖直分速度，结合速度时间公式求出运动的时间，再求解水平距离【详解】小球做平抛运动，当小球的速度与斜面方向平行时，距离斜面最远，此时速度与水平方向的夹角为，根据平行四边形定则可得此时的速度：cosvv，故 A 错误，B 正确；竖直分速度 vy=vtan，根据
19、 vy=gt，可得飞行时间tanvtg，故 C 正确；球与斜面距离最大时，小球飞行的水平距离：2tanvxvtg，故 D 错误所以 BC 正确，AD错误【点睛】本题主要考查了平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道速度方向与斜面平行时，距离斜面最远 9、BD【解析】将三者看做一个整体，在 b 球下落过程中，整体只有重力做功，系统的机械能守恒，A 错误；因为两杆对两小球做功的代数和为零，所以有212mghmv，解得 b球落地瞬间的速度为2gh，B 正确；整个装置下落过程中，水平方向没有外力，水平方向的动量守恒，竖直方向上动量不守恒，C错误；设杆对 a球做功1W，对 b 球做功2W，系统机械
20、能守恒，则除了重力之外的力的功必定为零，即120WW，对 a 球由动能定理可知10W，故20W，D 正确 10、BC【解析】A 金属块 Q保持在桌面上静止，根据平衡条件得知，Q受到桌面的支持力等于其重力，保持不变。故 A 不符合题意。BC设细线与竖直方向的夹角为，细线的拉力大小为 T，细线的长度为 L。P球做匀速圆周运动时，由重力和细线的拉力的合力提供向心力，如图，则有 拉力为：cosmgT 根据牛顿第二定律：mgtan=m2Lsin，解得角速度：cosgL 使小球改到一个更低一些的水平面上作匀速圆周运动时，减小，cos增大，则细线拉力 T减小，角速度减小。对 Q球，由平衡条件得知，Q受到桌面
21、的静摩擦力将减小。故 BC 符合题意。D根据牛顿第二定律：mgtan=ma，可得小球运动的向心加速度为：a=gtan 减小，tan减小，所以向心加速度较小。故 D 不符合题意。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BD C B F BD 【解析】(1)1A两个弹簧秤应尽量和纸面平行，故 A错误。B用两个弹簧秤分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置 O，记录下 O点的位置，读出两个弹簧秤的示数，其中 F1、F2方向夹角不能太小或太大，适当即可故 B正确 C.固定橡皮条的固定点和结点位置不能变动，故 C错误。
22、D只用一只弹簧秤，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧秤的示数，记下细绳的方向故 D 正确(2)2使用前要检查弹簧测力计的指针是否指到零位置如果没有指在零位置就需要调零调零一般方法是通过移动指针来调零，即调节图示中的部件 C(3)3 实验中两次要求效果相同，故实验采用了等效替代的方法所以 B正确，ACD错误(4)4F1、F2合力的理论值是指通过平行四边形定则求出的合力值，而其实验值是指一个弹簧拉橡皮条时所测得的数值，由此可知 F是 F1、F2合力的理论值，F是合力的实验值；该实验的实验目的就是比较 F1、F2合力的理论值和实验值是否相等(5)5 A根据平行四边形定则可知夹角太小将会导至合力过大
23、，导致一个弹簧拉时可能超过量程，故夹角不能太小或太大，适当即可故 A 不符合题意 B实验是通过作图得出结果，故在不超出量程的情况下为了减小误差应让拉力尽量大些故 B 符合题意 C为了准确记下拉力的方向，故采用两点描线时两点应尽量距离大一些，故细绳应长些故 C 符合题意 D弹簧秤使用前应先校零，即实验前先检查弹簧测力计的指针是否指零故 D 符合题意 12、（1）1.060；（2）BC；（3）B 【解析】（1）主尺的刻度：1 cm，游标卡尺上的第 12 个刻度与主尺的刻度对齐，读数是：0.0512 mm0.60 mm，总读数：10 mm0.60 mm10.60 mm1.060 cm.（2）实验的原
24、理：根据遮光条的宽度与物块通过光电门的时间即可求得物块的速度：v=dt B 到 C 的过程中，摩擦力做功，根据动能定理得：mgs012mv2 联立以上两个公式得动摩擦因数的表达式22=2dgst 还需要测量的物理量是：光电门到 C 点的距离 s 与遮光条通过光电门的时间 t，故 BC正确，AD 错误（3）由动摩擦因数的表达式可知，与 t2和 s 的乘积成反比，所以21t与 s 的图线是过原点的直线，应该建立的坐标系为：纵坐标用物理量21t，横坐标用物理量 s，即 B 正确，ACD 错误【点睛】本题通过动能定理得出动摩擦因数的表达式，从而确定要测量的物理量 要先确定实验的原理，然后依据实验的原理
25、解答即可；游标卡尺的读数时先读出主尺的刻度，然后看游标尺上的哪一个刻度与主尺的刻度对齐，最后读出总读数；四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）1.5s（2）1.25m【解析】（1）开始阶段，由牛顿第二定律得：mgsinmgcosma1 a1gsingcos10m/s2 物体加速至与传送带速度相等时需要的时间 t10.5s 发生的位移 s112a1t121.25m7.25m，即物体加速到 5m/s 时仍未到达 B点 由于 tan mgsinmgcosma2 解得 a22m/s2，则：LABs10t212a
26、2t22 解得：t21s，t2-6s（舍去）故物体经历的总时间 tt1t21.5 s （2）物体加速至传送带的速度时，传送带前进的位移为：s10t12.5 m 而物体的位移 s21.25 m 物体相对于传送带向上前进的距离为 s1s1s21.25 m 物体的速度大于传送带的速度后，传送带前进 s30t25m 物体前进 s46m 物体相对于传送带向下滑行 s2s4s31m 所以物体在传送带上划痕的长为 s11.25m【点睛】要注意皮带传送物体所受摩擦力可能发生突变，不论是其大小的突变，还是其方向的突变，都发生在物体的速度与传送带速度相等的时刻.14、（1）220204v dU L （2）034U
27、【解析】（1）设粒子经过时间 t0打在 M板中点，沿极板方向有0 012Lv t，垂直极板方向200122qUdtmd，解得220204d vqUmL；（2）粒子通过两板时间为02LtTv，从 t=0 时刻开始，粒子在两板间运动时每个电压变化周期的前三分之一时间内的加速度大小为12qUamd，方向垂直极板向上；在每个电压变化周期的后三分之二时间内加速度大小为为2qUamd，方向垂直极板向下 不同时刻从 O1点进入电场的粒子在电场方向的速度 vy随时间 t变化的关系如图所示 因为所有粒子刚好能全部离开电场而不打在极板上，可以确定在tnT或13tnTT时刻进入电场的粒子恰好分别从极板右侧上下边缘处
28、飞出，它们在电场方向偏转的距离最大有：1112()223TdaT，解得：034UU 【点睛】此题首先要明确两板带正负电的情况，进而明确匀强电场的方向；其次要明确带电粒子的受力情况，进而分析带电粒子在不同时间段内的运动情况；最后要明确“所有粒子恰好能全部离开电场而不打到极板上”的含义：带电粒子在电场方向偏转的距离最大为2d 15、（1），方向向左；，方向向右（2）1s【解析】试题分析：（1）设 A、B 在 O 点碰后的速度分别为 v1和 v2，以向右为正方向 由动量守恒：碰撞前后动能相等：解得：方向向左，方向向右）（2）碰后，两物块在 OQ 段减速时加速度大小均为：B 经过 t1时间与 Q 处挡板碰，由运动学公式：得：（舍去）与挡板碰后，B 的速度大小，反弹后减速时间 反弹后经过位移，B 停止运动 物块 A 与 P 处挡板碰后，以 v4=2m/s 的速度滑上 O 点，经过停止 所以最终 A、B 的距离 s=d-s1-s2=1m，两者不会碰第二次 在 AB 碰后，A 运动总时间，整体法得 B 运动总时间，则时间间隔 考点：弹性碰撞、匀变速直线运动