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1、页1第一中、益中学校20192020 学年高三年级五月考物理学科试卷第卷（本卷共8道题，共 40 分）一、单选题:（每小题 5分，共 25分。每小题中只有一个选项是正确的）1.下列各种关于近代物理学的现象中，与原子核内部变化有关的是A.紫外线照射锌板时，锌板向外发射光电子的现象B.a粒子轰击金箔时，少数发生大角度偏转的现象C.氢原子发光时，形成不连续的线状光谱的现象D.含铀的矿物质自发向外放出射线（高速电子流）的现象【答案】D【解析】【详解】A 为光电效应现象，原子核外层电子吸收光子能量后从金属表面逸出；B 为 粒子的散射实验，少数粒子发生大角度偏转说明了原子的核式结构；C 中氢原子光谱不连续
2、是其原子的能量状态不连续导致的；D 中含铀的矿物质自发向外放出的射线叫 衰变，它来自原子核内部，是原子核内中子转变成质了时放出的故答案选D2.下列说法中正确的有（）A.布朗运动是液体分子的运动B.在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零C.一定质量的理想气体若压强和体积都不变，其内能也一定不变D.根椐热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传到高温物体【答案】C【解析】【详解】A布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动，是液体分子无规则运动的表现，选项A 错误；B气体的压强是大量的气体分子频繁地对器壁碰撞的结果，与是否失重无关，选项B 错误；C一定质量的理想气体若压强和体积都不变，则温
3、度不变，其内能也一定不变，选项C 正确；D根椐热力学第二定律可知，热量也能从低温物体传到高温物体，但是要引起其他的变化，选项D 错误。故选 C。3.质点以坐标原点O 为中心位置在y 轴上做简谐运动，其振动图象如图所示，起振后0.3s此质点立即停止运动，振动在介质中产生的简谐横波沿x 轴正方向传播，波速为1.0m/s，则从波源起振开始计时，t=0.4s页2第时的波形图为（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】根据振动图象得知，t=0 时刻质点沿y 轴正方向振动，即波源的起振方向沿y 轴正方向，则介质中各质点的起振方向均沿y 轴正方向，与波最前头的质点振动方向相同。起振后0.3s此质点立即停
4、止运动，形成34波长的波形。由振动图象读出周期T=0.4s，波长=vT=0.4m 则再经过0.1s后，即 t=0.4s时波总共传播的距离为s=vt=0.4m 传到 x=0.4m 处，故 A 正确，BCD 错误。故选 A。4.据科学家研究发现，由于潮汐作用，现阶段月球每年远离地球3.8cm，在月球远离地球的过程中，地球正转得越来越慢，在此过程中月球围绕地球的运动仍然看成圆周运动，与现在相比，若干年后（）A.月球绕地球转动的角速度会增大B.地球同步卫星轨道半径将会增大C.近地卫星的环绕速度将会减小D.赤道上的重力加速度将会减小页3第【答案】B【解析】【详解】A对月球绕地球转动，则22MmGmrr3
5、GMr随着月球绕地球转动半径的增大，角速度减小，选项A 错误；B对地球的同步卫星，由222()MmGmrrT可知，T 变大，则r 变大，即地球同步卫星轨道半径将会增大，选项B正确；C对近地卫星，由22MmvGmrr可得GMvR可知，近地卫星的环绕速度不变，选项C 错误；D由2GMgR可知，赤道上的重力加速度将不变，选项D 错误。故选 B。5.如图所示,横截面为直角三角形的斜劈A 放在粗糙的水平地面上,在劈与竖直墙壁之间放置一光滑球B,系统处于静止状态在球B 上施一通过球心的力F,系统仍保持静止,下列说法正确的是()A.B 所受合外力增大B.B 对竖直墙壁的压力增大C.地面对 A 的摩擦力减小D
6、.A 对地面的摩擦力将小于B 对墙壁的压力【答案】B【解析】物体 B 依然静止，所受合力为零，A 错；以 B 为研究对象，竖直向下力增大，墙面和斜面体的正压力都会增大，B 对；以整体为研究对象，地面对A 的摩擦力等于墙面对B 的弹力，所以摩擦力增大，C 错；同理 D 错；页4第二、多项选择题（每小题5 分，共 15分。每小题给出的四个选项中，至少有两个选项正确。全部选对的得 5分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分）6.如图所示，a、b 两束不同频率的单色可见光，以不同的入射角从空气斜射入玻璃三棱镜中，出射光恰好合为一束。则（）A.在玻璃中传播时b光的速度比a 光大B.两束光从同种玻璃射向
7、空气时，b 光发生全反射的临界角比a 光小C.用 a、b 两束光分别照射甲、乙两种金属均能发生光电效应，光电子的最大初动能相同，则金属乙的逸出功比金属甲小D.按照玻尔理论，若b为 n=5 向 n=2 能级跃迁所放出的光，则a 可能为 n=3 向 n=2 能级跃迁所放出的光【答案】BD【解析】【详解】A根据光线在三棱镜中的折射知，b 光线偏折比较厉害，则b 光的折射率大，根据cvn知 b 光在介质中传播的速度较小，A 错误；B b光的折射率大，根据1sinCn，知 b光发生全反射的临界角较小，B 正确；Cb光的折射率大，则b 光的频率较大。根据光电效应方程kEhW，知用 a、b 两束光分别照射甲
8、、乙两种金属均能发生光电效应，光电子的最大初动能相同，则甲金属的逸出功较小，C 错误；D由于玻璃对b 光的折射率较大，故 b 光的频率大于a光的频率，这个光子的能量由前后两个能级的能量差决定，即mnhEE，所以 b 光对应于能级差较大，D 正确。故选 BD。7.如图所示为远距离输送交流电的示意图，变压器均为理想变压器。随着用户负载增多，发电机F 达到额定功率时，降压变压器输出功率仍然不足，用户的用电器不能正常工作。那么，在发电机以额定功率工作的情况下，为了适当提高用户的用电功率，可采取的措施是（）页5第A.适当增大输电线的电阻r B.适当减小输电线的电阻r C.适当提高21nn的同时，降低43
9、nnD.适当降低21nn的同时，提高43nn【答案】BC【解析】【详解】AB 当发电机输出功率一定时，为使远距离用户得到更多的功率，需减小输电线上的功率损失，根据输电线上的功率损失 P=I2r，可以减小输电线的电阻r，故 A 错误，B 正确；CD输电线上的电流为2PIU，也可以通过提高输电电压，减小输送电流，即提高21nn，这样使线圈n3两端电压变大，为使用户的用电器正常工作需要适当降低43nn，故 C 正确，D 错误；故选 BC。8.如图所示，真空中有两个等量异种点电荷A、B，M、N、O 是 AB连线的垂线上的点，且AO OB。一带正电的试探电荷仅受电场力作用，运动轨迹如图中实线所示，设M、
10、N 两点的电势分别为M、N，此电荷在 M、N 两点的加速度分别为aM、aN，此电荷在M、N 两点的动能分别为EkM、EkN，下列判断中正确的是（）A.A 点电荷一定带正电B.MNC.aMaND.EkMEkN【答案】AB 页6第【解析】【详解】AB 粒子做曲线运动，受到的电场力指向轨迹弯曲的内侧，大致向右，而该正电荷受到的电场力指向带负电的电荷，所以A 点电荷一定带正电，B 点电荷应带负电，因为AOOB，根据等量异种点电荷电场线及等势面分布特点可知，MN，故 AB 正确。C M 处电场线较疏，场强较小，则有 EMEN，由牛顿第二定律得：粒子的加速度qEam，则有 aMaN 故C 错误。D由于 M
11、N，根据正电荷在电势高处电势能大，可知正点电荷在M 处的电势能大于在N 处的电势能，即有 EPMEPN，电荷只受电场力作用，则电势能和动能的总量不变，则EkMEkN，故 D 错误。故选 AB。第卷（本卷共60分）9.欧姆表由表头、干电池，调零电阻等组成，用一块内阻R0=200，满偏电流Ig=1mA 的电流表作表头，选用电动势 E=1.5V 的电池（有内阻）作电源，再加调零电阻组成欧姆表。(1)这块欧姆表的内阻R内=_；(2)若原电流表指针最大偏转角为90，改成欧姆表后，当指针偏转60，被测电阻值Rx=_；(3)若欧姆表内用一个新电池（电动势为1.5V，内阻较小），测得某一定值电阻读数为R；然后
12、更换另外品牌的新电池（电动势为1.5V，内阻较大），欧姆表调零后测得同一定值电阻读数为R，两次测量值R 与 R相比，正确的是_。A R=RBR R C R RD无法确定【答案】(1).1500(2).750(3).A【解析】【详解】(1)1 欧姆表的内阻为31.515001 10gERI内(2)2 由闭合电路欧姆定律有页7第3601.51 10901500 xR解得750 xR(3)3 由欧姆表原理可知gxxgEEIERRRI由于欧姆表满偏电流一样，电动势一样，待测电阻相同，则电流相同，所以对应的电阻测量值相同，故A正确，BCD 错误。故选 A。10.某同学为探究“合力做功与物体动能改变的关系
13、”设计了如下实验，他的操作步骤如下：(1)按图连接实验装置，其中小车质量M=0.20kg，钩码总质量m=0.05kg。(2)释放小车，然后接通打点计时器的电源（电源频率为f=50Hz），打出条纸带。(3)他在多次重复实验得到的纸带中取出自认为满意的一条，如图所示。把打下的第一点记作0，然后依次取若干个计数点，相邻计数点间还有4 个点未画出，用厘米刻度尺测得各计数点到0 点距离分别为d1=0.041m，d2=0.055m，d3=0.167m，d4=0.256m，d5=0.360m，d6=0.480m。他把钩码重力作为小车所受合力（当地重力加速度g 取 9.8m/s2），算出打下“0”点到打下“5
14、”点这一过程中合力做功W=_J（结果保留三位有效数字），此过程的动能改变量的表达式为Ek=_（用相关数据前字母列式），算得Ek=0.125J。(4)此次实验探究结果偏差很大，没能得到“合力对物体做的功等于物体动能的变化”这一结论。通过反思，他认为产生较大偏差的原因如下，其中可能的是_。A没有平衡摩擦力，使得合力对物体做功的测量值比真实值偏大太多B钩码质量没有远小于小车质量，使得合力对物体做功的测量值比真实值偏大太多页8第C先释放小车后接通打电计时器，使得动能变化量的测量值比真实值偏小D计算“5”点的瞬时速度时，两计数点间时间间隔误取了0.08s【答案】(1).0.176(2).2264()20
15、0Mfdd(3).AB【解析】【详解】(3)1 把钩码重力作为小车所受合力，打下“0”点到打下“5”点这一过程中合力做功50.059.80.360J0.176JWmgd2 相邻计数点间还有4 个点未画出，则计数点间时间点隔为5f，打下“5”点时小车的速度64552ddvf打下“0”点到打下“5”点这一过程中，小车动能改变量22264k5()102200MfddEMv(4)AB 钩码质量没有远小于小车质量，钩码小降的加速度较大，绳中拉力小于钩码重力，又没有平衡摩擦力，钩码重力（测量的合力）大于小车所受的真实合力（绳中拉力减去摩擦力），使得合力对物体做功的测量值比真实值偏大太多，故AB 项正确；C
16、先释放小车后接通打电计时器，打“0”点时小车动能大于0，使得动能变化量的测量值比真实值偏大，故 C 项错误；D计算“5”点的瞬时速度时，两计数点间时间间隔误取了0.08s，会使测量的速度偏大，使得动能变化量的测量值比真实值偏大，故D 项错误。故选 AB。11.如图所示，光滑水平轨道距地面高h=0.8m，其左端固定有半径R=0.6m 的内壁粗糙的半圆形轨道，轨道的最低点和水平轨道平滑连接。质量m1=1.0kg 的小球 A 和质量 m2=2.0kg 的小球 B 静止在水平轨道上，球A 突然受到水平向左的瞬时冲量I=9Ns作用开始运动，与球B 发生对心碰撞，碰撞时间极短，球A 被反向弹回并从水平轨道
17、右侧边缘飞出，落地点到轨道右边缘的水平距离s=1.2m，球 B 恰好能到达半圆轨道的最高点 c。不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2。求：（1）瞬时冲量作用结束时小球A 的速度大小v0；（2）碰后小球B速度大小vB；（3）小球 B 在半圆形轨道内运动的过程中，摩擦力做功Wf。页9第【答案】（1）9m/s；（2）6m/s；（3）-6J【解析】【详解】（1）对小球A，由动量定理I=m1v0代入数据解得v0=9m/s（2）小球 A 平抛运动212hgts=vAt 小球 A 和 B 碰撞过程中，根据动量守恒1021BAm vm vm v代入数据解得vB=6m/s（3）小球 B 在最高点处，由牛顿第
18、二定律222vm gmR小球 B 由最低点运动到最高点的过程中，根据动能定理2222211222fBWm gRm vm v代入数据解得6JfW12.如图所示，在y 轴竖直向上的直角坐标系中，电场、磁场的分布情况如下：在 0ya的区域内，存在沿x 轴负向的匀强电场和垂直xOy 平面向里的匀强磁场；在 y0 区域内，存在沿y 轴正向的匀强电场；在 yy1区域内（y1未知），同时存在垂直xOy 平面向外的匀强磁场；各区域的电场、磁场强弱相同。一质量为m、电量为 q 带正电的小球，从xOy 平面内的P 点以初速v0向右页10第抛出小球进入0ya 的复合场区沿直线运动，恰好过坐标原点，方向如图。如果小球
19、能够第二次到达O 点，重力加速度为g，求：（1）小球第一次经过O 点时的速度v；（2）电场强度E 和磁感应强度B；（3）小球两次通过O 点经历的时间t。【答案】（1）02v；（2）mgqE；0mgBqv；（3）00232vvtgg【解析】【详解】（1）小球进入正交场时做直线运动，一定是匀速直线运动，进入正交场时速度方向与x 轴成 45角，则经过O点时的速度为002cos45vvv（2）小球进入正交场时做匀速直线运动qE=mg tan45mgqEcos45mgqvB0mgBqv页11第（3）小球在x 轴下方的正交场中，由于mg=qE，则小球在上部分电场中做匀速直线运动，在下部分正交场中做匀速圆周
20、运动，则2vqvBmr解得202vrg小球两次通过O 点，在电场中的时间0122 tan45vrtvg在正交场中022rrTvg在正交场中的时间023342vtTg0012232vvtttgg13.如图（a）所示，斜面倾角为37，宽为d=0.43m 的有界匀强磁场垂直于斜面向上，磁场边界与斜面底边平行，在斜面上由静止释放一长方形金属线框，线框沿斜面下滑，下边与磁场边界保持平行。取斜面底部为零势能面，从线框开始运动到恰好完全进入磁场的过程中，线框的机械能E和位移 S之间的关系如图（b）所示，图线、均为直线。已知线框的质量为m=0.1kg，电阻为 R=0.06，重力加速度取g=10m/s2，sin
21、37=0.6，cos37=0.8，求：页12第（1）金属线框与斜面间的动摩擦因数；（2）金属线框刚进入磁场到恰完全进入磁场所用的时间t；（3）金属线框穿越磁场的过程中，线框中产生焦耳热的最大功率Pm；（4）请在图（c）中定性地画出:在金属线框从开始运动到完全穿出磁场的过程中，线框中感应电流I 的大小随时间t变化的图象。【答案】（1）0.5；（2）0.125s；（3）1.28W3mP;（4）见解析【解析】【详解】（1）从线圈开始下滑到即将进入磁场，由能量关系121cosmgxEE解得=05（2）线圈从开始下滑到将要进入磁场的过程（mgsin-mg cos）x1=2112mv解得v1=1.2m/s 线圈进入磁场的过程中，E-S图像是直线，说明安培力不变，即线框匀速进入磁场，则F安+mg cos=mgsin-（F安+mg cos）x2=E3-E221xtv解得t=0.125s（3）下边刚出磁场时速度最大，线框中产生焦耳热的功率最大2222111(sincos)()22mgmgdxmvmv页13第EBlv=EIR=FBIl安可得22=B l vFR安或可得2 2220.01(Tm)B l21:FFvv安安22mEPR2mPFv安22EBlv解得1.28W3mP（4）线框中感应电流I 的大小随时间t 变化的图象如图；