《上海市丰华中学2022年物理高三第一学期期中达标检测模拟试题含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《上海市丰华中学2022年物理高三第一学期期中达标检测模拟试题含解析.pdf（14页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2022-2023 高三上物理期中模拟试卷 考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在水平光滑地面上有 A、B 两个木块，之间用一轻弹簧连接A 靠在墙壁上，用力 F 向左推 B 使两木块之间弹簧压缩并处于静止状态。若突然撤去力 F，
2、则下列说法中正确的是（）A木块 A 离开墙壁前，A、B 和弹簧组成的系统动量守恒，机械能也守恒 B木块 A 离开墙壁前，A、B 和弹簧组成的系统动量不守恒，机械能也不守恒 C木块 A 离开墙壁后，A、B 和弹簧组成的系统动量守恒，机械能也守恒 D木块 A 离开墙壁后，A、B 和弹簧组成的系统动量不守恒，但机械能守恒 2、如图所示，bc为固定在小车上的水平横杆，物块 M 穿在杆上并通过轻细线悬挂着一个小铁球 m，当小车以大小为 a的加速度向右做匀加速直线运动时，物块 M依靠摩擦力与杆保持相对静止，细线与竖直方向的夹角为，若小车的加速度逐渐增大到 2a，物块 M仍与杆保持相对静止，则 A细线与竖直
3、方向的夹角增加到原来的 2 倍 B细线的拉力增加到原来的 2 倍 C横杆对 M的弹力保持不变 D横杆对 M的摩擦力保持不变 3、在电梯内的地板上，竖直放置一根轻质弹簧，弹簧上端固定一个质量为 m的物体 当电梯匀速运动时，弹簧被压缩了 x，某时刻后观察到弹簧又被继续压缩了10 x（重力加速度为 g）则电梯在此时刻后的运动情况可能是（）A以大小为1110g 的加速度加速上升 B以大小为1110g 的加速度减速上升 C以大小为10g的加速度加速下降 D以大小为10g的加速度减速下降 4、车辆启动过程中的加速度会随牵引力变化而变化。加速度变化过快会让人不舒服，若稳定加速会使人感觉更适应。为此有人提出了
4、“加速度变化率”的概念，用来反应加速度变化的快慢，称为“加加速度”。“加加速度”在车辆、电梯等日常生活和工程问题中都有重要的实际意义。关于“加加速度”，下列说法正确的是 A加速度变化率的单位应是 m/s2 B若加速度变化率为 0，则物体做匀速运动 C加速度变化率与合外力变化率成正比 D加速度变化率与合外力成正比 5、如图所示为某静电除尘装置的原理图废气先经过一个机械过滤装置再进人静电除尘区图中虚线是某一带电的尘埃(不计重力)仅在电场力作用下向集尘极迁移并沉积的轨迹，A、B两点是轨迹与电场线的交点不考虑尘埃在迁移过程中的相互作用和电量变化，则以下说法正确的是 A尘埃在 A点的加速度大于在 B点的
5、加速度 B尘埃带正电 CA点电势高于 B点电势 D尘埃在迁移过程中电势能一直在增大 6、雨滴由静止开始下落，遇到水平吹来的风，下述说法正确的是（）风速越大，雨滴下落时间越长 风速越大，雨滴着地时速度越大 雨滴下落时间与风速无关 雨滴着地速度与风速无关 A B C D 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得0 分。7、如图所示，水平传送带 A、B两端相距 x=4m，以 v0=4m/s 的速度（始终保持不变）顺时针运转，今将一小煤块（可视为质点）无初速度地轻放至
6、A端，由于煤块与传送带之间有相对滑动，会在传送带上留下划痕 已知煤块与传送带间的动摩擦因数=0.4，取重力加速度 g=10m/s2，则煤块从 A运动到 B的过程中 A煤块到 A运动到 B的时间是 2.25 s B煤块从 A运动到 B的时间是 1.5 s C划痕长度是 2 m D划痕长度是 0.5 m 8、如图所示，一个菱形框架绕着过对角线的竖直轴匀速转动，在两条边上各有一个质量相等的小球套在上面，整个过程小球相对框架没有发生滑动，A 与 B 到轴的距离相等，则下列说法正确的是 A框架对 A 的弹力方向可能垂直框架向下 B框架对 B 的弹力方向只能垂直框架向上 CA 与框架间可能没有摩擦力 DA
7、、B 两球所受的合力大小相等 9、如图，质量为m、长为L的直导线用两绝缘细线悬挂于OO、，并处于匀强磁场中当导线中通以沿x正方向的电流I，且导线保持静止时，悬线与竖直方向夹角为则磁感应强度方向和大小可能为 Az正向，tanmgIL By正向，mgIL Cz负向，tanmgIL D沿悬线向上，sinmgIL 10、一小球在竖直方向的升降机中，由静止开始竖直向上做直线运动，运动过程中小球的机械能 E与其上升高度 h 关系的图象如图所示，其中 0h1过程的图线为曲线，h1h2过程中的图线为直线下列说法正确的是()A0h1过程中，升降机对小球的支持力一定做正功 B0h1过程中，小球的动能一定在增加 C
8、h1h2过程中，小球的动能可能不变 Dh1h2过程中，小球重力势能可能不变 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）根据如图甲电路，可以测出定值电阻 R0的阻值以及电源的电动势 E和内阻r，图中 R是电阻箱（0999.9），两个电表都是相同的电压表（分别用 V1和 V2表示，对应的示数分别为 U1、U2）。（1）请在虚线框内画出图甲中实物连接电路所对应的电路图_（原理图）；（2）接通电源进行实验，调节电阻箱 R，当其各旋盘位置及两电表（没有标出刻度值）示数如图乙所示。可读得电阻箱的阻值 R=_，已知此时 V1 的读数为 U1
9、=2.60V 时，则 V2 的读数应该为 U2=_V，可求得定值电阻 R0=_（此空保留 3 位有效数字）；（3）测出 R0 后，再次调整电阻箱 R，改变并记录多组的（R，U1，U2）值。A、B两位同学根据表格中的数据，分别画出如下图丙中的（A）、（B）图线。假设图中的纵截距和横截距均已得出（即图中 a1、a2和 b1、b2为已知），则由图线（A）可得出电源电动势 E=_；由图线（B）可得出电源内电阻 r=_。12（12 分）某同学利用打点计时器研究小车做变速直线运动的实验，得到如图所示的一条纸带，在纸带上依次取了 A、B、C、D、E、F、G七个计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出，从
10、每一个计数点处将纸带剪开分成六条，分别为 a、b、c、d、e、f，将这六条纸带由短到长紧靠但不重叠地粘在 xoy坐标系中，得到如图所示的直方图，最后将各纸带上端中心连起来，得到表示 v-t关系的图象。已知打点计时器的工作频率为 50Hz，为表示vt关系，图中 x轴对应物理量是时间 t，y轴对应物理量是速度 v。(1)图中各纸带上端中心连线是一条倾斜的直线，由此可以判断小车做的是_运动。(2)如图所示，图中 t4为_s。(3)在纸带未剪断时，量出相邻的计数点之间的距离分别为 xAB=2.12cm、xBC=2.51cm、xCD=2.91cm、xDE=3.31cm、xEF=3.70cm、xFG=4.
11、11cm，则小车的加速度大小a=_m/s2（计算结果保留两位有效数字）。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，半径 R=0.8m 的光滑绝缘导轨固定于竖直平面内，加上某一水平方向的匀强电场时，带正电的小球沿轨道内侧做圆周运动，它的电量q=1.0010-7C圆心 O与 A 点的连线与竖直成一角度，在 A 点时小球对轨道的压力N=1.2N，此时小球的动能最大.若小球的最大动能比最小动能多 0.32J，且小球能够到达轨道上的任意一点(不计空气阻力，g 取 10m/s2).则：(1)小球的最小动能
12、是多少?(2)小球受到重力和电场力的合力是多少?(3)现小球在动能最小的位置突然撤去轨道，并保持其他量都不变，若小球在 0.4s 后的动能与它在 A 点时的动能相等，求小球的质量和电场强度.14（16 分）如图所示，与轻绳相连的滑块置于水平圆盘上，绳的另一端固定于圆盘中心的转轴上，绳子刚好伸直且无弹力，绳长 l=0.5m滑块随圆盘一起做匀速圆周运动（二者未发生相对滑动），滑块的质量 m=1.0kg，与水平圆盘间的动摩擦因数=0.1，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度 g=10m/s1求：（1）圆盘角速度 1=1rad/s 时，滑块受到静摩擦力的大小；（1）圆盘的角速度 1至少为多大时，绳
13、中才会有拉力；（3）圆盘角速度 由 0 缓慢增大到 4rad/s 过程中，圆盘对滑块所做功大小(绳未断）15（12 分）为了体现人文关怀，保障市民出行安全和严格执法，各大都市市交管部门强行推出了“电子眼”，据了解，在城区内全方位装上“电子眼”后立马见效，机动车擅自闯红灯的大幅度减少，因闯红灯引发的交通事故也从过去的 5%下降到 1%现有甲、乙两汽车正沿同一平直马路同向匀速行驶，甲车在前，乙车在后，它们行驶的速度均为10m/s当两车快要到一十字路口时，甲车司机看到绿灯已转换成了黄灯，于是紧急刹车（反应时间忽略不计），乙车司机为了避免与甲车相撞也紧急刹车，但乙车司机反应较慢（反应时间为 0.5s）
14、已知甲车紧急刹车时制动力为车重的 0.4 倍，乙车紧急刹车制动力为车重的 0.5 倍，求：(1)若甲司机看到黄灯时车头距警戒线 15m，他采取上述措施能否避免闯红灯？(2)为保证两车在紧急刹车过程中不相撞，甲、乙两车行驶过程中应保持多大距离？参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】撤去 F 后，木块 A 离开竖直墙前，竖直方向两物体气所受的重力与水平面的支持力平衡，合力为零；而墙对 A 有向右的弹力，所以系统的合外力不为零，系统的动量不守恒，这个过程中，只有弹簧的弹力对 B做功，系统的机械能守恒
15、，AB 错误；A 离开竖直墙后，系统水平方向不受外力，竖直方向外力平衡，所以系统所受的合外力为零，系统的动量守恒，只有弹簧的弹力做功，系统机械能也守恒，C 正确，D 错误 选C【点睛】根据系统动量守恒的条件：系统不受外力或所受合外力为零，分析系统所受的外力情况，判断动量是否守恒根据是否是只有弹簧的弹力做功，判断系统的机械能是否守恒 2、C【解析】对小球受力分析，受重力 mg和细线的拉力 T，如图 根据牛顿第二定律，水平方向有：sinTma 竖直方向受力平衡有：cos0Tmg 再对 m和 M整体受力分析，受总重力(Mm)g、横杆支持力 N、横杆摩擦力 f，如图 根据牛顿第二定律，水平方向有：=+
16、fM m a 竖直方向受力平衡有：+=0NM m g 由以上可解得：tanag，=+NM m g，cosmgT 由以上表达式可知：A.的正切变为原来的 2 倍，但不是 2 倍，故 A 错误;B.由拉力表达式可知，拉力 T也不是增大为原来 2倍，故 B 错误；C.横杆对 M的弹力保持不变，等于总重，故C 正确；D.横杆对 M的摩擦力增大为原来 2 倍，故 D 错误；3、D【解析】因为电梯匀速时，弹簧被压缩了 x，由此可以知道，mg=kx，某时刻后观察到弹簧又被继续压缩了10 x，弹簧的弹力变大了，由受力情况和牛顿第二定律可得：1110 xkmgma解得110ag，方向向上。物体可能以110ag加
17、速上升，也可能以110ag减速下降。故选 D 4、C【解析】A.加速度的变化率为at，a的单位是 m/s2，所以，“加速度的变化率”的单位应该是m/s3，故 A 错误。B.加速度变化率为零，则加速度不变，如果加速度不为零，则物体做变速运动，故 B错误。CD.因为aFmtt，所以加速度变化率与合外力变化率成正比，故 C 正确 D错误。5、A【解析】A.由图可知，A点电场线比 B点密集，因此 A点的场强大于 B点场强，故尘埃在 A点受到的电场力大于在 B点受到的电场力，根据牛顿第二定律可知，尘埃在 A点的加速度大于在 B点的加速度，故 A 正确；B.根据轨迹可知，粒子受上极板引力作用，所以粒子带负
18、电，故 B 错误。C.沿电场线方向，电势降低，所以 A点电势低于 B点电势，故 C 错误；D.由图可知，电场力与速度夹角开始为钝角，电场力做负功，电势能增大；后来变为锐角，电场力做正功，电势能减小，则电势能先增大后减小，故 D 错误。6、B【解析】试题分析：根据力的独立作用原理，雨滴下落时间只与竖直方向受力有关，与风速无关，错；对；风速越大，雨滴落地时水平速度越大，合速度越大，对，故选 B 考点：考查力的独立作用原理 点评：本题难度较小，相互垂直的两个力只能影响相应方向的运动 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。
19、全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得0 分。7、BC【解析】A、B、煤块在传送带上匀加速运动时，根据牛顿第二定律有 mg=ma，得 a=g=4 m/s2，当煤块速度和传送带速度相同时，位移2012?m4?m2vxa，因此煤块先加速后匀速，匀加速运动的时间011?svta，匀速运动的时间1200.5?sxxtv，煤块从 A运动到B的总时间 t=t1+t2=1.5 s，A 错误，B 正确；C、D、在加速阶段产生相对位移即产生划痕，则有 x=v0t1x1=2 m，C 正确，D 错误 故选 BC.【点睛】对传送带问题，要注意区分划痕和产生热量的有效路程不同，对简单的过程，二者一般相
20、等，但对复杂的过程，要注意前者为某段的最大位移，后者为总的相对路程.8、ABD【解析】试题分析：对 A 球受力分析，只要保证 A 球的合力指向中轴，所以 A 球受到竖直向下的重力 GA，沿斜面向上的摩擦力 fA，至于支持力 NA的方向决定于框架转速的大小，可以垂直框架向上也可以垂直框架向下，所以 A 选项是可能的，而 C 选项是不可能的；对 B 球受力分析，只要保证 B 球的合力指向中轴，所以 B 球受到竖直向下的重力 GB，沿斜面向上的摩擦力 fB，至于支持力 NB只能垂直斜面向上，所以 B 选项是可能的；由于 A、B 两球到中轴的距离相等，两球的转动角速度 w 相等，所以据 F向=mrw2
21、可知，D 选项是可能的；所以综上所述正确选项为 C。考点：本题考查受力分析和同轴转动体的特性。9、BC【解析】试题分析：磁感应强度方向为 z 正方向，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿 y负方向，则导体不可能处于平衡状态，选项 A 错误；磁感应强度方向为 y 正向时，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿 z 正方向，此时细线的拉力为零，由平衡条件得：BIL=mg，解得：B=mgIL，选项 B 正确；磁感应强度方向为 z 负向时，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿 y 正方向，由平衡条件得：BILcos=mgsin，解得：B=tanmgIL，选项 C 正确；当沿悬线向上时，由左手定则可知，安
22、培力垂直于导线斜向左下方，导体不可能处于平衡状态，选项 D 错误；故选 BC.考点：物体的平衡；安培力；左手定则【名师点睛】此题是物体的平衡及安培力的方向判断问题；左手定则和右手定则一定要区分开，如果是和力有关的则全依靠左手定则，即关于力的用左手，其他的（一般用于判断感应电流方向）用右手定则；注意立体图形和平面图形的转化.10、AC【解析】设支持力大小为 F，由功能关系得：Fh=E，所以 E-h 图象的斜率的绝对值等于小球所受支持力的大小，由图可知在 Oh1内斜率的绝对值逐渐减小，故在 Oh1内小球所受的支持力逐渐减小所以开始先加速运动，当支持力减小后，可能做匀速运动，也可能会减速故 B 错误
23、，A正确由于小球在 h1h2内 E-x 图象的斜率的绝对值不变，重力势能随高度的增大而增大，所以重力势能增大，故 D 错误由于小球在 h1h2内E-h 图的斜率不变，所以小球所受的支持力保持不变，故物体可能做匀速运动，动能不变，故 C 正确故选 AC 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、17.1 1.40 20.0 1a 10bR【解析】（1）根据图甲所示实物电路图作出实验电路图如图所示：(2)由图示电阻箱可知，电阻箱示数为：R=0100+110+71+10.1=17.1；V1的读数为 U1=2.60V 时，由图示电压表可知，则
24、 V2的读数应该为 U2=1.40V，电路电流122.61.40.0717.1RUUUIARR，得定值电阻201.420.00.07URI；（3）由图示电路图可知，在闭合电路中，电源电动势：E=U1+Ir=U1+20UR r，则 U1=E-0rRU2，由图（A）所示图象可知，电源电动势：E=a1；在闭合电路中，E=I（R+R0+r）=20UR（R+R0+r），则 R=21UER0-R0-r，由图（B）所示图象可知，-b1=-R0-r，电源内阻：r=b1-R0；点睛：本题考查了作电路图、电阻箱与电压表读数、求电阻、求电源电动势与内阻；根据电路图应用欧姆定律求出图象的函数表达式，根据函数表达式与对
25、应的图象即可求出电源的电动势与内阻 12、匀加速直线 0.35 0.40 【解析】(1)1纸带上端中心连线是一条倾斜的直线，说明相邻相等时间内的位移差相等，由此可以判断小车做的是匀加速直线运动。(2)2图中 43.53.5 0.1s0.35stT(3)3根据逐差法可求出加速度为 222224.113.703.312.912.512 2m/4.1101s0.0/s9 0.m9FGEFDECDBCABxxxxxxaT 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）小球的最小动能是 0.08J；（2）小球受到重力和电
26、场力的合力是 20N；（3）小球的质量为 0.01kg电场强度为63 10/N C，方向水平向左【解析】（1）（2）带电小球沿轨道内侧做圆周运动，受到重力和电场力作用，其合力是恒力，当合力沿 OA 连线向下时，小球通过 A 点时动能最大，通过关于 O点对称的 B 点时动能最小根据动能定理研究小球从 B 运动到 A 点的过程，求出重力与电场力的合力大小根据牛顿第二定律和动能的计算式求出 A点的动能，再求出小球的最小动能；（3）在 B 点撤去轨道后，小球将做类平抛运动，由题，小球经 0.02s 时，其动能与在 A 点时的动能相等，说明小球经 0.04s 时偏转量等于 2R，由位移公式和牛顿第二定律
27、结合求出质量（1）、（2）小球在电场和重力场的复合场中运动，因为小球在 A 点具有最大动能，所以复合场的方向由O指向A，在AO延长线与圆的交点B处小球具有最小动能kBE 设小球在复合场中所受的合力为 F 则有：2AvNFmR，即：21.20.80.4kAAEvFm 带电小球由 A 运动到 B的过程中，重力和电场力的合力做功，根据动能定理有：20.32kBkAFREE 由此可得：0.20.08kBFNEJ，即小球的最小动能为 0.08J，重力和电场力的合力为 0.2N（3）带电小球在 B 处时撤去轨道后，小球做类平抛运动，即在 BA 方向上做初速度为零的匀加速运动，在垂直于 BA 方向上做匀速运
28、动设小球的质量为 m，则：在 BA 方向上做初速度为零的匀加速运动 则有：212?2FRtm，得：20.014FtmkgR 由几何关系有：1cos2mgF，故60 在垂直于 BA 方向上做匀速运动，有：EqFsin 解得：63 10/EN C，方向水平向左 14、（1）0.5N （1）1rad/s （3）1J【解析】试题分析：（1）根据静摩擦力提供向心力，求出静摩擦力的大小（1）当摩擦力达到最大时，绳子开始出现拉力，结合最大静摩擦力提供向心力求出临界角速度（3）根据动能定理求圆盘对滑块所做功大小（1）静摩擦力提供向心力，有：21fmr 代入数据解得：f=0.5N（1）当静摩擦力达到最大值时，绳
29、中才出现拉力，最大静摩擦力提供向心力，有：22mgmr 代入数据解得：2/rad s（3）当4/rad s时，线速度2/vlm s 由动能定理得：圆盘对滑块所做功大小221101 2222WmvJJ 【点睛】解决本题的关键知道圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解，以及知道线速度与角速度的大小关系 15、(1)s15m,能避免闯红灯(2)s0=2.5m【解析】解：（1）甲刹车的位移为：15 m，故能避免闯红灯（2）甲车速度减为零的时间为：，乙车速度减为零的时间为：减速到同速时有：va甲t=va乙（t0.5 s）代入数据解得：t=2.5 s 则有：，x乙=v0.5=15 m 则有：x=x
30、乙x甲=2.5 m 答：（1）可避免闯红灯（2）甲、乙两汽车行驶过程中应保持 2.5 m 考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：直线运动规律专题 分析：（1）判断甲车能否避免闯红灯，关键求出甲车刹车到停下来的位移与 15m 的大小关系（2）判断两车能否相撞，即判断两车在速度相等时有无撞上，因为速度相等前，乙车的速度大于甲车的速度，它们间距离在减小，速度相等后，乙车的速度小于甲车的速度，所以相撞只能在速度相等之前撞 点评：解决本题的关键利用牛顿第二定律求出加速度，再根据运动学公式进行求解注意速度大者减速追速度小者，判断能否撞上，应判断速度相等时能否撞上，不能根据两者停下来后比较两者的位移去判断