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1、2020版高考物理全程复习课后练习20 库仑定律电场力的性质1.如图所示，在真空中某点电荷产生的电场中有a、b 两点，a点处场强大小为Ea，方向与连线ab 的夹角为60.b 点处场强大小为Eb，方向与连线ab 的夹角为30.则 a、b 两点的场强大小关系为()AEb=BEa=CEb=3Ea DEa=3EbEa2Eb22.如图所示,16 个电荷量均为+q(q0)的小球(可视为点电荷),均匀分布在半径为r 的圆周上。若将圆周上P点的一个小球的电荷量换成-2q,则圆心 O点处的电场强度为()A.,方向沿半径向左 B.,方向沿半径向右2kqr22kqr2C.,方向沿半径向左 D.,方向沿半径向右3kq
2、r23kqr23.对于真空中电荷量为Q的静止点电荷而言,当选取离点电荷无穷远处的电势为零时,离点电荷距离为 r 处的电势就为=(k 为静电力常量)。如图所示,一质量为m、电荷量为q 可视kQr为点电荷的带正电小球用绝缘丝线悬挂在天花板上,在小球正下方的绝缘底座上固定一半径为 R的金属球,金属球接地,两球球心间距离为d。由于静电感应,金属球上分布的感应电荷量为 q。则下列说法正确的是()A.金属球上的感应电荷量q=-q B.金属球上的感应电荷量q=qRdRd-RC.绝缘丝线对小球的拉力大小为mg+D.绝缘丝线对小球的拉力大小为mg-kqqd2kqqd24.已知均匀带电球壳内部电场强度处处为零，电
3、势处处相等如图所示，正电荷均匀分布在半球面上，Ox为通过半球顶点与球心O的轴线，A、B为轴线上的点，且AO=OB，则下列判断正确的是()AA点的电场强度比B点的电场强度大BA、B两点的电场强度相同CA、B两点的电场强度大小相等，方向相反DA、B两点的电场强度大小不等，方向相同5.在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b 两点，其中a、b 两点电场强度大小相等、方向相反的是()A图甲中与点电荷等距的a、b 两点B图乙中两等量异种点电荷连线的垂直平分线上与连线等距的a、b 两点C图丙中两等量同种点电荷连线的垂直平分线上与连线等距的a、b 两点D图丁中非匀强电场中的a、b 两点6.如图所示,在光滑、
4、绝缘的水平面上,沿一直线依次排列3 个带电小球A、B、C(可视为点电荷)。若它们恰能处于平衡状态,那么这 3 个小球所带的电荷量及电性的关系,可能的情况是()A.-9、4、-36 B.4、9、36 C.-3、2、8 D.3、-2、67.边长为 a 的正三角形ABC的三个顶点分别固定三个点电荷+q、+q、-q,静电力常量用k 表示,则该三角形中心O点处的电场强度为()A.,方向由 C指向 O B.,方向由 O指向 C6kqa26kqa2C.,方向由 C指向 O D.,方向由 O指向 C3kqa23kqa28.如图所示，两根绝缘轻绳将两个大小和材料均相同的带正电小球(可视为质点)系于同一点，A球靠
5、在绝缘墙壁上，B球保持静止状态两球所带电荷量分别为qA=2q和 qB=4q.现将 B球与 A球接触后再次释放，稳定后两球均静止，下列说法正确的是()AB球的电荷量不变B轻绳对B球的拉力变大CA、B两球间库仑力减小DA、B两球间距离与原来两球间距离的比值为3929.如图所示，两个质量均为m的完全相同的金属球壳a 与 b，其壳层的厚度和质量分布均匀，将它们固定于绝缘支座上，两球心间的距离l 为球半径的3 倍若使它们带上等量异种电荷，使其电荷量的绝对值均为Q，引力常量为G，静电力常量为k，那么 a、b 两球之间的万有引力 F1、库仑力F2分别满足()AF1=G，F2=k BF1 G，F2=km2l2
6、Q2l2m2l2Q2l2CF1=G，F2k DF1=G，F2km2l2Q2l2m2l2Q2l210.如图所示，绝缘水平面上有A、B、C、D四点，依次相距L，若把带电金属小球甲(半径远小于 L)放在 B点，测得 D点处的电场强度大小为E；现将不带电的相同金属小球乙与甲充分接触后，再把两球分置于A、C两点，此时D点处的电场强度大小为()A.E B.E CE D.E495920911.(多选)如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度垂直于电场线方向飞出 a、b 两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示，不计两粒子间的相互作用，则()Aa 一定带正电，b 一定带负电B
7、a 的速度将减小，b 的速度将增大Ca 的加速度将减小，b 的加速度将增大D两个粒子的动能均增大12.(多选)如图所示,倾角为 的绝缘斜面固定在水平面上,当质量为 m、电荷量为+q 的滑块沿斜面下滑时,在此空间突然加上竖直方向的匀强电场,已知滑块受到的电场力小于滑块的重力。则下列说法不正确的是()A.若滑块匀速下滑,加上竖直向上的电场后,滑块将减速下滑B.若滑块匀速下滑,加上竖直向下的电场后,滑块仍匀速下滑C.若滑块匀减速下滑,加上竖直向上的电场后,滑块仍减速下滑,但加速度变大D.若滑块匀加速下滑,加上竖直向下的电场后,滑块仍以原加速度加速下滑13.如图所示,质量为 m的小球 A穿在光滑绝缘细
8、杆上,杆的倾角为,小球 A带正电(可视为点电荷),电荷量为q。在杆上B点处固定一个电荷量为Q的正点电荷。将A由距 B竖直高度为 h 处无初速度释放,小球 A下滑过程中电荷量不变。整个装置处在真空中,已知静电力常量 k 和重力加速度g。求:(1)A 球刚释放时的加速度是多大;(2)当 A球的动能最大时,A 球与 B点间的距离。14.如图所示,质量均为m的三个带电小球A、B、C放置在光滑的绝缘水平面上,彼此相隔的距离为 l(l比球半径r 大得多)。B球电荷量为QB=-3q,A 球电荷量为QA=+6q,若在 C上加一个水平向右的恒力F,要使 A、B、C三球始终保持l 的间距运动。问:(1)F 的大小
9、为多少?(2)C 球所带电荷量为多少?带何种电荷?答案解析1.答案为：D；解析：由题意知，场源电荷为负点电荷，则Q应位于两电场线的交点O处，如图所示，因为 a 点离 O较近，而Ea=k，Eb=k，而 rb=ra，所以有Ea=3Eb，所以 D选项正确Qr 2 aQr 2 b32.答案为：D；解析：根据对称性和电场的叠加原理,知原来 O处电场强度为零,说明 P点处小球在O处产生的电场强度与其余15 个小球在 O处产生的合电场强度大小相等、方向相反,则其余 15个小球在 O处产生的合电场强度大小为E=,方向沿半径向右。将圆周上P点的一个小球kqr2的电荷量换成-2q,其余 15 个小球在O处产生的合
10、电场强度不变,大小仍为E=,方向沿半kqr2径向右。-2q 在 O处产生的电场强度大小为E=,方向沿半径向右,所以 O点处的电场强2kqr2度为 EO=E+E=,方向沿半径向右,故 D正确。3kqr23.答案为：A；解析：金属球上感应电荷在圆心O点产生的电势为1=;q 在圆心 O点的电势为2=kqRkqd,由于 O点的电势为零,故 1+2=0,联立解得q=-,故 A正确、B错误;若金属球上的感Rqd应电荷全部均匀分布在球壳上,则绝缘丝线对小球的拉力大小为F=mg+,但由于存在静kqqd2电吸引作用,金属球上的感应电荷的分布偏向上方,故两者的静电引力大于,即绝缘丝kqqd2线对小球的拉力大小大于
11、mg+,故 C、D错误。kqqd24.答案为：B；解析：先将半球面补充为一个完整的球面，则B点的电场强度可等效为完整的球面产生的电场强度与右边均匀带负电半球面产生的电场强度的叠加，即为右边带负电半球面产生的电场强度，根据对称性可知与左半球面在A点产生的电场强度大小相等，方向相同，B正确5.答案为：C；解析：题图甲中与点电荷等距的a、b 两点，电场强度大小相同，方向不相反，A选项错误；题图乙中，根据电场线的疏密及对称性可判断，a、b两点的电场强度大小相等、方向相同，B选项错误；题图丙中两等量同种点电荷连线的垂直平分线上与连线等距的a、b 两点，电场强度大小相同，方向相反，C选项正确；题图丁中根据
12、电场线的疏密可判断，b点的电场强度大于a 点的电场强度，D选项错误6.答案为：A；解析：要使每个小球都处于平衡状态,必须使其他两个小球对它的库仑力大小相等、方向相反,以小球 A为研究对象,有 FBA=FCA,如图所示,故 B、C带异种电荷,由库仑定律得k=k,QAQBrAB2QAQCrAC2以小球 C为研究对象,同理,知 A、B带异种电荷,k=k,联立得 k=k=k,QAQCrAC2QBQCrBC2QAQCrAC2QAQBrAB2QBQCrBC2又考虑到 rAC=rAB+rBC,解得,此式为三球平衡时所带电荷量的大小关QAQC=QAQB+QBQC系。综上可知 A正确。7.答案为：B；解析：每个
13、点电荷在O点处的电场强度大小都是E=,画出矢量叠加的示意图,kq(3a3)2=3kqa2如图所示,由图可得O点处的合电场强度为E0=2E=,方向由 O指向 C,B 项正确。6kqa28.答案为：D；解析：两球接触时，平分电荷量，A错误；设两轻绳的长度分别为h 和 L0，两球间距离为L，当两球处于静止状态时，对B球进行受力分析，如图所示，根据三角形相似可得，=，T=TGL0hL0hG，所以轻绳对B球的拉力不变，B错误；由=，得 F=G，又 F=k，得 L=，FGLhLhqAqBL23hkqAqBG故可知再次平衡时，两球间距离增大，库仑力增大，C错误；两球间距离与原来两球间距离的比值为=，D正确3
14、qAqB3qAqB3929.答案为：C；解析：两个金属球壳质量分布均匀，计算万有引力时可以等效为质量集中于球心的质点，所以 F1=G；带上等量异种电荷时，异种电荷互相吸引，电荷分布在两球壳靠近的一侧，m2l2电荷中心间的距离小于两球心间的距离，则F2k，选项 C正确Q2l210.答案为：D；解析：由 E=k得，E=k，甲、乙两小球接触后，电荷量平分，Qr2Q2L2有 Q1=Q2=，ED=kk，联立得ED=E，所以 D项正确Q2Q2L2Q18L220911.答案为：CD；解析：根据两粒子的偏转方向，可知两粒子带异种电荷，但无法确定其具体电性，故A错误；由粒子受力方向与速度方向的关系，可判断电场力
15、对两粒子均做正功，两粒子的速度、动能均增大，故B错误，D正确；从两粒子的运动轨迹判断，a粒子的运动轨迹所在的电场线逐渐变得稀疏，b 粒子的运动轨迹所在的电场线逐渐变密，说明a 的加速度减小，b 的加速度增大，故C正确12.答案为：ACD；解析：若滑块匀速下滑,则有 mgsin=mgcos,当加上竖直向上的电场后,电场力为F,沿斜面方向,(mg-F)sin=(mg-F)cos,受力仍平衡,则滑块仍匀速下滑,故 A错误、B正确;若滑块匀减速下滑,则有 mgsinmgcos,加速度大小为a=g(cos-sin),加上竖直向上的电场后,沿斜面方向,(mg-F)sin(mg-F)cos,加速度大小为a=
16、mgcos,加速(mg-F)(cos-sin)m度大小为 a=g(sin-cos),加上竖直向下的电场后,在沿斜面方向,(mg+F)sin(mg+F)cos,物体仍匀加速下滑。加速度为a=a。即加速度增大,故 D错误,故选 ACD。(mg+F)(sin -cos)m13.解：(1)小球 A受到库仑斥力,由牛顿第二定律可知mgsin-F=ma,根据库仑定律有F=k,又知 r=,qQr2hsin 解得 a=gsin-。kQqsin2mh2(2)当 A球受到的合力为零,即加速度为零时,动能最大。设此时 A球与 B点间的距离为d,则 mgsin=,解得 d=。kQqd2kQqmgsin14.解：将 A、B、C三个小球看成一个系统,则三个小球之间的静电力为系统内力,当 C上加一恒力F,并使三球始终保持l 的间距运动,则三球的加速度相同,均为,F3m且方向为水平向右。对于B球,由于受 A球的静电力,且力的方向水平向左,那么受 C球的静电力必向右,才可能产生向右的加速度,知 C球带正电荷,设 C球电荷量为QC,则由库仑定律和牛顿第二定律知对 B有 k-k=ma,3qQCl23q6ql2对 A有 k-k=ma,3q6ql26qQC(2l)2联立解得 QC=8q,a=。6kq2ml2根据牛顿第二定律得,A、B、C三小球构成系统的合外力F=3ma=。18kq2l2