《陕西省延安市实验中学大学区校际联盟2023学年物理高二第二学期期末达标测试试题(含解析)35436.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《陕西省延安市实验中学大学区校际联盟2023学年物理高二第二学期期末达标测试试题(含解析)35436.pdf（14页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 学年高二下学期物理期末模拟测试卷 注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在电场中我们已经学过，三个点电荷在同一条直线上均处于平衡状态时，定满足：“两同夹一异，两大夹一小，近小远大”仿造上面的规律，假设有三根相同的通电长直导线平行
2、放在光滑水平地面上的 A、B、C 三个位置并处于静止状态，截面如图所示已知 AB=BC，直线电流在周围产生的磁场的磁感应强度公式为IBkr，其中 k是常数，I是导线中电流的大小，r 是某点到导线的距离，关于三根导线中的电流方向和电流大小的比例关系，正确的是()AA、B 中电流方向一定相同 BA、C 中电流方向一定相反 C三根导线中的电流强度之比为 4：1：4 D三根导线中的电流强度之比为 2：1：2 2、甲、乙两物体同时从同一地点出发沿同一直线运动，以出发点为参考点，它们的位移-时间（x-t）图像如图所示，则关于他们的运动描述正确的是 A甲做匀加速直线运动，乙做加速度逐渐增大的加速运动 B在1
3、0t时间内，他们的平均速度相等 C在1t时刻它们的速度相同 D在1t时刻它们的位置相同，甲的速度大于乙的速度 3、轻重不同的两石块从同一高度同时由静止开始下落如果忽略空气阻力的影响，关于两石块的运动情况，下列说法正确的是（）A重的石块先落地 B轻的石块先落地 C重的石块所受重力大，加速度大 D两石块一块落地 4、如图所示，质量均为 m 的 a、b 两物体，放在两固定的水平挡板之间，物体间用一竖直放置的轻弹簧连接，在 b 物体上施加水平拉力 F 后，两物体始终保持静止状态，已知重力加速度为 g，则下列说法正确的是 Ab 物体所受摩擦力的大小为 F Ba 物体所受摩擦力的大小为 F Ca 物体对水
4、平挡板的压力大小可能为 2mg D弹簧对 b 物体的弹力大小一定等于 mg 5、如图所示,一铝块静止在光滑水平面上,现让一条形磁铁以一定的速度向右靠近铝块,在磁铁靠近铝块的过程,说法正确的是（）A若条形磁铁的右端为N极,则铝块会向左运动 B若条形磁铁的右端为S极,则铝块会向左运动 C在它们相遇前,铝块一直处于静止状态 D不论条形磁铁的右端为N极还是S极,铝块都会向右运动 6、质量为 m 的汽车，启动后沿平直路面行驶，如果发动机的功率恒为 P，且行驶过程中受到的摩擦阻力大小一定，汽车速度能够达到的最大值为 v，那么当汽车的车速为 v/2 时。汽车瞬时加速度的大小为（）AP/mv B2 P/mv
5、C4P/mv D3 P/mv 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、M、N 是某电场中一条电场线上的两点，若在 M 点释放一个初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线由 M 点运动到 N 点，其电势能随位移变化的关系如图所示，则以下判断正确的是 A电子在 N 点的动能大于在 M 点的动能 B电场可能是匀强电场 C电子运动的加速度越来越小 D电子运动的轨迹可能是曲线 8、如图，方向竖直向下的匀强磁场中有两根位于同一水平面内的足够长的平行金属
6、导轨，两相同的光滑导体棒 ab、cd静止在导轨上t=0 时，棒 ab以初速度 v0向右滑动运动过程中，ab、cd始终与导轨垂直并接触良好，两者速度分别用 v1、v2表示，回路中的电流用 I表示下列图像中可能正确的是 A B C D 9、如图所示，竖直放置的形光滑导轨宽为 L，矩形匀强磁场、的高和间距均为 d，磁感应强度为 B质量为 m的水平金属杆由静止释放，进入磁场和时的速度相等金属杆在导轨间的电阻为 R，与导轨接触良好，其余电阻不计，重力加速度为 g金属杆（）A刚进入磁场时加速度方向竖直向下 B穿过磁场的时间大于在两磁场之间的运动时间 C穿过两磁场产生的总热量为 4mgd D释放时距磁场上边
7、界的高度 h可能小于 10、如图所示电路由交变电源供电，L 为不计直流电阻的线圈，C 为电容器，两只小灯泡规格相同，亮度也相同。下列方案中可能使两只小灯泡都变亮的是 A仅增加交流电源的频率 B仅增加交流电压的有效值 C拔出线圈中的铁芯，增大电容器极板的正对面积 D电源换用与交流电有效值相同的直流电源 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）实验小组的同学们用如图所示的装置做“用单摆测定重力加速度”的实验。测出悬点 O到小球球心的距离（摆长）L及单摆完成 n次全振动所用的时间 t，则重力加速度 g=_（用 L、n、t表示）。实
8、验时除用到秒表、刻度尺外，还应该用到下列器材中的_(选填选项前的字母)。A长约 1 m 的细线 B长约 1 m的橡皮绳 C直径约 1 cm的均匀铁球 D直径约 10 cm的均匀木球 选择好器材，将符合实验要求的单摆悬挂在铁架台上，应采用图_中所示的固定方式。某实验小组组装单摆时，在摆线上端的悬点处，用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将橡皮夹紧，如图所示。这样做的目的是_(填字母代号)。A保证摆动过程中摆长不变 B可使周期测量得更加准确 C需要改变摆长时便于调节 D保证摆球在同一竖直平面内摆动 他组装好单摆后在摆球自然悬垂的情况下，用毫米刻度尺量得从悬点到摆球的最低端的长度 L=0.
9、9990m，再用游标卡尺测量摆球直径，结果如图所示，则该摆球的直径为_mm。将单摆正确悬挂后进行如下操作，其中正确的是_(选填选项前的字母)。A测出摆线长作为单摆的摆长 B把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度释放，使之做简谐运动 C在摆球经过平衡位置时开始计时 D用秒表测量单摆完成 1 次全振动所用时间并作为单摆的周期 甲同学多次改变单摆的摆长并测得相应的周期，他根据测量数据画出了如图所示的图象，但忘记在图中标明横坐标所代表的物理量。你认为横坐标所代表的物理量是_(选填“l2”“l”或“”)，若图线斜率为 k，则重力加速度g=_(用 k表示)。乙同学测得的重力加速度数值大于当地的重力加速度的实际
10、值，造成这一情况的原因可能是_(选填选项前的序号)。A开始摆动时振幅较小 B开始计时时，过早按下停表 C测量周期时，误将摆球(n-1)次全振动的时间记为 n次全振动的时间 D测量摆长时从悬点到小球下端边缘的距离为摆长 12（12 分）为了验证碰撞中的动量守恒，某同学做了如下实验：将一已知质量为 m1的滑块 A放于足够大的水平面上，将另一已知质量为 m2（m2m1）的小球 B系于绳的一端，绳的另一端固定在 A的正上方 O 点，且绳长刚好等于 O到A的距离。现将 B拉至与竖直方向成一定角度并将其由静止释放，释放后 A、B发生正碰，已知滑块 A与水平面间的动摩擦因数为（忽略两物体的大小及空气阻力），
11、为了完成实验，则：（1）只需用一个测量仪器即可完成本实验，该仪器为_。（2）本实验需要直接测量的物理量是_。（3）表示碰撞中动量守恒的表达式为_（用题中已知量和（2）中测量的物理量表示）四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）质量为 m1=2kg 的物体 A 与质量为 m2（具体数值未知）的物体 B 在光滑水平面上正碰，碰撞时间忽略不计，其 s-t图像如图所示问：（1）m2为多少千克？（2）m1物体碰撞后动量增量的大小是多少？（3）通过计算判断，两物体的碰撞是否是弹性碰撞？14（16 分）（20 分）
12、电视机的显像管中，电子束的偏转是用电偏和磁偏转技术实现的。如图甲所示，电子枪发射出的电子经小孔 S1进入竖直放置的平行金属板 M、N 间，两板间所加电压为 U0；经电场加速后，电子由小孔 S2沿水平放置金属板 P 和 Q 的中心线射入，两板间距离和长度均为L；距金属板 P 和 Q 右边缘L处有一竖直放置的荧光屏；取屏上与 S1、S2共线的 O 点为原点，向上为正方向建立 x 轴。已知电子的质量为 m，电荷量为 e，初速度可以忽略。不计电子重力和电子之间的相互作用。（1）求电子到达小孔 S2时的速度大小 v；（2）若金属板 P、Q 间只存在垂直于纸面向外的匀强磁场，电子恰好经过 P 板的右边缘飞
13、出，求磁场的磁感应强度大小 B；（3）若金属板 P 和 Q 间只存在电场，P、Q 两板间电压 u 随时间 t 的变化关系如图乙所示，单位时间内从小孔 S1进入的电子个数为 N。电子打在荧光屏上形成一条亮线；每个电子在板 P 和 Q 间运动的时间极短，可以认为两板间的电压恒定；忽略电场变化产生的磁场。试求在一个周期（即 2t0时间）内打到荧光屏单位长度亮线上的电子个数 n。15（12 分）如图所示，一辆小车静止在光滑水平地面上，小车上固定着半径为 R的14光滑圆弧轨道，小车和轨道的总质量为 M，轨道底端水平。质量为 m的物块静置于圆弧轨道底端，物块可以看做质点，有一质量为 m0的子弹，以速度为
14、v0水平向右射入物块，并留在其中，子弹射入过程时间极短。求：（1）子弹打入物块后瞬间，物块对轨道的压力大小；（2）物块上升到最高点时，小车的速度；（3）在以后运动的过程中，小车的最大速度。2023 学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【答案解析】根据“两同夹一异”规律，A、B 中电流方向一定相反，A、C 中电流方向一定相同；选项 AB 错误；B、C导线在 A 处产生的磁场满足：2CBIIkkrr；A、C 导线在 B 处产生的磁场满足：CAIIkkrr；联立解得，三根导线中的
15、电流强度之比为 IA：IB：IC=2：1：2，选项 D 正确，C 错误；故选 D.2、B【答案解析】A.x-t图象的斜率表示速度，所以甲物体做匀速直线运动，乙物体做加速运动，可能为匀加速，故 A 错误；B.根据平均速度的定义，两物体在 0-t1时间内，位移相同，时间相同，故平均速度相等，故 B 正确；CD.在 t1时刻，两物体位置相同，但乙的 x-t图象较陡，表明此时乙的瞬时速度比甲的大，故 CD 错误。故选 B。【答案点睛】根据 x-t 图象斜率代表加速度可以知道两物体的速度变化情况；根据平均速度的定义，可以计算它们在某段时间内的平均速度；x-t 图象的交点，表示它们处于相同位置 3、D【答
16、案解析】ABD、在忽略空气阻力的情况下，两块石头都做自由落体运动，根据212hgt得2htg，又因为两块石头从同一高度同时下落，故运动的时间相等，所以两块石头同时落地，故 AB 错误，D 正确；C、两个物体都做自由落体运动，它们的运动的情况是完全相同的，所以它们的加速度相同，即下落过程中速度变化一样快，与质量的大小无关，故 C 错误【答案点睛】自由落体运动的物体运动的位移、速度、加速度、时间等与物体的质量无关，这类题目根据自由落体运动的基本规律直接解题即可 4、A【答案解析】A、C、D 项：在 b 物体上施加水平拉力 F 后，两物体始终保持静止状态，则物体 b 受到接触面的静摩擦力，因此它们之
17、间一定存在弹力，则弹簧的弹力大于物体 b 的重力，由整体法可知，a 物体对水平面的压力大小大于为 2mg，故 C、D错误，A 正确；B 项：根据摩擦力产生的条件可知，a 物体没有相对运动的趋势，则没有摩擦力，故 B 错误 点晴：根据物体 b 受水平拉力 F 力后仍处于静止，则可知，必定受到静摩擦力，从而可确定弹簧的弹力与物体 b 的重力关系，再由摩擦力产生的条件，即可求解 5、D【答案解析】不论条形磁铁的右端为 N极还是 S 极，当磁铁以一定的速度向右靠近铝块时，穿过铝块的磁通量增加，铝块中会产生感应电流的磁场阻碍磁铁的靠近，即铝块对磁铁的作用力向左，由牛顿第三定律可知，磁铁给铝块向右的作用力
18、，从而使铝块向右运动，故选 D.6、A【答案解析】当汽车达到最大速度时,做匀速运动,牵引力 F与摩擦力 f相等。又 P=Fv 所以 f=P/v 恒定，当速度达到 v/2 时，F=2P/v 则 ma=F-f=（2P/v）-（P/v）=P/v 所以 a=P/(mv)A.P/mv与计算结果相符，故 A 正确。B.2 P/mv与计算结果不符，故 B 错误。C.4 P/mv与计算结果不符，故 C 错误。D.3 P/mv与计算结果不符，故 D 错误。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3
19、 分，有选错的得 0 分。7、AC【答案解析】A电子从 M运动到 N过程中，只受电场力，电势能减小，电场力做正功，则动能增加，因此 N点的动能大于 M点的动能，故 A 正确；B电子通过相同位移时，电势能的减小量越来越小，说明电场力做功越来越小，由 W=Fs可知，电子所受的电场力越来越小，场强减小，不可能是匀强电场，故 B错误；C由于电势能-位移图线的斜率表示电场力的大小，根据图象可知，电子受到的电场力越来越小，故该电场不是匀强电场，电子做加速度逐渐减小的加速运动，故 C 正确；D带电粒子初速度为零且沿电场线运动，其轨迹一定为直线，故 D 错误 故选 AC 8、AC【答案解析】ab棒向右运动，切
20、割磁感线产生感应电流，则受到向左的安培力，从而向右做减速运动，；金属棒 cd受向右的安培力作用而做加速运动，随着两棒的速度差的减小安培力减小，加速度减小，当两棒速度相等时，感应电流为零，最终两棒共速，一起做匀速运动，故最终电路中电流为 0，故 AC 正确，BD 错误 9、BC【答案解析】本题考查电磁感应的应用，意在考查考生综合分析问题的能力。由于金属棒进入两个磁场的速度相等，而穿出磁场后金属杆做加速度为 g的加速运动，所以金属感进入磁场时应做减速运动，选项 A 错误；对金属杆受力分析，根据可知，金属杆做加速度减小的减速运动，其进出磁场的 v-t图象如图所示，由于 0t1和 t1t2图线与 t轴
21、包围的面积相等（都为 d），所以 t1（t2-t1），选项 B 正确；从进入磁场到进入磁场之前过程中，根据能量守恒，金属棒减小的机械能全部转化为焦耳热，所以 Q1=mg2d，所以穿过两个磁场过程中产生的热量为 4mgd，选项 C 正确；若金属杆进入磁场做匀速运动，则，得，有前面分析可知金属杆进入磁场的速度大于，根据得金属杆进入磁场的高度应大于，选项 D 错误。点睛：本题以金属杆在两个间隔磁场中运动时间相等为背景，考查电磁感应的应用，解题的突破点是金属棒进入磁场和时的速度相等，而金属棒在两磁场间运动时只受重力是匀加速运动，所以金属棒进入磁场时必做减速运动。10、BC【答案解析】A.仅增加交流电源
22、的频率，感抗增大，容抗减小，所以与电容串联的小灯泡变亮，与线圈串联的小灯泡变暗，故 A 错误；B.仅增加交流电压的有效值，感抗和容抗都就不变，通过两小灯泡电流都增大，两个小灯泡都变亮，故 B 正确；C.拔出线圈中的铁芯，会减小感抗，增大电容器极板的正对面积，会减小容抗，通过两小灯泡电流都增大，两个小灯泡都变亮，故 C 正确；D.若电源换用与交流电有效值相同的直流电源，与与电容串联的小灯泡会熄灭，与线圈串联的小灯泡变亮，故 A 错误；三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、AC 图 3 AC 12.0 BC CD 【答案解析】1 单摆
23、的周期：由单摆周期公式：可知，重力加速度：2 摆线选择较细且结实的线为便于测量周期和减小空气阻力，则选取 1 米左右的细线，故选择 A线；为了减小空气阻力的影响，摆球选择质量大体积小的，故选择 C 球；故选 AC；3 为了避免运动过程中摆长发生变化，悬点要固定，不能松动，则为图 3；4 那样做的目的就是为了便于调节摆长，把摆线夹得更紧一些，使摆动过程中摆长不变。因此 A、C 正确。5 游标卡尺示数为 d=12.0mm=0.0120m=12.0mm；6 摆长等于摆线的长度加上摆球的半径，则 A错误；把单摆从平衡位髓拉开一个很小的角度释放，使之做简谐运动，B 正确；在摆球经过平衡位置时开始计时，C
24、正确；把秒表记录摆球一次全振动的时间作为周期，误差较大，应采用累积法测量周期，D错误；7 8 据单摆周期公式 所以应该作用图像，故 横坐标所代表的物理量是，知斜率 解得；9 由周期公式，得 振幅大小与 g 无关，故 A错误；开始计时时，过早按下秒表，周期偏大，则 g 偏小，故 B 错误；测量周期时，误将摆球（n-1）次全振动的时间记为 n 次全振动的时间，则周期偏小，则 g 偏大，C 正确；摆长等于摆线的长度加上摆球的半径，若测量摆长时从悬点到小球下端边缘的距离为摆长，摆长偏大，由，所以g偏大，故 D 正确 12、毫米刻度尺 B球开始下落时距地面的高度 h1，碰撞后 B上升的高度 h2，碰撞后
25、 A滑行的距离 x 21221mhmhmx 【答案解析】设小球 B开始下摆时的高度为 h1，碰撞后 B上摆的最大高度为 h2，小球摆动过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：m2gh1=12m2v02，m2gh2=12m2vB2，解得；012vgh，22Bvgh，碰撞后，对 A，由动能定理得：m1gx=12m1vA2 解得：2Avgx，碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m2v0m2vB+m1vA，整理得：21221mhmhmx；第一空.实验需要测量小球 B运动的高度 h1、h2与 A滑行距离 x，需要用毫米刻度尺；第二空.实验需要测量：B球开始下落时距地面的高度 h1，碰撞后
26、 B上升的高度 h2，碰撞后 A滑行的距离 x；第三空.实验需要验证的表达式为：21221mhmhmx；四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）6kg（2）12kgm/s（3）是弹性碰撞【答案解析】（1）根据 s-t图象求出各自的速度，根据碰撞过程中动量守恒即可求解；（2）根据 m1物体碰撞前后动量差即可求解；（3）根据碰撞前后机械能是否守恒判断是否为弹性碰撞即可。【题目详解】（1）由图像解得：v1=4m/s，v2=0，1v=-2m/s，2v=2m/s，1 11 122m vm vm v，解得 m26kg
27、；（2）11ppp=12kgm/s，即：m1物体碰撞后动量增量的大小是 12kgm/s；（3）碰前总动能：EK=21 112m v16J；碰后总动能：EK=1221221122m vm v16J，故是弹性碰撞。【答案点睛】本题主要考查了动量守恒定律的综合应用，较为简单。14、（1）meUv02（2）0245mUBLe （3）0049nNtnXL【答案解析】试题分析：（1）根据动能定理 2021mveU 解得：meUv02 （2）电子在磁场中做匀速圆周运动，设圆运动半径为 R，在磁场中运动轨迹如图，由几何关系 2221()2RRLL 根据牛顿第二定律：RvmBev2 解得：0245mUBLe （
28、3）设电子在偏转电场 PQ 中的运动时间为 t，PQ 间的电压为 u 时恰好打在极板边缘 垂直电场方向：Lvt 平行电场方向：21122Lat 此过程中电子的加速度大小 ueaLm 解得：02uU，即当两板间电压为02U时打在极板上 电子出偏转电场时，在 x 方向的速度 xvat 电子在偏转电场外做匀速直线运动，设经时间 t2到达荧光屏。则 水平方向：1Lvt 竖直方向：21xxv t 电子打在荧光屏上的位置坐标21322xLxL 亮线长度3XL O x1 x2 x 一个周期内打在荧光屏上的电子数：00223nN t 2t0时间内，打到单位长度亮线上的电子个数n：0049nNtnXL 评分标准
29、：式各 2 分，其余各式均 1 分，共计 20 分。考点：本题考查带电粒子在复合场中的运动 15、（1）222000mmgRm vmm R;（2）000m vmmM;（3）0002m vmmM【答案解析】（1）子弹射入木块过程时间极短，该过程中子弹和木块系统动量守恒，可得：m0v0（m0+m）v1 子弹打入木块后瞬间，受力分析可得：FN（m0+m）g（m0+m）21vR 由牛顿第三定律得：222000()NNmmgRm vFFmm R（2）由题意可知，物块上升到最高点时，物块与小车的速度相同，整个过程，系统水平方向动量守恒：（m0+m）v1（m0+m+M）v 解得此时小车的速度为：000m vvmmM（3）当物块返回轨道最低点时，小车的速度最大，从木块沿轨道开始运动，到最后返回到轨道最低点，水平方向动量守恒：（m0+m）v1（m0+m）v2+Mvmax 整个过程系统机械能守恒：2220102111222maxmm vmm vMv 由以上两式可解得，小车的最大速度：vmax0002m vmmM