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1、2022-2023 高三上物理期中模拟试卷 请考生注意：1请用 2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用 05 毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，可视为质点的小球 A、B 用不可伸长的细软轻线连接，跨过固定在地面上、半径为 R 的光滑圆柱，A 的质量为 B 的两倍 当 B 位于地面时，A 恰与圆柱轴心等高 将A 由静止释放，B 上升的最大高度是
2、（）A2R B5R/3 C4R/3 D2R/3 2、如图所示，从 A点由静止释放一弹性小球，一段时间后与固定斜面上 B点发生碰撞，碰后小球速度大小不变，方向变为水平方向，又经过相同的时间落于地面上 C点，已知地面上 D点位于 B点正下方，B、D间的距离为 h，则()AA、B两点间的距离为2h BA、B两点间的距离为4h CC、D两点间的距离为 2h DC、D两点间的距离为2 33h 3、如图所示，ad、bd、cd 是竖直面内三根固定的光滑细杆,a、b、c、d 位于同一圆周上，a 点为圆周的最高点，d 点为圆周的最低点.每根杆上都套着一个质量相同的小滑环（图中未画出），三个滑环分别从 a、b、c
3、 处释放（初速为零），关于它们下滑的过程，下列说法中正确的是（）A重力对它们的冲量相同 B弹力对它们的冲量相同 C合外力对它们的冲量相同 D它们的动能增量相同 4、甲、乙两物体沿同一方向做直线运动，6 s 末在途中相遇，它们的速度图象如图所示，可以确定()At0 时甲在乙的前方 54 m 处 Bt0 时乙在甲的前方 27 m 处 C6 s 之后两物体不会再相遇 D6 s 之后两物体还会再相遇 5、高空作业须系安全带，如果质量为 m的高空作业人员不慎跌落，从开始跌落到安全带对人刚产生作用力前人下落的距离为 h(可视为自由落体运动)此后经历时间 t安全带达到最大伸长，若在此过程中该作用力始终竖直向
4、上，则该段时间安全带对人的平均作用力大小为()A2mghtmg B2mghtmg Cm ghtmg Dm ghtmg 6、如图所示，一个质量为 m的钢球，放在倾角为 的固定斜面上，用一垂直于斜面的挡板挡住，处于静止状态。各个接触面均光滑，重力加速度为 g,则挡板从该位置缓慢放平的过程中，球对挡板的压力和球对斜面的压力()A增大 增大 B减小 减小 C增大 减小 D减小 增大 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得0 分。7、如图所示，光滑固定斜面 C 倾角为，
5、质量均为 m 的两物块 A、B 以某一初速度沿斜面一起向上做匀减速直线运动。已知物块 A 上表面是水平的，则在该减速运动过程中，下列说法正确的是 A物块 B 受到的静摩擦力水平向左 B物块 B 的机械能守恒 C物块 B 受到 A 的支持力大于 mg DA、B之间的静摩擦力大小为 mg.sin cos 8、如图所示，质量不等的木块 A 和 B 的质量分别为 m1和 m2，置于光滑的水平面上 当水平力 F 作用于左端 A 上，两物体一起做匀加速运动时，A、B 间作用力大小为 F1.当水平力 F 作用于右端 B 上，两物体一起做匀加速运动时，A、B 间作用力大小为 F2，则（）A在两次作用过程中，物
6、体的加速度的大小相等 B在两次作用过程中，12FFF C在两次作用过程中，12FFF D在两次作用过程中，1122FmFm 9、如图所示，木盒中固定一质量为 m的砝码，木盒和砝码 在桌面上以一定的初速度一起以加速度 a1滑行一段距离 x1后停止现拿走砝码，而持续加一个竖直向下的恒力F(Fmg)，若其他条件不变，木盒以加速度 a2滑行距离 x2后停止则()Aa2=a1 Ba2a1 CX2X1 DX2X1 10、下列说法中正确的是（）A对于受迫振动，驱动力频率越大，受迫振动的振幅一定越大 B波源与观察者互相靠近或者互相远离时，接收到的频率会发生变化 C一切波都能发生衍射，衍射是波特有的现象 D紫外
7、线具有较高的能量，许多物质在紫外线的照射下会发出荧光 E.光速在任何条件下都是83 10/m s 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某同学利用如图 1 所示的装置探究弹力和弹簧伸长的关系将弹簧的上端与刻度尺的零刻度对齐，读出不挂钩码时弹簧下端指针所指刻度尺的刻度值，然后在弹簧下端钩上钩码，并逐个增加钩码，依次读出指针所指刻度尺的刻度值，所读数据列表如下：（弹簧始终未超过弹性限度，取重力加速度 g=9.8m/s2）1 2 3 4 5 6 钩码质量 m/g 0 30 60 90 120 150 刻度尺读数 x/cm 6.0
8、0 8.34 9.48 10.64 11.79（1）实验中挂 30g 钩码时刻度尺如图 1 所示，该读数为_cm（2）该小组根据所测数据，在图 2 中的坐标纸建立 x-m坐标系，并描出了 5组测量数据，请你将第 2 组数据描在坐标纸上，并画出 x-m的关系图线_（3）作出的图线与坐标系纵轴有一截距，其物理意义是_；该弹簧的劲度系数 k=_N/m（结果保留 3 位有效数字）12（12 分）某同学在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验时，所用小灯泡上标有“3.8V 0.5A”的字样，现有电压表（04.5 V内阻约为 3k）、电源、开关和导线若干，以及以下器材：A电流表（00.6A 内阻约为 1）B
9、电流表（03A 内阻约为 0.25）C滑动变阻器（020）D滑动变阻器（0500）（1）实验中如果即满足测量要求，又要误差较小，电流表应选用_；滑动变阻器应选用_（选填相应器材前的字母）（2）下列给出了四个电路图，请你根据实验要求选择正确的实验电路图_ （3）下图是实验所用器材实物图，图中已连接了部分导线，请你补充完成实物间的连线_ （4）某同学在实验中得到了几组数据，在下图所示的电流电压（IU）坐标系中，通过描点连线得到了小灯泡的伏安特性曲线，根据此电流电压图线可知，小灯泡的电阻随电压的增大而_（填“增大”、“不变”或“减小”），其原因是_，同时可以根据此图像确定小灯泡在电压为 2 V时的电
10、阻R=_（5）根据此电流电压图线，若小灯泡的功率是 P，通过小灯泡的电流是 I，下列给出的四个图中可能正确的是_ 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）已知某星球半径 R，宇航员在该星球表面研究了带电粒子在电场中的运动情况，如图所示，x轴沿水平方向，y轴竖直向上第一象限中有沿 x轴的正方向的匀强电场，第二象限中有沿 y 轴负方向的匀强电场，两电场的电场强度大小均为 E一个质量为 m，电荷量为 q的带电质点以初速度 v0从 x轴上 P(L，0)点射入第二象限，已知带电质点在第二象限中做直线运动，并且能
11、够连续两次通过 y轴上的同一个点 Q(未画出),万有引力常量为 G.求：（1）该星球的质量 M；（2）初速度 v0与 x轴正方向的夹角；（3）P、Q两点间的电势差 UPQ；（4）带电质点在第一象限中运动所用的时间 14（16 分）某校举行托乒乓球跑步比赛，赛道为水平直道，比赛距离为 S比赛时，某同学将球置于球拍中心，以大小为 a 的加速度从静止开始做匀加速直线运动，当速度达到 v0时，再以 v0做匀速直线运动跑至终点整个过程中球一直保持在球拍中心不动比赛中，该同学在匀速直线运动阶段保持球拍的倾角为 0，如题 25 图所示设球在运动中受到空气阻力大小与其速度大小成正比，方向与运动方向相反，不计球
12、与球拍之间的摩擦，球的质量为 m，重力加速度为 g （1）求空气阻力大小与球速大小的比例系数；（2）求在加速跑阶段球拍倾角随速度变化的关系式；（3）整个匀速跑阶段，若该同学速度仍为 v0，而球拍的倾角比 0大了 并保持不变，不计球在球拍上的移动引起的空气阻力变化，为保证到达终点前球不从球拍上距离中心为 r 的下边沿掉落，求 应满足的条件 15（12 分）如图所示质量为04kgm 的木板长1.4mL，静止放在光滑的水平地面上，其右端静置一质量为1kgm 的小滑块（可视为质点），小滑块与木板间的动摩擦因数0.4，今用水平力28NF 向右拉木板，要使小滑块从木板上掉下来，力 F作用的时间至少要多长？
13、（不计空气阻力，g取210m/s）参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】当 A 下落至地面时，B 恰好上升到与圆心等高位置，这个过程中机械能守恒，即：21232mgRmgRmv，接下来，B 物体做竖直上抛运动，再上升的高度22vhg 两式联立得 h=3R 这样 B 上升的最大高度 H=h+R=4R/3 2、C【解析】由 A 到 B，小球做自由落体运动，；由 B 到 C，小球做平抛运动，；由 A 到 B 和由 B 到 C 所用时间相同，A、B 两点间的距离，故 A、B 错误；由上可知，故 C 正
14、确，D 错误 3、A【解析】设任一细杆与竖直方向的夹角为，环运动的时间为t，圆周的直径为 D,则环的加速度大小agcos，由位移公式得：212Dcosat，得到2Dtg，所以三个环运动时间相同；A、由于三个环的重力相等，运动时间相同，由公式IFt分析可知，各环重力的冲量相等，故 A 正确；B、c 环受到的弹力最大，运动时间相等，则弹力对环 c 的冲量最大，故 B 错误；C、a 环的加速度最大，受到的合力最大，则合力对 a 环的冲量最大，故 C 错误；D、重力对 a 环做功最大，其动能的增量最大，故 D 错误。故选 A。4、C【解析】根据速度图象的“面积”等于位移大小，得到 t=6s 时，甲的位
15、移大小为 x甲=1296m=27m，乙的位移大小为 x乙=96m=54m，6s 末甲乙相遇，则在 t=0 时甲在乙的前方 27m处故 A 正确，B 错误由于 6s 之后甲的速度大于乙的速度，两物体不会再相遇故 C 正确，D 错误故选 AC【点睛】本题关键是理解 v-t 图线的物理意义，抓住速度图象的“面积”等于位移，来求解两物体出发点相距的距离 5、A【解析】在安全带对人有拉力的瞬间时，人做自由落体运动，此过程机械能守恒，故有212mghmv，即在产生拉力瞬间速度为2vgh，之后人在安全带的作用下做变速运动，末速度为零，设向上为正方向，则根据动量定理可得：有0Ftmgtmv，联立解得2mghF
16、mgt【点睛】本题关键是明确物体的受力情况和运动情况，然后对自由落体运动过程和全程封闭列式求解，注意运用动量定理前要先规定正方向 6、C【解析】画出球的受力图，由平行四边形法则可知，当挡板从该位置缓慢放平的过程中，挡板对球的弹力逐渐变大；斜面对球的弹力逐渐减小；根据牛顿第三定律可知，球对挡板的压力逐渐变大，球对斜面的压力逐渐减小；A增大、增大；与结论不相符，选项 A 错误；B减小、减小；与结论不相符，选项 B 错误；C增大、减小；与结论相符，选项 C 正确；D减小、增大；与结论不相符，选项 D 错误；故选 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中
17、，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得0 分。7、ABD【解析】解：A 项，将加速度沿水平和竖直方向分解，在水平方向 B 的加速度向左，A对 B 的摩擦力水平向左，故 A 项正确。B、先对整体分析，有沿向下加速度为 gsin再对 B 分析，（把 A 对 B 的摩擦力和支持力看作一个力），重力沿斜面的分力产生的加速度为 gsin，重力的另一个分力与把 A对 B 的作用力平衡，所以 B 对 A 的合力垂直于斜面方向，不做功，所以 B 机械能不变，故 B 正确；C 项，竖直方向 B 的加速度向下，B 处于失重状态，物块 B 受到 A 的支持力小于 B
18、的重力，故 C 项错误。D 项，对 A、B 整体进行受力分析：22sinmamg，沿斜面的加速度为sinag，在水平方向上加速度的分量为1sin cosag，对 B 进行受力分析，物块 A、B 之间的摩擦力提供 B 的水平加速度，摩擦力大小为sin cosFmg，故 D 项正确。8、AC【解析】两次作用过程，对整体分析，整体的加速度为：12aFmm，故 A 正确；隔离分析，第一种情况，A对B的作用力为：21212m FFm amm，第二中情况，A 对 B 的作用力为：12212m FFm amm，则有：F1+F2=F，故 B 错误；C 正确；以上数据可知，1221FmFm，故 D 错误 9、B
19、D【解析】设木盒的质量为 M，根据牛顿第二定律得，放砝码时，加速度：1Mm gagMm；拿走砝码施加 F 时，加速度：2MgFaM，可知a2a1根据 v2=2ax 得，22vxa知加速度增大，则滑行的距离变小，即 x2x1故BD 正确，AC 错误故选 BD【点睛】解决本题的关键通过牛顿第二定律比较出加速度的大小，注意选择的研究对象不同，第一次选择整体，第二次选择木盒 10、BCD【解析】A当驱动力的频率与振子的固有频率相等时，振子的振幅最大，故 A错误；B根据多普勒效应，波源与观察者互相靠近或者互相远离时，接收到的频率会发生变化，故 B 正确；C一切波都能发生衍射和干涉，干涉和衍射都是波特有的
20、现象，故 C正确；D紫外线的频率大，具有较高的能量，许多物质在紫外线的照射下会发出荧光，故 D正确；E光速在真空中的速度是 3108 m/s，在介质中的速度小于 3108 m/s，故 E 错误。故选 BCD 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、7.127.18 弹簧的原长 25.026.0 【解析】(1)由图,刻度尺的最小分度为 1mm,由图可以知道,读数为：7.15cm（7.127.18）;(2)以横轴表示弹簧的弹力,纵横轴表示弹簧的伸长量,描点连线作图.让尽量多的点落在直线上或分居直线两侧.如图所示;(3)图像与纵坐标有交点
21、，此交点代表施加拉力为零时弹簧的长度，即代表了弹簧的原长，图象的斜率表示弹簧的劲度系数,根据图象,可求弹簧的劲度系数-3150 10=25.311.80-6.00kN（25.0N26.0N）【点睛】在描点连线时一定要注意让尽量多的点落在直线上或分居直线两侧.偏离太远的点可以直接舍去图像的斜率代表了弹簧的劲度系数 12、A C C 增大 电压升高使电流增大于是功率增大导致温度升高，灯丝电阻随温度升高而增大 5 D 【解析】（1）根据小灯泡铭牌可得小灯泡的额定电流为 0.5A，所以选择题电流表 A，为了操作方便，应选取和小灯泡电阻相差不大的，故滑动变阻器选择 C（2）电流表的内阻和小灯泡的电阻相接
22、近，分压过大，需要采用电流表的外接法，小灯泡两端的电压需要从零开始，所以采用滑动变阻器的分压接法，故选 C（3）如图所示 （4）根据此电流电压图线可知，小灯泡的电阻随电压的增大而，因为电压升高使电流增大于是功率增大导致温度升高，灯丝电阻随温度升高而增大；从图中可知，当电压为 2V时，对应的电流为 0.4A，由欧姆定律可知250.4R （5）因为小灯泡的电阻在增大，所以根据公式2PI R可得图像应是一条向上弯曲的曲线【名师点睛】电压表、电流表的选择原则是使指针偏转角大些好，应在三分之二左右偏转，若电路采用分压接法，则滑动变阻器选择小的，若限流接法则滑动变阻器阻值要大于待测电阻阻值；本实验中为了多
23、测数据，滑动变阻器采用分压接法，因灯泡内阻较小，故应选用电流表外接，由此可正确画出实验原理图；根据小灯泡的伏安特性曲线，求出灯泡的电压、电流根据 P=UI 可以求出灯泡的实际功率 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2qERmG；（2）45；（3）mgLq；（4）2gv0【解析】（1）因带电质点在第二象限中做直线运动,故质点带负电,且有 Eq=mg 解得：qEgm 在星球表面放一个物体 m1：12MmGrm1g 解得：GgRM2 该星球的质量 M=2qERmG（2）带电质点应在第一象限做直线运动才能再
24、次回到 Q点，有：tanmgqE 解得=45（3）P到 Q的过程，由动能定理有：-qUpQmgL=0 解得：UpQ=mgLq（4）带电质点在第一象限做匀变速直线运动，由牛顿第二定律：a=2g，v0=at 解得：t=22gv0 带电质点在第一象限中往返一次所用的时间：T=2t=2gv0 14、（1）0mgvtan1（2）tan=ag+0vvtan1（3）12at2r【解析】（1）在匀速运动阶段，有 mgtan1=kv1，解得：k=0mgvtan1（2）加速阶段，设球拍对球的支持力为 N，有 Nsin-kv=ma，Ncos=mg 联立解得：tan=ag+0vvtan1（3）以 v1做匀速直线运动时
25、，设空气阻力与重力的合力为 F，有 F=0cosmg 球拍倾角为 1+时，空气阻力与重力的合力不变，设球沿球拍面下滑的加速度大小为a，有 Fsin=ma，设匀速跑阶段所用时间为 t，有：t=0sv-02va，球不从球拍上掉落的条件为12at2r 解得 sin20022rvsgvacos1 15、1s【解析】设在第1t秒时撤掉力 F，再经过2t秒长木板0m与小滑块 m分离小滑块在木板上相对滑动时，摩擦力f4NFmg 对小滑块 m由牛顿第二定律得：fmFma 24m/sma 对木板0m由牛顿第二定律得：00fFFm a 206m/sa 撤掉 F时，小滑块的速度为：11mva t 长木板的速度为：20 1va t 撤去 F后，对于长木板由牛顿第二定律有：00mgm a 由于 F作用时间最小时，长木板与小滑块在分离时速度恰好相同，设此速度为3v 对于小滑块：31m 2vva t 对于长木板：320 2vva t 在（12tt）的整个过程中，211212mLatt 2220 12 20 21122La tv ta t 21LLL 联立解得11st 即力作用的时间至少要 1s.