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1、泄露天机-2011 年金太阳高考押题精粹 （物理课标版）（30 道选择题+20 道非选择题）【参考答案】1【参考答案】ACD 2【参考答案】C 3【参考答案】B 4【参考答案】A 5【参考答案】B 6【参考答案】A 7【参考答案】D 8【参考答案】AD 9【参考答案】BD 10【参考答案】BD 11【参考答案】AD 12【参考答案】BD 13【参考答案】BD 14【参考答案】D 15【参考答案】D 16【参考答案】C 17【参考答案】B 18【参考答案】D 19【参考答案】C 20【参考答案】C 21【参考答案】C 22【参考答案】A 23【参考答案】B 24【参考答案】C 25【参考答案】C
2、 26【参考答案】BC 27【参考答案】B 28【参考答案】BD 29【参考答案】BD 30【参考答案】CD 31【参考答案】解（1）先作出的 vB-h 图像，不是一条直线，根据形状无法判断 vB、h 关系，进而考虑 vB2-h 图像，从而找出 vB2、h 之间的线性关系（2）能，根据图丙图像的斜率可以求出 g=k/2 32【参考答案】解（1）反应时间内尺子自由下落的高度 （2）33.【参考答案】解：(1)0.52 v1=v2=a=（v1，v2 代入了同样给分）(2)a ,通过原点的直线 34.【参考答案】解（1）2.4 （2）0.58，0.60，在误差允许的范围内，m1、m2 组成的系统机械
3、能守恒 （3）9.7 35.【参考答案】解（1）3（2）D，E（3）21.3，1.8 36.【参考答案】解（1）实物图边线如右图所示。（2）37.【参考答案】解答：如图，A 为飞机着陆点，AB、BC 分别为两个匀减速运动过程，C 点停下。A 到 B 过程，依据运动学规律有 B 到 C 过程，依据运动学规律有 A 到 C 过程，有：联立解得：38.【参考答案】解：（1）设物块到达 Q 点时的速度为 v，由动能定理得 -mg l=（1/2）mv2（1/2）mv02 代入数据解得 v=（321）1/2 m/s （2）设物块刚离开 Q 点时，圆轨道对物块的压力为 FN 根据牛顿定律有 FN+mg=mv
4、2/R 则 FN=mv2/Rmg=31.1N 0 故物块能沿圆周轨道运动 （3）设物块到达半圆轨道最低点 A 时的速度为 v1 由机械能守恒得 （1/2）mv2+mg2R=（1/2）mv12 解得 v1=19 m/s 由 h=（1/2）gt2 s=vt 得 s=v（2h/g）1/2 代入数据，得 s=9.5m 39.【参考答案】解（1）、设从抛出点到 A 点的高度差为 h，到 A 点时有则有：，且 代入数据解得 h=0.45m （2）、要使小物块不离开轨道并且能够滑回倾斜轨道 AB，则小物体沿圆轨道上升的最大高度不能超过圆心，即：（3）、小物体到达 A 点时的速度：从 A 到 B，由动能定理：
5、小物体从 B 到环最高点机械能守恒:在最高点有：由解得 40.【参考答案】解：粒子从 AB 的过程中作匀速直线运动，电场力方向向上，所以洛伦兹力应向下，磁感应强度应垂直纸面向外，且Eq=qvB。粒子从 BC 的过程中作匀速圆周运动，电场力等于零，粒子受洛伦兹力作用下作匀速圆周运动。有 所以，粒子做匀速圆周运动的速度 ，时间 。粒子从 AB 的过程中作匀速直线运动的时间 ，电场强度 同理，粒子从 CD 的过程中作匀速直线运动，粒子从 DA 的过程中作匀速圆周运动。整个过程的周期为 4 ，电场强度的最大值为 。图线如图所示。41.【参考答案】解析：（1）微粒运动到 O 点之前要受到重力、电场力和洛
6、仑兹力作用，如图所示在这段时间内微粒做匀速直线运动，说明三力合力为零由此可得出微粒运动到 O 点时速度的大小和方向（2）微粒运动到 O 点之后，撤去磁场，微粒只受到重力、电场力作用，其合力为一恒力，与初速度有一夹角，因此微粒将做匀变速曲线运动，如图所示可利用运动合成和分解的方法去求解 解析：因为 电场力为：则有：所以得到：v=10m/s 所以=37 因为重力和电场力的合力是恒力，且方向与微粒在 O 点的速度方向垂直，所以微粒在后一段时间内的运动为类平抛运动可沿初速度方向和合力方向进行分解。设沿初速度方向的位移为 ，沿合力方向的位移为 ，则 因为 所以 P 点到原点 O 的距离为 15m；O 点
7、到 P 点运动时间为 1.2s 42.【参考答案】解：带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律 有 代入数据得：轨迹如图 1 交 y 轴于 C 点，过 P 点作 v 的垂线交 y 轴于 O1 点，由几何关系得 O1 为粒子运动轨迹的圆心，且圆心角为 60。在磁场中运动时间 代入数据得：t=5.2310-5s 带电粒子离开磁场垂直进入电场后做类平抛运动 方法 一：粒子在电场中加速度 运动时间 沿 y 方向分速度 沿 y 方向位移 粒子出电场后又经时间 t2 达 x 轴上 Q 点 故 Q 点的坐标为 方法二：设带电粒子离开电场时的速度偏向角为，如图 1，则：设 Q 点的
8、横坐标为 x 则：故 x=5m。电场左边界的横坐标为 x。当 0 x3m 时，如图 2，设粒子离开电场 时的速度偏向角为，则：又：由上两式得：当 3m 5m 时，如图 3，有 将 y=1m 及各数据代入上式得：43.【参考答案】解答与评分标准：I 内磁场垂直于斜面向上 cd 棒平衡，BIl=mgsin，I=电流方向dc，前、后回路感应电动势不变，=Blvx，即 =Blvx，解得l=vxtx ab 棒进入区域之前不受磁场力的作用，做匀加速直线运动，S1=(0+v)tx=0.5l ab 棒进入区域后作匀速直线运动，t2=tx，总时间 t 总=tx+t2=2tx，电动势 E=Blvx 不变，总热量：Q=EIt 总=2mgvxtxsin=2mglsin 44【参考答案】解：(1)Wa=magd=1.0J Wb=mbgd=0.5J （2）b 在磁场中匀速运动时：速度为 ,总电阻 R1=7.5 b 中的电流 由以上各式得：同理，a 棒：由以上各式得，由得 Ha=Hb=m 解得导体棒 a 从图中 M 处到进入磁场的时间为 45【参考答案】解：（1）ABD （2）吸热 （3）得 46.【参考答案】解：BD 不变 吸收 W 由分子数为 得一户居民平均用水所含分子数为 9l027(8l027 或 1l028 也给分)