《(文末附答案)2022届高中物理直线运动经典知识题库.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《(文末附答案)2022届高中物理直线运动经典知识题库.pdf（13页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2 A18 s 时的加速度大于 13 s 时的加速度 B小车做曲线运动 C13 s 末小车距离出发点最远 D小车前 10 s 内的平均速度比后 10 s 内的大 5、司机驾驶汽车在平直公路上匀速行驶，突然遇到紧急情况刹车直到停止运动，从司机发现情况到停止运动这段时间内汽车的t图象如图所示，下列说法正确的是（）A从司机发现情况开始至汽车停止所用时间为 5s B汽车刹车过程的加速度大小为 2m/s2 C汽车刹车过程的加速度大小为 4m/s2 D从司机发现情况开始至汽车停止，汽车的总位移为 30m 6、某次电影拍摄中，特技演员从桥上跳下，落在河面上。演员（视为质点）跳下的瞬间，距河面的高度为20m。
2、取重力加速度大小g=10m/s2，不计空气阻力。演员落到河面上时的速度大小为（）A10m/sB15m/sC20m/sD30m/s 3 7、质点受到几个外力的作用而做匀速直线运动，如果撤掉其中的一个力而其它力不变，关于以后的运动情况，下列说法错误的是（）A质点可能做匀变速直线运动 B质点在单位时间内速度的变化量总是不变 C质点可能做匀速圆周运动 D质点可能做匀加速曲线运动 多选题 8、一种比飞机还要快的旅行工具即将诞生，称为“第五类交通方式”，它就是“Hyperloop（超级高铁）”。据英国每日邮报2016 年 7 月 6 日报道，Hyperloop One 公司计划，将在欧洲建成世界首架规模完
3、备的“超级高铁”（Hyperloop），连接芬兰首都赫尔辛基和瑞典首都斯德哥尔摩，速度可达每小时 700 英里（约合 1126 公里/时）。如果乘坐 Hyperloop 从赫尔辛基到斯德哥尔摩 600 公里的路程需要 40 分钟，Hyperloop 先匀加速，达到最大速度 1200 km/h 后匀速运动，快进站时再匀减速运动，且加速与减速的加速度大小相等，则下列关于Hyperloop 的说法正确的是（）A加速与减速的时间不一定相等 B加速时间为 10min C加速时加速度大小为 2m/s2 D如果加速度大小为 10m/s2，题中所述运动需要大约 30.56min 9、甲、乙两车在某时刻由同一地
4、点沿同一方向开始做直线运动，以该时刻作为计时起点，得到两车的x-t图像如图，下列说法正确的是（）A甲做匀加速直线运动，乙做变加速直线运动 B1时刻两车的速度刚好相等 C1时刻乙车从后面追上甲车 4 D0 到1时间内，甲车的平均速度等于乙车的平均速度 10、物体以速度v匀速通过直线上的A、B两点，所用时间为，现在物体从A点由静止出发，先做匀加速直线运动（加速度大小为1），到最大速度m后立即做匀减速直线运动（加速度大小为2），至B点速度恰好减为0，所用时间仍为t，则下列说法正确的是（）Am只能为 2v，与1、2的大小无关 Bm可为许多值，与1、2的大小有关 C1、2必须是一定值 D1、2必须满足1
5、2=(1+2)填空题 11、一个质点做匀加速直线运动，其位移方程为=(2+32)m，则这个质点运动的初速度是_m/s，加速度是_m s2。12、在离地高h处，同时自由下落小球 A 和竖直向上抛出小球 B，其中 B 球竖直上抛的初速度大小为2，不计空气阻力，重力加速度为g，则以 A 球为参照，B 球做_运动，两球落地的时间差为_。13、（1）钢球由静止开始做自由落体运动，落地时的速度为 40m/s，g=10m/s2。则它在最后 1s 内下落的高度为_m；（2）动车车厢内悬吊着一个质量为m的小球，动车匀加速行驶时，悬线偏离竖直方向的角度为 并相对车厢保持静止，重力加速度为g。则动车的加速度大小为_
6、；（3）如图所示，光滑斜面上有一个重力为 70N 的小球被轻绳拴住悬挂在天花板上，已知绳子与竖直方向的夹角为 45，斜面倾角为 37，整个装置处于静止状态。sin37=0.6，cos37=0.8。则斜面对小球支持力的大小为_N。5 2022 届高中物理直线运动_025 参考答案 1、答案：B 解析：A重锤下落过程做自由落体运动，据位移速度公式可得 0=2 故重锤撞预制桩前瞬间的速度与重锤的质量无关，只与下落的高度有关，A 错误；B重锤撞击预制桩的瞬间动量守恒，可得 0=(+)故重锤质量m越大，预制桩被撞后瞬间的速度越大，B 正确；C碰撞过程为完全非弹性碰撞，重锤和预制桩的总机械能要减小，系统要
7、产生内能，C 错误；D整个过程中，重锤和预制桩在以共同速度减速下降的过程中，受合外力不为零，总动量减小，D 错误。故选 B。2、答案：B 解析：根据 =0+有 =0=0 205s=4s 由 =0+122 6 有 =20 4m+12(5)42m=40m 选项 B 正确，ACD 错误；故选 B。小提示：根据速度时间关系求从开始刹车到停下的时间，由位移公式求从开始刹车到停下的位移；3、答案：C 解析：由 =122 演员在空中运动的时间 =2=2s 演员落到河面上时的速度大小 =20m/s 故 C 正确，ABD 错误。故选 C。4、答案：A 解析：A由v-t图像中图线的斜率大小表示小车的加速度大小可知
8、，18 s 时小车的加速度大于 13 s 时小车的加速度，7 A 正确；Bv-t图像只能描述一维直线运动，B 错误；C小车在 020 s 内速度方向不变，20 s 时小车距出发点最远，C 错误；D由v-t图线与时间轴围成的面积表示位移知前 10 s 内的位移小于后 10 s 内的位移，由=知小车前 10 s 内的平均速度比后 10 s 内的小，D 错误。故选 A。5、答案：C 解析：ABC根据匀变速直线运动的位移时间公式 =0+122 可得=0+2 由此可知t图象中图线的斜率表示加速度的一半，即 =2 6 102.5 0.5m/s2=4m/s2 负号表示加速度方向与所规定的正方向相反；由题图可
9、知，汽车匀速运动时的速度为 0=10m/s 反应时间为t0.5 s，刹车时间为=0 0=0 104s=2.5s 故从司机发现情况开始至汽车停止所用时间为 8 =+=3s AB 错误 C 正确；D汽车在司机反应时间内的位移为 1=0=10 0.5m=5m 刹车位移为 2=02=102 2.5m=12.5m 从司机发现情况开始至汽车停止，汽车的总位移为 =1+2=5m+12.5m=17.5m D 错误。故选 C。6、答案：C 解析：由 =122 演员在空中运动的时间 =2=2s 演员落到河面上时的速度大小 =20m/s 故 C 正确，ABD 错误。9 故选 C。7、答案：C 解析：A物体受到几个外
10、力的作用而做匀速直线运动，说明几个力是平衡力，如果撤掉其中的一个力，保持其他力不变，则其余力的合力恒定与撤去的力等值、反向、共线，如果合力与速度方向共线，质点做匀变速直线运动，A 正确；B由于合力恒定，加速度恒定，根据=可知质点在单位时间内速度的变化量总是不变，B 正确；C由于合力恒定，所以质点不可能做匀速圆周运动，C 错误；D如果合力方向与速度方向不共线，夹角为锐角，质点做匀加速曲线运动，D 正确；故选 C。8、答案：BD 解析：A由题意，因为加速和减速过程速度的变化量大小相等，且加速度大小相等，所以加速与减速的时间一定相等，故 A 错误；B设超级高铁加速行驶和减速行驶的时间均为t1，匀速行
11、驶的时间为t2，则由题意有 =21+2=23h 根据运动学公式有 2 12+2=600km 联立解得 1=16h=10min 10 2=13h=20min 故 B 正确；C加速时加速度大小为 =1=59m/s2 故 C 错误；D如果加速度大小为a=10m/s2，则加速和减速的时间均为 1=1003s 匀速运动的时间为 2=221=53003s 所以题中所述运动需要的时间为 =21+2=55003s 30.56min 故 D 正确。故选 BD。9、答案：CD 解析：A因x-t图像的斜率等于速度，可知甲做匀速直线运动，乙做加速直线运动，选项 A 错误；BC因x-t图像的斜率等于速度，可知1时刻乙车
12、的速度大于甲车的速度，该时刻两车位移相等，则乙车从后面追上甲车，选项 B 错误，C 正确；11 D0 到1时间内，两车的位移相等，则甲车的平均速度等于乙车的平均速度，选项 D 正确。故选 CD。10、答案：AD 解析：AB当物体匀速通过A、B两点时，则有 =当物体先匀加速后匀减速通过A、B两点，根据平均速度公式可得总位移为 =m2 解得 m=2 m与1、2的大小无关，故 B 错误 A 正确；CD匀加速运动的时间和匀减速运动的时间之和为 =m1+m2 而 m=2 代入并整理得 12=2(1+2)故 C 错误 D 正确。故选 AD。11、答案：2 6 12 解析：12由运动学公式 =0+122=2
13、+32 知质点运动的初速度是 0=2m s 加速度是 =6m s2 12、答案：竖直向上的匀速直线运动 4 解析：1A、B 两球的加速度均为 g，若以 A 球为参照，则 B 球的加速度为零，初速度向上，即向上的匀速直线运动。2A 球运动时间为 1=2 B 球做竖直上抛运动 =021222 求出 2=2+4 两球落体的时间差为 13 =2 1=4 13、答案：35 tan 50 解析：（1）1 因为钢球由静止开始做自由落体运动，落地时的速度为 40m/s，则钢球落地前最后一秒初的速度为 1=(40 10 1)m s=30m s 所以落地前最后一秒的平均速度为 =1+2=35m s 所以落地前最后一秒的位移为 =35m（2）2对小球受力分析，由牛顿第二定律得 tan=故 =tan（3）3对小球受力分析如图，将拉力和支持力沿水平方向和竖直方向分解得 sin45=sin37 cos45+cos37=联立解得=50 14