《2020高二物理上学期第三次月考试卷(普通班,含解析).pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020高二物理上学期第三次月考试卷(普通班,含解析).pdf（18页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！1/18 2020高二物理上学期第三次月考试卷（普通班，含解析）编 辑：_时 间：_教学资料范本【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！2/18【最新】20 xx年高二物理上学期第三次月考试卷（普通班，含解析）一、单项选择题（每题3 分，共 57 分）1关于点电荷的说法正确的是()A点电荷的带电量一定是1.601019CB实际存在的电荷都是点电荷C点电荷是理想化的物理模型D大的带电体不能看
2、成是点电荷2一个正点电荷的电场线分布如图所示，A、B是电场中的两点，EA和 EB分别表示 A、B两点电场强度的大小，关于EA和 EB的大小关系，下列说法正确的是()AEA EB BEA=EBCEA EB D无法比较 EA和 EB的大小3电场中有一点 P，下面哪些说法是正确的()A若放在 P点的点电荷减半，则P点的场强减半B若 P点没有检验电荷，则P点的场强为零CP点的场强方向为检验电荷在该点的受力方向DP点的场强越大，则同一电荷在P点受到的电场力越大4对于一个确定的电容器的电容正确的理解是()A电容与带电量成正比B电容与电势差成反比C对确定的电容器，每板带电量增加，两板间电势差必增加D电容器带
3、电量越大时，电容越大5一个带电的金属球，当它带的电荷量增加到一定数值后（稳定）与增加前比较，其内部的场强将()A一定增强B不变C一定减弱D可能增强也可能减弱6磁场中某点磁感应强度的方向是()A正电荷在该点的受力方向B小磁针 N极在该点的受力方向C运动电荷在该点的受力方向【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！3/18 D一小段通电直导线在该点的受力方向7如图所示，环形导线中通有顺时针方向的电流I，则该环形导线中心处的磁场方向为()A水平向右B水平向左C垂直于纸面向里D垂直于纸面向外8汤姆逊通过对阴极射线的研究发
4、现了电子如图所示，把电子射线管（阴极射线管）放在蹄形磁铁的两极之间，可以观察到电子束偏转的方向是()A向上B向下C向左D向右9如图所示，通电直导线置于匀强磁场中，导线与磁场方向垂直若仅将导线中的电流增大为原来的2 倍，则导线受到安培力的大小将()A减小为原来的 B减小为原来的C增大为原来的 4 倍D增大为原来的2 倍10如图所示，在水平匀强磁场中竖直放置一矩形线圈，线圈平面与磁场垂直，线圈绕其底边转过90至水平位置的过程中，穿过线圈的磁通量的变化情况是()A变大B变小C先变大后变小 D先变小后变大11通电直导线放在匀强磁场中，磁感应强度B的方向如图所示“?”表示导线中电流I 的方向垂直于纸面向
5、里，“”表示导线中电流 I 的方向垂直于纸面向外图中标出了导线所受安培力F的方向，其中正确的是()ABCD12电子束以一定的初速度沿轴线进入螺线管内，螺线管中通以方向随时间而周期性变化的电流，如图所示，则电子束在螺线管中做()A匀速直线运动 B匀速圆周运动C加速减速交替的运动D来回振动13下列关于磁感线说法正确的是()A磁感线总是从无穷远或N极出发，终止于无穷远或S极B磁感线不会相交C磁感线只能描述磁场方向无法描述磁场强弱D磁感线可以模拟出来，因此是真实存在的【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！4/18 1
6、4有关洛仑兹力和安培力的描述，正确的是()A通电直导线处于匀强磁场中一定受到安培力的作用B带电粒子在匀强磁场中运动受到洛仑兹力做正功C安培力是大量运动电荷所受洛仑兹力的宏观表现D通电直导线在磁场中受到的安培力方向与磁场方向平行15关于电阻和电阻率的说法中，正确的是()A导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻B由 R=可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一D金属材料的电阻率一般随温度的升高而增大16关于电源电动势，下列说法正确的是()A同一电源接入不同的电路中，其电动势会发生改变B
7、电源电动势就是电源两极间的电压C电源电动势与是否接入外电路无关D电源电动势与外电路电阻有关17用多用电表的欧姆挡的“10”挡测量一个电阻的阻值，发现表的指针偏转角度极小，为了准确测定该电阻的阻值，正确的判断和做法是()A这个电阻的阻值肯定也是极小的B应把选择开关换到“1”挡，重新进行欧姆调零后再测量C应把选择开关换到“100”挡，重新进行欧姆调零后再测量D为了使测量值比较准确，应该用两手分别将两表笔与待测电阻两端紧紧捏在一起，使表笔与待测电阻接触良好18如图所示，质量为m的带电小球用绝缘丝线悬挂于O点，并处在水平向左的匀强电场E中，小球静止时丝线与竖直方向夹角为，若剪断丝线，则小球的加速度的大
8、小为()AO Bg，方向竖直向下Cgtan，水平向右D，沿绳向下19加在某台电动机上的电压是U，电动机消耗的总功率为P，电动机线圈的电阻为 R，则电动机线圈上消耗的机械功率为()【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！5/18 AP BCDP二、填空题：（每空2 分，共 12）20如图所示为一双量程电压表的示意图已知电流表G的量程为 0100A，内阻为 600，则图中串联的分压电阻R1=_，R2=_ _21某同学用电压表和电流表测量电源电动势，调节滑动变阻器，读出电压表和电流表的示数，并多次重复，画出的UI 图
9、线如图所示，则该电源的电动势E=_V 内阻 r=_22某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝的直径时，测得的结果如图 1 所示，则该金属丝的直径d=_mm另一位学生用游标尺上标有 1O等分刻度的游标卡尺测一工件的长度，测得的结果如图2 所示，则该工件的长度L=_cm 三、计算题（10+10+11=31分，每题只要有解答，得分不小于3 分）23如图所示，a、b 是匀强电场中的两点已知两点间的距离为0.4m，两点的连线与电场线成37角，两点间的电势差为2.4103V，则匀强电场的场强大小为 _V/m，把电子从 a 点移到 b 点，电子的电势能将增加 _J 24如图所示的电路中，电源电动势为E=8V，内
10、阻 r=2，电阻R1=6，R2=3，S断开时，电流表示数为 _A，S闭合时电源两端的电压为 _V 25已知质量为 m的带电液滴，以速度 射入互相垂直的匀强电场E和匀强磁场 B中，液滴在此空间刚好能在竖直平面内做匀速圆周运动如图所示求：（1）液滴在空间受到几个力作用（2）液滴带电荷量及电性（3）液滴做匀速圆周运动的半径多大？20 xx-20 xx 学年湖南省市邵东三中高二（上）第三次月考物理试卷（普通班）一、单项选择题（每题3 分，共 57 分）1关于点电荷的说法正确的是()A点电荷的带电量一定是1.601019CB实际存在的电荷都是点电荷C点电荷是理想化的物理模型D大的带电体不能看成是点电荷【
11、新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！6/18【考点】元电荷、点电荷【专题】常规题型【分析】带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系【解答】解：A、点电荷是将带电物体简化为一个带电的点，元电荷是电量的最小值，点电荷的值可以等于元电荷，也可以是元电荷的整数倍，即点电荷的电荷量可多可少，故A错误；B、在研究带电体间的相互作用时，若带电体的尺寸远小于它们之间的距离时，才可把带电体看成点电荷，并不是所有电荷
12、都可以看成点电荷，故 B错误；C、点电荷是理想化的物理模型，故C正确；D、大的带电体，在间距更大的情况下，可以看成是点电荷，故D错误；故选：C【点评】点电荷是一种理想模型，知道物体是否可以简化为点电荷，关键是看物体的尺度在所研究的问题中是否可以忽略不计2一个正点电荷的电场线分布如图所示，A、B是电场中的两点，EA和 EB分别表示 A、B两点电场强度的大小，关于EA和 EB的大小关系，下列说法正确的是()AEA EB BEA=EBCEA EB D无法比较 EA和 EB的大小【考点】电场线；电场强度【分析】电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向，据此可正确解答【解答
13、】解：电场线的疏密表示电场强度的强弱，由于电场线的疏密可知，A、B两点电场强度的大小关系，所以EA EB故选 A【点评】电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布，明确电场线分布与电场强度之间的关系3电场中有一点 P，下面哪些说法是正确的()A若放在 P点的点电荷减半，则P点的场强减半B若 P点没有检验电荷，则P点的场强为零CP点的场强方向为检验电荷在该点的受力方向DP点的场强越大，则同一电荷在P点受到的电场力越大【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！7/18【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系【专题】电
14、场力与电势的性质专题【分析】解答本题抓住电场强度反映电场本身的性质，由电场本身决定，与试探电荷无关，在电场中同一点，场强是确定不变的场强方向与正检验电荷在该点所受的电场力方向相同由F=qE分析电场力与场强的关系【解答】解：A、B电场强度反映电场本身的性质，由电场本身决定，与试探电荷无关，所以若放在P点的点电荷减半，或P点没有检验电荷，则 P点的场强不变，故A、B错误C、P点的场强方向为正检验电荷在该点的受力方向，与负检验电荷在该点的受力方向相反，故C错误D、由 F=qE知，则 P点的场强越大，同一电荷在P点受到的电场力越大，故 D正确故选：D【点评】解答本题的关键是理解并掌握场强的物理意义，知
15、道某点的电场强度 E与检验电荷无关的特性4对于一个确定的电容器的电容正确的理解是()A电容与带电量成正比B电容与电势差成反比C对确定的电容器，每板带电量增加，两板间电势差必增加D电容器带电量越大时，电容越大【考点】电容【专题】定性思想；控制变量法；电容器专题【分析】电容器的电容由电容器本身的因素决定，比如：极板间距、极板的正对面积、电介质的介电常数，电容器的电容与电容器所带的电量、电容器两端间的电势差无关【解答】解：ABD、电容器的电容反映电容器容纳电荷的本领大小，由电容器本身的性质决定，与所带电荷量、板间电势差无关，故A、B、D错误C、对于确定的电容器，电容一定，由Q=CU，知两极板带电荷量
16、增加，两极板间电势差必增加，故C正确故选：C【点评】本题考查电容器的电容定义C=；解决本题的关键知道电容器的电容跟什么因素有关【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！8/18 5一个带电的金属球，当它带的电荷量增加到一定数值后（稳定）与增加前比较，其内部的场强将()A一定增强B不变C一定减弱D可能增强也可能减弱【考点】电场强度【分析】处于静电平衡的导体是个等势体，内部场强处处为零，根据这个特点进行分析【解答】解：导体处于静电平衡时，其内部场强处处为零，所以当它带的电量增加后，其内部的场强将不变，仍为零，故B正确
17、故选：B【点评】本题关键要理解并掌握处于静电平衡状态导体的特性，知道导体内部的场强处处为零6磁场中某点磁感应强度的方向是()A正电荷在该点的受力方向B小磁针 N极在该点的受力方向C运动电荷在该点的受力方向D一小段通电直导线在该点的受力方向【考点】磁感应强度【分析】磁场中某点磁感应强度的方向就是磁场方向，与小磁针N极在该点的受力方向相同，与运动电荷在该点的受力方向垂直，与通电直导线在该点的受力方向垂直【解答】解：A、磁感应强度的方向与正运动电荷在该点的受力方向垂直故 A错误 B、磁场中某点磁感应强度的方向就是磁场方向，与小磁针N极在该点的受力方向相同故B正确 C、磁感应强度的方向与运动电荷在该点
18、的受力方向垂直故C错误 D、磁感应强度的方向与通电直导线在该点的受力方向垂直故D错误故选 B【点评】学习磁感应强度时，要注意与电场强度进行比较，电场强度方向正电荷受到的电场力方向相同，而磁感应强度的方向与安培力、洛伦兹力方向都垂直7如图所示，环形导线中通有顺时针方向的电流I，则该环形导线中心处的磁场方向为()【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！9/18 A水平向右B水平向左C垂直于纸面向里D垂直于纸面向外【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向【分析】由右手螺旋定则可判断电流周围磁场的分布【解答】解：图中
19、电流为环形电流，由右手螺旋定则可得：大拇指指向电流方向，四指弯曲方向在内部向里，所以内部磁场应垂直于纸面向里故选：C【点评】右手螺旋定则在应用过程中容易出现错误，要加强练习，增加熟练程度8汤姆逊通过对阴极射线的研究发现了电子如图所示，把电子射线管（阴极射线管）放在蹄形磁铁的两极之间，可以观察到电子束偏转的方向是()A向上B向下C向左D向右【考点】电子束的磁偏转原理及其应用【分析】阴极射线管电子从阴极射向阳极，运用左手定则判断电子束受到的洛伦兹力的方向，来判断电子束偏转的方向【解答】解：电子从阴极射向阳极，根据左手定则，磁感线穿入手心，四指指向电子运动的反方向，洛伦兹力的方向向下，则电子束向下偏
20、转故选 B【点评】运用左手定则判断洛伦兹力的方向时，要注意四指指向负电荷运动的相反方向9如图所示，通电直导线置于匀强磁场中，导线与磁场方向垂直若仅将导线中的电流增大为原来的2 倍，则导线受到安培力的大小将()A减小为原来的 B减小为原来的C增大为原来的 4 倍D增大为原来的2 倍【考点】安培力【分析】当电流与磁场垂直时，F=BIL，根据该公式判断安培力大小的变化【解答】解：根据F=BIL 得，电力增大为原来的2 倍，则安培力增大为原来的 2 倍故 D确，A、B、C错误故选：D【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删
21、除！10/18【点评】解决本题的关键掌握安培力的大小公式，当电流与磁场垂直时，F=BIL10如图所示，在水平匀强磁场中竖直放置一矩形线圈，线圈平面与磁场垂直，线圈绕其底边转过90至水平位置的过程中，穿过线圈的磁通量的变化情况是()A变大B变小C先变大后变小 D先变小后变大【考点】磁通量【分析】根据磁通量的物理意义：穿过磁场中某一面积的磁感线的条数，分析磁通量的变化情况【解答】解：线圈在实线位置时，线圈与磁场垂直，穿过线圈的磁通量最大；线圈在虚线位置时，磁感线与线圈平行，没有磁感线穿过线圈，穿过线圈的磁通量为零，则当线圈由实线位置绕其底边转过90至水平位置的过程中，穿过线圈的磁通量逐渐变小故选
22、B【点评】对于非匀强磁场中线圈的磁通量，可以根据磁感线的条数，确定如何变化对于匀强磁场，可以根据公式=BScos 判断磁通量如何变化11通电直导线放在匀强磁场中，磁感应强度B的方向如图所示“?”表示导线中电流I 的方向垂直于纸面向里，“”表示导线中电流 I 的方向垂直于纸面向外图中标出了导线所受安培力F的方向，其中正确的是()ABCD【考点】安培力；左手定则【分析】左手定则的内容：伸开左手，使大拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向根据左手定则的内容判断安培力的方向【解答】解：A、A
23、选项电流方向垂直纸面向里，磁场水平向左，根据左手定则，安培力方向竖直向上故A错误，B正确 C、C选项电流方向垂直纸面向外，磁场水平向左，根据左手定则，安培力方向竖直向下故C、D错误故选 B【点评】解决本题的关键掌握左手定则判定安培力的方向【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！11/18 12电子束以一定的初速度沿轴线进入螺线管内，螺线管中通以方向随时间而周期性变化的电流，如图所示，则电子束在螺线管中做()A匀速直线运动 B匀速圆周运动C加速减速交替的运动D来回振动【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动【分析】通电
24、螺线管中产生的磁场方向平行于螺线管的轴线根据电子的运动方向与磁场方向的关系，分析电子所受洛伦兹力的情况，判断电子的运动情况【解答】解：由于长通电螺线管中产生的磁场方向平行于螺线管的中心轴线，与电子的运动方向平行，则电子在磁场中不受洛伦兹力，电子重力又不计，则电子做匀速直线运动故A正确，BCD 错误；故选：A【点评】本题关键是了解通电螺线管磁场方向特点当带电粒子与磁场方向平行时不受洛伦兹力13下列关于磁感线说法正确的是()A磁感线总是从无穷远或N极出发，终止于无穷远或S极B磁感线不会相交C磁感线只能描述磁场方向无法描述磁场强弱D磁感线可以模拟出来，因此是真实存在的【考点】磁感线及用磁感线描述磁场
25、【分析】（1）磁场是客观存在的，磁感线是不存在的，是为了描述磁场人为画出的，在磁体的外部，磁感线从N极出发，回到 S极；在磁铁的内部，磁感线从S极出发，回到 N极（2）在磁场中，某点的磁场方向、该点磁感线方向和该点小磁针北极受磁力方向相同【解答】解：A、在磁体的外部，磁感线从N极出发，回到 S极；在磁铁的内部，磁感线从S极出发，回到 N极，故 A错误；B、磁感线的切线方向表示磁场的方向，所以磁感线不能相交，故B正确；C、磁感线的疏密描述磁场的强弱故C错误；D、磁感线是不存在的，是为了描述磁场人为画出的故D错误；故选：B【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各
26、位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！12/18【点评】在磁场中，某点的磁场方向、该点磁感线方向和该点小磁针北极受磁力方向相同，这三个方向相同，知道其中的一者，能判断两外两者14有关洛仑兹力和安培力的描述，正确的是()A通电直导线处于匀强磁场中一定受到安培力的作用B带电粒子在匀强磁场中运动受到洛仑兹力做正功C安培力是大量运动电荷所受洛仑兹力的宏观表现D通电直导线在磁场中受到的安培力方向与磁场方向平行【考点】洛仑兹力；安培力【专题】电场力与电势的性质专题【分析】A、反证法：当通电直导线与磁场平行时，安培力为0；B、理解洛伦兹力的特点，不做功，只改变粒子运动速度的方向，不改变大小，也不改
27、变动能；C、理解洛仑兹力和安培力的关系；D、利用左手定则判断安培力与磁场方向【解答】解：A、反证法：当通电直导线与磁场平行时，安培力为0，因此通电直导线处于匀强磁场中不一定受到安培力的作用，A错误；B、洛伦兹力的特点：洛伦兹力对带电粒子不做功，只改变粒子运动速度的方向，不改变大小，也不改变动能，B错误；C、安培力是通电导线受到磁场的作用力，洛伦兹力是运动电荷受到磁场的作用力，而大量电荷定向运动就会形成电流，因此安培力是大量运动电荷所受洛伦兹力的宏观表现，C正确；D、安培力的方向利用左手定则判断，因此通电直导线在磁场中受到的安培力方向与磁场方向垂直，D错误；故选：C【点评】考查基础概念洛仑兹力和
28、安培力的理解，切不可随意套用关系，要注意计算公式的使用前提15关于电阻和电阻率的说法中，正确的是()A导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻B由 R=可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一D金属材料的电阻率一般随温度的升高而增大【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！13/18【考点】电阻定律【专题】恒定电流专题【分析】导体的电阻由电阻本身的性质决定，与通过导体的电流以及两端的电压无关【解答】解：
29、A、根据 R=知，导体的电阻由本身的性质决定，通过导体的电流无关故 A错误 B、电阻 R由本身性质决定，与通过导体的电流以及两端的电压无关故 B错误 C、电阻率的大小有材料本身性质决定，与导线的长度和横截面积无关故 C错误D、纯金属材料的物体，其电阻率随温度的升高而增大故D正确故选：D【点评】解决本题的关键掌握电阻定律，知道电阻的大小与电流、电压无关，以及知道电阻率的大小由材料本身性质决定16关于电源电动势，下列说法正确的是()A同一电源接入不同的电路中，其电动势会发生改变B电源电动势就是电源两极间的电压C电源电动势与是否接入外电路无关D电源电动势与外电路电阻有关【考点】电源的电动势和内阻【专
30、题】恒定电流专题【分析】电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关电源的电动势在数值上等于内、外电压之和【解答】解：A、电动势反映本身的特性，与外电路的结构无关，同一电源接入不同电路中，电动势不变，故AD错误，C正确；B、电压表是由内阻的，跟电源连接后构成一个通路，测量的是电压表内阻的电压，所以电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势故B错误故选：C【点评】本题考查对于电源的电动势的理解能力电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP
31、专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！14/18 17用多用电表的欧姆挡的“10”挡测量一个电阻的阻值，发现表的指针偏转角度极小，为了准确测定该电阻的阻值，正确的判断和做法是()A这个电阻的阻值肯定也是极小的B应把选择开关换到“1”挡，重新进行欧姆调零后再测量C应把选择开关换到“100”挡，重新进行欧姆调零后再测量D为了使测量值比较准确，应该用两手分别将两表笔与待测电阻两端紧紧捏在一起，使表笔与待测电阻接触良好【考点】用多用电表测电阻【专题】实验题；恒定电流专题【分析】欧姆表的零刻度在最右边，偏角小说明阻值大，应换更大的挡位，测量时手不能接触电阻【解答】解：A、
32、指针偏角小说明被测电阻阻值较大，A错误；B、C：应把选择开关换到“100”挡，重新进行欧姆调零后再测量，B错误 C正确；D、为了使测量值比较准确，测量时两手不能与待测电阻接触，D错误；故选 C【点评】要了解欧姆表表盘的特点，使用方法和注意事项18如图所示，质量为m的带电小球用绝缘丝线悬挂于O点，并处在水平向左的匀强电场E中，小球静止时丝线与竖直方向夹角为，若剪断丝线，则小球的加速度的大小为()AO Bg，方向竖直向下Cgtan，水平向右D，沿绳向下【考点】电场强度；牛顿第二定律【分析】剪断细线后，小球受到重力和电场力，合力恒定，故做初速度为零的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律求出加速度【解答】
33、解：小球受重力、电场力和拉力处于平衡，如左图所示，根据共点力平衡得，绳子的拉力T=，剪断绳子后，重力和电场力不变，两个力的合力等于绳子的拉力，如右图所示，则 F合=T=，根据牛顿第二定律得，加速度a=，方向沿绳子方向向下故D正确【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！15/18 故选：D【点评】本题关键是对小球受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解拉力的大小，最后根据牛顿第二定律求加速度19加在某台电动机上的电压是U，电动机消耗的总功率为P，电动机线圈的电阻为 R，则电动机线圈上消耗的机械功率为()AP BC
34、DP【考点】电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】电动机消耗的电功率为P=UI，发热功率 P热=I2r，输出功率P出=P P热根据功率关系求出电动机输出的功率【解答】解：电动机消耗的电功率为P，加在电动机上的电压是U，故电流为：I=；发热功率：P热=I2r=；根据能量守恒定律，电动机的机械功率为：P出=P P热=P；故选：D【点评】对于电动机电路区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路，可从从能量转化的角度理解：电能全部转化内能时，是纯电阻电路；电能转化为内能和其他能时，是非纯电阻电路二、填空题：（每空2 分，共 12）20如图所示为一双量程电压表的示意图已知电流表G的量程为 0100A，内阻为 6
35、00，则图中串联的分压电阻R1=4.94104，R2=1 105【考点】把电流表改装成电压表【专题】实验题；恒定电流专题【分析】把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出电阻阻值【解答】解：把电流表改装成5V电压表，串联电阻阻值：R1=Rg=600=4.94104，改装成 15V电压表，串联定值阻值【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！16/18 R2=R1Rg=4.94104600=1105；故答案为：4.94104；1105【点评】本题考查了求电阻阻值，知道电压表改装原理、应
36、用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题21某同学用电压表和电流表测量电源电动势，调节滑动变阻器，读出电压表和电流表的示数，并多次重复，画出的UI 图线如图所示，则该电源的电动势E=9.5V内阻 r=0.5【考点】测定电源的电动势和内阻【专题】实验题；恒定电流专题【分析】解答本题应明确：电源的U I 图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率是电源内阻【解答】解：由图象可知，电源的电动势为：E=9.5V；电源的内阻为：r=0.5；故答案为：9.5；0.5【点评】本题考查了实验图象的分析；能用图象求电源电动势与内阻，明确电源的 UI 图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率是电源内阻22某学生用螺
37、旋测微器在测定某一金属丝的直径时，测得的结果如图 1 所示，则该金属丝的直径d=3.205mm 另一位学生用游标尺上标有1O等分刻度的游标卡尺测一工件的长度，测得的结果如图2 所示，则该工件的长度 L=5.45cm【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用【专题】实验题；定量思想；推理法；基本实验仪器【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读【解答】解：1、螺旋测微器的固定刻度为3mm，可动刻度为20.50.01mm=0.205mm，所以最终读数为3mm+0.205mm=3.20
38、5mm2、游标卡尺的主尺读数为54mm，游标尺上第 5 个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为50.1mm=0.5mm，所以最终读数为：54mm+0.5mm=54.5mm=5.45cm故答案为：3.205，5.45【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！17/18 三、计算题（10+10+11=31分，每题只要有解答，得分不小于3 分）23如图所示，a、b 是匀强电场中的两点已知两点间的距离为0.4m，两点的连
39、线与电场线成37角，两点间的电势差为2.4103V，则匀强电场的场强大小为7.5103V/m，把电子从 a 点移到 b 点，电子的电势能将增加 3.841016J【考点】电势能【专题】电场力与电势的性质专题【分析】题中已知匀强电场中ab间的电势差和距离，根据电势差与场强的关系式 U=Ed，d 是两点沿场强方向的距离求解场强由W=qU 求出电场力做功，即可得到电势能的变化【解答】解：由 Uab=Edabcos37，则得场强 E=7.5103V把电子从 a 点移到 b 点，电场力对电子做功为W=eUab=1.610192.4103J=3.8410 16J，则电子的电势能将增加3.841016J故答
40、案为：7.5103，3.8410 16【点评】解决本题的关键是掌握U=Ed和 W=qU 两个公式，知道 d 是两点沿场强方向的距离24如图所示的电路中，电源电动势为E=8V，内阻 r=2，电阻R1=6，R2=3，S断开时，电流表示数为1A，S闭合时电源两端的电压为 4V【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】根据闭合电路欧姆定律分别求出S断开时和 S闭合时电路中的电流，由欧姆定律求解S闭合时电源两端的电压【解答】解：S断开时，根据闭合电路欧姆定律得：E=I1（R1+r）则得：I1=A=1A，则电流表示数为1A；S闭合时，外电路总电阻R=2；则电源两端的电压为U=E=8V=4V；故
41、答案为：1，4【新教材2020 版】本资料系本人收集整编，以VIP 专享文档的呈现方式与各位同仁分享，欢迎下载收藏，如有侵权，望告知删除！18/18【点评】解决本题的关键是掌握闭合电路欧姆定律和串联电路分压特点，比较简单25已知质量为 m的带电液滴，以速度 射入互相垂直的匀强电场E和匀强磁场 B中，液滴在此空间刚好能在竖直平面内做匀速圆周运动如图所示求：（1）液滴在空间受到几个力作用（2）液滴带电荷量及电性（3）液滴做匀速圆周运动的半径多大？【考点】带电粒子在混合场中的运动【专题】带电粒子在复合场中的运动专题【分析】根据液滴刚好能在竖直平面内做匀速圆周运动，则由洛伦兹力提供向心力，电场力与策略相平衡，从而确定受力分析，及液滴的电性，并根据受力平衡条件，即可确定电荷量的多少；根据牛顿第二定律，结合向心力表达式，即可求解【解答】解：（1）液滴在空间受到三个力作用：重力、电场力与洛伦兹力；（2）液滴带负电，由于液滴的重力与电场力相平衡，所以有：mg=qE；（3）带电粒子在电场中做圆周运动的向心力由洛伦兹力提供；两式联立解得：答：（1）液滴在空间受到3 个力作用（2）液滴带电荷量及电性：负电（3）液滴做匀速圆周运动的半径【点评】考查粒子只有洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，理解牛顿第二定律的应用，掌握平衡条件的运用及向心力的表达式