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1、高考物理电磁学知识点之磁场技巧及练习题附答案(2)一、选择题1为了解释地球的磁性，19 世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I 引起的在下列四个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是（）AB CD2如图所示，台秤上放一光滑平板，其左边固定一挡板，一轻质弹簧将挡板和一条形磁铁连接起来，此时台秤读数为N1，现在磁铁上方中心偏左位置固定一通电导线，电流方向如图，当加上电流后，台秤读数为N2，则以下说法正确的是（）AN1N2,弹簧长度将变长BN1N2,弹簧长度将变短CN1N2,弹簧长度将变长DN1N2,弹簧长度将变短32019 年我国研制出了世界上最大的紧凑型强流质子回旋加速器，该回旋
2、加速器是我国目前自主研制的能量最高的质子回旋加速器。如图所示为回旋加速器原理示意图，现将两个相同的回旋加速器置于相同的匀强磁场中，接入高频电源。分别加速氘核和氦核，下列说法正确的是（）A它们在磁场中运动的周期相同B它们的最大速度不相等C两次所接高频电源的频率不相同D仅增大高频电源的频率可增大粒子的最大动能4如图所示，边长为L 的等边三角形导线框用绝缘细线悬挂于天花板，导线框中通一逆时针方向的电流，图中虚线过ab 边中点和ac 边中点，在虚线的下方有一垂直于导线框向里的匀强磁场，此时导线框通电处于静止状态，细线的拉力为F1；保持其他条件不变，现虚线下方的磁场消失，虚线上方有相同的磁场同时电流强度
3、变为原来一半，此时细线的拉力为 F2。已知重力加速度为g，则导线框的质量为A2123FFgB2123FFgC21FFgD21FFg5如图所示的圆形区域里匀强磁场方向垂直于纸面向里，有一束速率各不相同的质子自A点沿半径方向射入磁场，则质子射入磁场的运动速率越大，A其轨迹对应的圆心角越大B其在磁场区域运动的路程越大C其射出磁场区域时速度的偏向角越大D其在磁场中的运动时间越长6如图所示，虚线为两磁场的边界，左侧磁场垂直纸面向里，右侧磁场垂直纸面向外，磁感应强度大小均为B。一边长为L、电阻为 R 的单匝正方形导体线圈abcd，水平向右运动到图示位置时，速度大小为v，则（）Aab边受到的安培力向左，cd
4、 边受到的安培力向右Bab 边受到的安培力向右，cd 边受到的安培力向左C线圈受到的安培力的大小为222B L vRD线圈受到的安培力的大小为224B L vR7有关洛伦兹力和安培力的描述，正确的是（）A通电直导线在匀强磁场中一定受到安培力的作用B安培力是大量运动电荷所受洛伦兹力的宏观表现C带电粒子在匀强磁场中运动受到的洛伦兹力做正功D通电直导线在磁场中受到的安培力方向与磁场方向平行8笔记本电脑机身和显示屏对应部位分别有磁体和霍尔元件当显示屏开启时磁体远离霍尔元件，电脑正常工作：当显示屏闭合时磁体靠近霍尔元件，屏幕熄灭，电脑进入休眠状态如图所示，一块宽为a、长为c的矩形半导体霍尔元件，元件内的
5、导电粒子是电荷量为e的自由电子，通入方向向右的电流时，电子的定向移动速度为当显示屏闭合时元件处于垂直于上表面、方向向下的匀强磁场中，于是元件的前、后表面间出现电压U，以此控制屏幕的熄灭则元件的（）A前表面的电势比后表面的低B前、后表面间的电压U与无关C前、后表面间的电压U与c成正比D自由电子受到的洛伦兹力大小为eUa9下列关于教材中四幅插图的说法正确的是（）A图甲是通电导线周围存在磁场的实验。这一现象是物理学家法拉第通过实验首先发现B图乙是真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，线圈产生大量热量，从而冶炼金属C图丙是李辉用多用电表的欧姆挡测量变压器线圈的电阻刘伟手握线圈裸露的两端协助测量，李辉
6、把表笔与线圈断开瞬间，刘伟觉得有电击说明欧姆挡内电池电动势很高D图丁是微安表的表头，在运输时要把两个接线柱连在一起，这是为了保护电表指针，利用了电磁阻尼原理10 如图所示，空间某处存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，一个带负电的金属小球从M点水平射入场区，经一段时间运动到M点的右下方N点，关于小球由M到N的运动，下列说法正确的是（）A小球可能做匀变速运动B小球一定做变加速运动C小球动量可能不变D小球机械能守恒11 如图所示，两平行直导线cd 和ef竖直放置，通以方向相反大小相等的电流，a、b 两点位于两导线所在的平面内则Ab 点的磁感应强度为零Bef导线在 a点产生的磁场方向垂直纸
7、面向里C cd 导线受到的安培力方向向右D同时改变了导线的电流方向，cd 导线受到的安培力方向不变12如图，半径为R的圆是一圆柱形匀强磁场区域的横截面(纸面)，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外一电荷量为q(q0)、质量为m 的粒子沿平行于直径ab 的方向射入磁场区域，射入点与ab 的距离为2R.已知粒子射出磁场与射入磁场时运动方向间的夹角为60，则粒子的速率为(不计重力)()A2qBRmBqBRmC32qBRmD2qBRm13 如图所示，圆形区域内有垂直纸面的匀强磁场（图中未画出），三个质量和电荷量都相同的带电粒子a、b、c 以不同的速率对准圆心O 沿着 AO 方向射入磁场，其运动轨迹如
8、图所示，若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法正确的是（）Aa 粒子速率最大Bc粒子速率最大Cc 粒子在磁场中运动时间最长D它们做圆周运动的周期abcTTT14 如图甲所示，长直导线与闭合金属线框位于同一平面内长直导线中的电流i 随时间 t 的变化关系如图乙所示在0 2T时间内直导线中电流向上，则在2TT时间内线框中感应电流的方向与所受安培力情况是（）A感应电流方向为顺时针，线框受安培力的合力方向向左B感应电流方向为逆时针，线框受安培力的合力方向向右C感应电流方向为顺时针，线框受安培力的合力方向向右D感应电流方向为逆时针，线框受安培力的合力方向向左15 如图所示为质谱仪的原理图，一束粒子流由左
9、端平行于P1、P2射入，粒子沿直线通过速度选择器，已知速度选择器的电场强度为E，磁感应强度为B1.粒子由狭缝S0进入匀强磁场 B2后分为三束，它们的轨道半径关系为132rrr，不计重力及粒子间的相互作用力，则下列说法中正确的是（）AP1极板带负电B能通过狭缝S0的带电粒子的速率等于1BEC三束粒子在磁场B2中运动的时间相等D粒子 1 的比荷11qm大于粒子 2 的比荷22qm16 电荷在磁场中运动时受到洛仑兹力的方向如图所示，其中正确的是（）ABCD17 如图所示，套在足够长的绝缘粗糙直棒上的带正电小球，其质量为m、带电荷量为q，小球可在棒上滑动，现将此棒竖直放入沿水平方向的且互相垂直的匀强磁
10、场和匀强电场(图示方向)中设小球带电荷量不变，小球由棒的下端以某一速度上滑的过程中一定有()A小球加速度一直减小B小球的速度先减小，直到最后匀速C杆对小球的弹力一直减小D小球受到的洛伦兹力一直减小18 航母上飞机弹射起飞是利用电磁驱动来实现的。电磁驱动原理如图所示,在固定线圈左右两侧对称位置放置两个闭合金属圆环，铝环和铜环的形状、大小相同，已知铜的电阻率较小,则合上开关S的瞬间（）A两个金属环都向左运动B两个金属环都向右运动C从左侧向右看，铝环中感应电流沿顺时针方向D铜环受到的安培力小于铝环受到的安培力19 如图所示，在竖直向上的匀强磁场中，用两根等长的绝缘细线水平悬挂金属棒MN，通以 M 到
11、 N 的电流，平衡时两悬线与竖直方向的夹角均为。如果仅改变下列某一个条件，即可使得 变大的是（）A两悬线等长变短B金属棒质量变大C磁感应强度变小D棒中的电流变大20 关于电场和磁场，下列说法中正确的是（）A电场和磁场不是实际存在的，是人们想象假设出来的B电场和磁场的观点是库仑首先提出来的，并得到物理学理论和实验的证实和发展C磁感应强度的方向就是通电导线在磁场中所受力的方向D电场强度是电场本身的性质，与试探电荷的电量及其所受电场力大小无关21 导线中带电粒子的定向运动形成了电流。带电粒子定向运动时所受洛伦兹力的矢量和，在宏观上表现为导线所受的安培力。如图所示，设导线ab 中每个带正电粒子定向运动
12、的速度都是v，单位体积的粒子数为n，粒子的电荷量为q，导线的横截面积为S，磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里，则下列说法正确的是A由题目已知条件可以算得通过导线的电流为InqvSB题中导线受到的安培力的方向可用安培定则判断C每个粒子所受的洛伦兹力为FqvB洛，通电导线所受的安培力为FnqvB安D改变适当的条件，有可能使图中带电粒子受到的洛伦兹力方向反向而导线受到的安培力方向保持不变22 利用霍尔效应制作的霍尔元件,广泛应用于测量和自动控制等区域,如图是霍尔元件的工作原理示意图,磁感应强度B垂直于霍尔元件的工作面向下,通入图示方向的电流I,C、D 两侧面会形成电势差.CDU下列说法正确的是A电
13、势差CDU仅与材料有关B仅增大磁感应强度时,电势差CDU变大C若霍尔元件的载流子是自由电子,则电势差0CDUD在测定地球赤道上方的地磁场强弱时,霍尔元件的工作面应保持水平23 如图所示是磁流体发电机的示意图，两平行金属板P、Q 之间有一个很强的磁场。一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量正、负带电粒子）沿垂直于磁场的方向喷入磁场。把 P、Q 与电阻 R相连接。下列说法正确的是（）AQ 板的电势高于P 板的电势BR 中有由 b 向 a 方向的电流C若只改变磁场强弱，R中电流保持不变D若只增大粒子入射速度，R 中电流增大24 如图所示，以O为圆心的圆形区域内，存在方向垂直纸面向外的勻强磁场，磁
14、场边界上的 A 点有一粒子发射源，沿半径AO 方向发射出速率不同的同种粒子（重力不计），垂直进入磁场，下列说法正确的是A率越大的粒子在磁场中运动的时间越长B速率越小的粒子在磁场中运动的时间越长C速率越大的粒子在磁场中运动的角速度越大D速率越小的粒子在磁场中运动的角速度越大25 某小组重做奥斯特实验，在一根南北方向放置的直导线的正下方放置一小磁针，如图所示，给导线通入恒定电流，小磁针再次静止时偏转了30，已知该处地磁场水平分量55.0 10BT，通电直导线在该处产生的磁感应强度大小为（）A52.9 10 TB57.1 10 TC58.7 10 TD41.0 10 T【参考答案】*试卷处理标记，请
15、不要删除一、选择题1B 解析：B【解析】【分析】要知道环形电流的方向首先要知道地磁场的分布情况：地磁的南极在地理北极的附近，故右手的拇指必需指向南方，然后根据安培定则四指弯曲的方向是电流流动的方向从而判定环形电流的方向【详解】地磁的南极在地理北极的附近，故在用安培定则判定环形电流的方向时右手的拇指必需指向南方；而根据安培定则：拇指与四指垂直，而四指弯曲的方向就是电流流动的方向，故四指的方向应该向西故B 正确【点睛】主要考查安培定则和地磁场分布，掌握安培定则和地磁场的分布情况是解决此题的关键所在另外要掌握此类题目一定要乐于伸手判定2B 解析：B【解析】【分析】【详解】磁铁的磁感线在它的外部是从N
16、极到 S极，因为长直导线在磁铁的中心偏左位置，所以此处的磁感线是斜向右上的，电流的方向垂直与纸面向里，根据左手定则，导线受磁铁给的安培力方向是斜向右下，长直导线是固定不动的，根据物体间力的作用是相互的，导线给磁铁的反作用力方向就是斜向左上的；导线给磁铁的反作用力方向就是斜向左上的，将这个力在水平和竖直分解，因此光滑平板对磁铁支持力减小，由于在水平向左产生分力，所以弹簧产生压缩，弹簧长度将变短故选B3A 解析：A【解析】【分析】【详解】A粒子在磁场中，洛伦兹力提供向心力，周期2 mTqB氘核和氦核的比荷相等，则两粒子在磁场中运动的周期相同，故A 正确；C根据回旋加速器的工作原理可知，粒子在磁场中
17、运动的频率等于高频电源的频率，故两次频率相同，故C 错误；B根据2vqvBmR可得最大速度qBRvm由于氘核和氦核比荷相同，因此它们的最大速度也相同，故B 错误；D最大动能2222122kq B REmvm高频电源的频率与粒子最大动能无关，故D 错误。故选 A。4A 解析：A【解析】【详解】当通如图中电流时，ab 边、ac 边受到的安培力大小为12FBIL；bc 边受到的安培力大小为FBIL，方向向上；导线框平衡，故112sin302FBILmgBIL磁场加到虚线框上方后，导线框受到的等效安培力为14FBIL，方向向下，故214FmgBIL联立解得2123FFmg故 A 正确，B、C、D 错误
18、；故选 A。5B 解析：B【解析】试题分析：设磁场区域半径为R，轨迹的圆心角为，如图示：粒子在磁场中运动的时间为，而轨迹半径，而，粒子速度越大，则r 越大，越小（与射出磁场时的速度偏向角相等），t 越小，故B对考点：带电粒子在匀强磁场中的运动【名师点睛】带电粒子在有界磁场中的常用几何关系（1）四个点：分别是入射点、出射点、轨迹圆心和入射速度直线与出射速度直线的交点（2）三个角：速度偏转角、圆心角、弦切角，其中偏转角等于圆心角，也等于弦切角的2倍6D 解析：D【解析】【分析】【详解】AB线框的左右两边分别切割两磁场产生的动生电动势由右手定则可找出方向，如图所示两动生电源串联，总电流为顺时针方向，
19、再由左手定则可得ab 边受到的安培力向左，cd边受到的安培力向左，故AB 错误；CD线框的电动势为2EBLv，则电流为2EBLvIRR两个安培力力之和为线框受到的安培力224=22B L vFFBILR总故 C 错误，D 正确。故选 D。7B 解析：B【解析】【分析】【详解】A当通电直导线放置方向与匀强磁场方向在同一直线上时，不受安培力的作用，A 选项错误；B安培力可以看成导体内大量电子共同受到洛伦兹力产生的，即B 正确；C在匀强磁场中，洛伦兹力始终与运动方向垂直，此时洛伦兹力不做功，C错误；D由左手定则可知，通电直导线在磁场中受到的安培力方向与磁场方向垂直，D也错误故选 B。8D 解析：D【
20、解析】【详解】由图知电流从左向右流动，因此电子的运动方向为从右向左，根据左手定则可知电子偏转到后面表，因此前表面的电势比后表面的高，故A 错误，电子在运动过程中洛伦兹力和电场力平衡，有=,=UFevB FeEea洛电，故=UFea洛，故 D 正确，由UevBea则电压UavB，故前后表面的电压与速度有关，与a成正比，故BC 错误9D 解析：D【解析】【分析】【详解】A图甲是通电导线周围存在磁场的实验，研究的电流的磁效应，这一现象是物理学家奥斯特首先发现，选项A 错误；B图乙中真空冶炼炉的工作原理是电磁感应现象中的涡流，当炉外线圈通入高频交流电时，炉内金属产生大量热量，从而冶炼金属，选项B 错误
21、；C图丙中李辉把表笔与线圈断开瞬间，刘伟觉得有电击感，这是电磁感应现象中的自感现象，选项C 错误；D图丁在运输时要把两个接线柱连在一起，产生了闭合回路，目的保护电表指针，利用了电磁阻尼原理，选项D 正确。故选 D。10B 解析：B【解析】【分析】【详解】A小球受到重力、电场力和洛伦兹力作用，若速度大小变化，则洛伦兹力变化，合力变化，所以小球不可能做匀变速运动，故A 错误；B小球向下偏转，则初始时刻合力一定向下，又因为一定是曲线运动，因此洛伦兹力方向一定变化，所以小球合力一定变化，一定做变加速运动，故B 正确；C由于小球一定做变加速运动，由动量定理可知，小球的动量一定变化，故C 错误；D小球运动
22、过程中电场力做负功，所以机械能减少，故D 错误。故选 B。11D 解析：D【解析】【分析】【详解】由右手螺旋定则可知.cd导线和 ef 导线在 b 处产生的磁场方向都垂直纸面向外.所以由矢量合成知 b 处的磁感应强度垂直纸面向外.故 A 错误:由右手螺旋定则知ef 导线在左侧产生的磁感应强度垂直纸面向外，故B 错误:由左手定则知.cd 导线受到的安培力方向向左.故 C 错误:由题意可知，cd 导线所处的位置磁场方向发生改变，但同时自身电流方向也发生改变，由左手定则知cd 导线所受安培力方向不变.故 D 正确综上所述本题答案是：D12B 解析：B【解析】【分析】【详解】带电粒子从距离ab 为2R
23、处射入磁场，且射出时与射入时速度方向的夹角为60，粒子运动轨迹如图，ce为射入速度所在直线，d 为射出点，射出速度反向延长交ce 于 f 点，磁场区域圆心为 O，带电粒子所做圆周运动圆心为O，则 O、f、O 在一条直线上，由几何关系得带电粒子所做圆周运动的轨迹半径为R，由 F洛Fn得qvB2mvR解得vqBRmA2qBRm，与结论不相符，选项A 错误；BqBRm，与结论相符，选项B 正确；C32qBRm，与结论不相符，选项C 错误；D2qBRm，与结论不相符，选项D 错误；故选 B。13B 解析：B【解析】【分析】【详解】AB粒子在磁场中的轨道半径mvRqB可知速度越快的粒子，轨道半径越大，因
24、此c 粒子速率最大，a 粒子速率最小，B 正确，A错误；D粒子在磁场中运动的周期2 mTqB只与比荷有关，与粒子运动速度无关，因此abcTTT，D 错误；C由于运动周期相同，因此粒子在磁场中运动的时间由偏转角决定，偏转角越大，运动时间越长，由图可知，a 粒子在磁场中偏转角最大，运动时间最长，C 错误。故选 B。14C 解析：C【解析】【详解】BD在0 2T时间内，直导线中的电流向上，由乙可知在2TT 时间内直线电流方向向下，根据安培定则知导线右侧磁场的方向垂直纸面向外，电流逐渐增大则磁场逐渐增强，根据楞次定律，金属线框中产生顺时针方向的感应电流；故B 项不合题意，D 项不合题意AC根据左手定则
25、，知金属框左边受到的安培力方向水平向右，右边受到的安培力水平向左离导线越近，磁场越强，则左边受到的安培力大于右边受到的安培力所以金属框所受安培力的合力水平向右，故A 项不合题意，C 项符合题意15D 解析：D【解析】【分析】【详解】A若射入速度选择器中的粒子带正电，根据左手定则知，带电粒子所受的洛伦兹力方向竖直向上，则电场力的方向竖直向下，知电场强度的方向竖直向下，所以速度选择器的1P极板带正电，故A 错误；B粒子在速度选择器中做匀速直线运动，洛伦兹力等于电场力，即有1qvBqE所以能通过狭缝0S的带电粒子的速率为1EvB故 B 错误；C粒子在磁场中做半个匀速圆周运动，其运动时间为1 22rr
26、tvv由于三个粒子运动的半径不等，所以运动时间也不相等，故C 错误；D 进入2B磁场中的粒子速度是一定的，根据22mvqvBr可得2mvrqB知r越大，比荷qm越小，粒子1 的半径小于粒子2 的半径，所以粒子1 的比荷大于粒子2的比荷，故D正确；故选 D。16A 解析：A【解析】【分析】【详解】根据左手定则得，A 选项洛伦兹力方向竖直向下，B 选项洛伦兹力方向竖直向下，C 选项不受洛伦兹力，D 选项洛伦兹力方向垂直纸面向外故A 正确，BCD 错误故选A【点睛】解决本题的关键掌握左手定则判定电荷在磁场中运动速度、磁场和电荷受到洛仑兹力三者之间的方向关系17D 解析：D【解析】【分析】【详解】若开
27、始则弹力方向向左，随着速度减小，弹力增大，摩擦力增大，则加速度增大，A 错小球速度一直在减小，B 错根据前面可知，C 错小球所受洛伦兹力（f=qvB）因为速度一直减小所以洛伦兹力也一直减小，D 对18C 解析：C【解析】【详解】AB若环放在线圈两边，根据“来拒去留”可得，合上开关S的瞬间，环为阻碍磁通量增大，则环将向两边运动，故AB 错误；C线圈中电流为右侧流入，磁场方向为向左，在闭合开关的过程中，磁场变强，则由楞次定律可知，电流由左侧向右看为顺时针，故C正确；D由于铜环的电阻较小，故铜环中感应电流较大，则铜环受到的安培力要大于铝环受到的安培力，故D 错误。故选 C。19D 解析：D【解析】【
28、分析】【详解】导体棒受力如下图所示可得tanFBILmgmgA两悬线等长变短，不是导线变短，故 不变，故A 错误；B金属棒质量变大，则 变小，故 B 错误；C磁感应强度变小，则 变小，故 C 错误；D棒中的电流变大，则 变大，故D 正确。故选 D。20D 解析：D【解析】【详解】A.电场和磁场是客观存在的，电场线和磁感线是人们想象假设出来的，故A 错误；B.电场和磁场的观点是法拉第首先提出来的，并得到物理学理论和实验的证实和发展，故B 错误；C.磁感应强度的方向与通电导线在磁场中所受力的方向无关，通电导线与磁场垂直时，不受安培力，故C 错误；D.电场强度是电场本身的性质，与试探电荷的电量及其所
29、受电场力大小无关，故D 正确；21A 解析：A【解析】【分析】判断洛伦兹力的方向用左手定则，电流由其定义I=Q/t 确定，洛伦兹力的集中表现为安培力。【详解】电流：QnqvstInqvstt，则 A 正确；导线受到的安培力的方向由左手定则判断，则B 错误；粒子所受的洛伦兹力为F洛=qvB，导线长度为L，则其受的安培力为：F=nqLSvB=BIL，则 C 错误；洛伦兹力方向反向决定了所受到的安培力方向也反向，则D错误；故选A。【点睛】本题考查电流的微观表达式，关键在于明确有多少电荷流过我们所确定的截面，并由洛伦兹力的集中表现为安培力。22B 解析：B【解析】【详解】AB根据 CD 间存在电势差，
30、之间就存在电场，电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，设霍尔元件的长宽高分别为a、b、c，则有：UqqvBbI=nqvS=nqvbc则：CDBIUnqcn 由材料决定，故U 与材料有关；U 还与厚度 c 成反比，与宽b 无关，同时还与磁场B 与电流 I 有关，故A 错误、B 正确。C根据左手定则，电子向C 侧面偏转，C 表面带负电，D 表面带正电，所以D 表面的电势高，则 UCD0故 C 错误。D在测定地球赤道上方的地磁场强弱时，应将元件的工作面保持竖直，让磁场垂直通过。故 D 错误。23D 解析：D【解析】【详解】AB等离子体进入磁场，根据左手定则可知正电荷向上偏，打在上极板上；负电荷向下偏
31、，打在下极板上；所以上极板带正电，下极板带负电，则P 板的电势高于Q 板的电势，流过电阻电流方向由a 到 b；故 A 错误，B 错误；C根据稳定时电场力等于磁场力即：UqqvBd则有：UBdv再由欧姆定律：UBdvIRrRr电流与磁感应强度成正比，改变磁场强弱，R 中电流也改变；故C错误；D由上分析可以知道，若只增大粒子入射速度，R 中电流也会增大；故D 正确。故选 D。24B 解析：B【解析】粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力作向心力，则有2vBqvmR，解得粒子做圆周运动的半径mvRBq，设磁场圆形区域半径为r，如图所示粒子在磁场中运动的偏转角为2，由向何关系得：rtanR，所以 v 越大，则R 大，则tan越小，故也越小，而周期2 mTBq，即不同速率的粒子在磁场中做圆周运动的周期相同，则粒子在磁场中运动的偏转角越大，运动时间越长，所以速率越大的粒子在磁场中运动的偏转角越小，运动的时间越短，故A 错误，B 正确粒子在磁场中运动的角速度vBqRm，所以不同速率粒子在磁场中运动的角速度相等，故CD 错误；25A 解析：A【解析】【分析】【详解】各个分磁场与合磁场关系如图所示由数学关系得5tan2.9 10TxBB故选 A。