《(文末附答案)高中物理牛顿运动定律知识点总结(超全).pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《(文末附答案)高中物理牛顿运动定律知识点总结(超全).pdf（44页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、1 (文末附答案)高中物理牛顿运动定律知识点总结(超全)单选题 1、一质量为m=2.0kg 的小物块以一定的初速度冲上一倾角为 37足够长的斜面，某同学利用传感器测出了小物块冲上斜面过程中多个时刻的瞬时速度，并用计算机作出了小物块上滑过程的v-t图线，如图所示（sin37=0.6，cos37=0.8，g取 10m/s2）。则（）A小物块冲上斜面过程中加速度的大小是 5.0m/s2 B小物块与斜面间的动摩擦因数是 0.25 C小物块在斜面上滑行的最大位移是 8m D小物块在运动的整个过程中，损失的机械能是 6.4J 2、中国高速铁路最高运行时速 350km，被誉为中国“新四大发明”之一。几年前一
2、位来中国旅行的瑞典人在网上发了一段视频，高速行驶的列车窗台上，放了一枚直立的硬币，如图所示。在列车行驶的过程中，硬币始终直立在列车窗台上，直到列车转弯的时候，硬币才倒下。这一视频证明了中国高铁极好的稳定性。关于这枚硬币，下列判断正确的是（）A硬币直立过程中，列车一定做匀速直线运动 B硬币直立过程中，一定只受重力和支持力，处于平衡状态 2 C硬币直立过程中，可能受到与列车行驶方向相同的摩擦力作用 D列车加速或减速行驶时，硬币都可能受到与列车运动方向相反的摩擦力作用 3、武直-10（如图所示）是中国人民解放军第一种专业武装直升机，提高了中国人民解放军陆军航空兵的航空突击与反装甲能力。已知飞机的质量
3、为m，只考虑升力和重力，武直-10 在竖直方向上的升力大小与螺旋桨的转速大小的平方成正比，比例系数为定值。空载时直升机起飞离地的临界转速为0，此时升力刚好等于重力。当搭载质量为3的货物时，某时刻螺旋桨的转速达到了20，则此时直升机在竖直方向上的加速度大小为（重力加速度为g）（）A3BgC2gD3g 4、物体质量为m5Kg 放在粗糙的水平面上，在力F的作用下做a2m/s2的匀加速直线运动，方向向右，已知物体与地面之间的动摩擦因数为 0.3，则外力F为（）A20NB15NC25ND10N 5、图为一种新型弹跳鞋。当人穿着鞋从高处跳下压缩弹簧后，人就会向上弹起，进而带动弹跳鞋跳跃。假设弹跳鞋对人的作
4、用力类似于弹簧弹力且人始终在竖直方向上运动，不计空气阻力，下列说法正确的是（）3 A人向上弹起的过程中，始终处于超重状态 B人向上弹起的过程中，鞋对人的作用力与人对鞋的作用力是一对相互作用力 C弹簧压缩到最低点时，鞋对人的作用力与人所受的重力是一对平衡力 D从最高点下落至最低点的过程，人先做匀加速运动后做匀减速运动 6、如图甲所示，倾角为 的粗糙斜面体固定在水平面上，质量为m=1kg 的小木块以初速度为v0=10m/s 沿斜面上滑，若从此时开始计时，整个过程中小木块速度的平方随路程变化的关系图象如图乙所示，则下列判断正确的是（）A在t=5s 时刻，摩擦力方向发生变化 B0 13s 内小木块做匀
5、变速直线运动 C斜面倾角 =30 D小木块与斜面间的动摩擦因数为 0.5 7、如图所示，物体静止于水平面上的O点，这时弹簧恰为原长l0，物体的质量为m，与水平面间的动摩擦因数为，现将物体向右拉一段距离后自由释放，使之沿水平面振动，下列结论正确的是（）4 A物体通过O点时所受的合外力为零 B物体将做阻尼振动 C物体最终只能停止在O点 D物体停止运动后所受的摩擦力为 mg 8、重庆由于其良好的生态环境和有利的地理位置，是鸟类的好居处。如图所示，质量为m的鸽子，沿着与水平方向成15角、斜向右上方的方向以大小为v的速度匀速飞行，重力加速度大小为g，下列说法正确的是（）A鸽子处于失重状态 B空气对鸽子的
6、作用力大于 C空气对鸽子的作用力的功率为D鸽子克服自身的重力的功率为sin15 多选题 9、如图所示，质量为m的小球被一根橡皮筋AC和一根绳BC系住，当小球静止时，橡皮筋处在水平方向上。下列判断中正确的是（）A在AC被突然剪断的瞬间，BC对小球的拉力不变 5 B在AC被突然剪断的瞬间，小球的加速度大小为gsin C在BC被突然剪断的瞬间，小球的加速度大小为cos D在BC被突然剪断的瞬间，小球的加速度大小为gsin 10、如图所示，轻杆一端固定在点，一端固定一小球，在竖直平面内做半径为的圆周运动。小球运动到最高点时，杆与小球间弹力大小为N，小球在最高点的速度大小为，N 2图像如图乙所示。下列说
7、法正确的是（）A2=时，小球完全失重 B2=时，杆对小球弹力方向竖直向上 C小球的质量为D当地的重力加速度大小为 11、如图所示，一水平方向足够长的传送带以恒定的速率v1沿顺时针方向运动，传送带右端有一与传送带等高的光滑水平面。物体以恒定的速率v2沿直线向左滑上传送带后，经过一段时间又返回光滑水平面上，这时速率为v2，则下列说法正确的是（）A若v1v2，则v2=v2 C不管v2多大，总有v2=v2 D只有v1=v2时，才有v2=v1 12、科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然观具有重要作用。下列说法符合历史事实的是（）6 A亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变 B伽
8、利略通过“理想实验”得出结论：一旦物体具有某一速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去 C笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向 D牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质 13、如图所示，在水平上运动的箱子内，用轻绳AO、BO在O点悬挂质量为 2kg 的重物，轻绳AO、BO与车顶部夹角分别为 30、60。在箱子沿水平匀变速运动过程中，为保持重物悬挂点O位置相对箱子不动（重力加速度为g），则箱子运动的最大加速度为（）A2B33C32D3 14、一木块静止在水平地面上，下列说法中正确的是（）A木块受到的
9、重力和支持力是一对平衡力 B地面对木块的支持力与木块对地面的压力是一对平衡力 C木块受到的重力和支持力是一对作用力与反作用力 D地面对木块的支持力与木块对地面的压力是一对作用力与反作用力 15、关于平抛物体的运动，下列说法中正确的是（）A物体只受重力的作用，是a=g的匀变速曲线运动 B物体落地时的水平位移与抛出点的高度无关 C平抛运动任一时刻的速度沿水平方向上的分量都相同 D初速度越大，物体在空中的飞行时间越长 7 16、质量为 3kg 的物体，静止于水平地面上，在 10N 的水平拉力作用下，开始沿水平地面做匀加速直线运动，物体与地面间的摩擦力是 4N。则（）A物体在 3s 末的速度大小为 1
10、0m/s B物体在 3s 末的速度大小为 6m/s C物体在 03s 内发生的位移大小为 15m D物体在 03s 内发生的位移大小为 9m 填空题 17、如图，水平传送带顺时针匀速运转，速度大小为 2m/s。质量为 1.5kg 的货箱无初速度放上传送带，经过0.5s 时间，货箱与传送带恰好相对静止。取重力加速度=10m/s2，则货箱与传送带之间的动摩擦因数为_，因摩擦产生的热量为_J。18、如图，质量=2kg的物体静止在水平面上，物体与水平面间的滑动摩擦力大小等于它们间弹力的 0.25 倍，现在对物体施加一个大小=8N、与水平方向夹角=37角的斜向上的拉力。已知sin37=0.6，cos37
11、=0.8，取=10m/s2，物体在拉力作用下5s内通过的位移大小为_。19、完全失重（1）定义：物体对支持物的压力（或对悬挂物的拉力）_的状态。8 （2）产生条件：ag，方向_。20、小明同学学习了牛顿运动定律后，自制了一个简易加速度计。如图，在轻杆的上端装有转轴，固定于竖直放置的标有角度的木板上的O点，轻杆下端固定一个小球，杆可在竖直面内自由转动。他利用这个加速度计来测量校车的加速度，测量时他应让板面竖直且与校车的运动方向_（选填“垂直”或“平行”），已知重力加速度大小为g，当轻杆与竖直方向的夹角为 时，校车的加速度大小为_。21、如图所示，质量为 3kg 的一只长方体形空铁箱在水平拉力F作
12、用下沿水平面向右匀加速运动，铁箱与水平面间的动摩擦因数 1为 0.2。此时有一个质量为 1kg 的物块静止在空铁箱内壁上，如图所示，物块与铁箱内壁间的动摩擦因数为 2为 0.5，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则物块对铁箱压力的大小为_N，水平拉力F的大小为_。22、如图所示，一根质量不计的轻弹簧上端固定在天花板上，下端与一重力为G的托盘连接，托盘中有一个质量为 2G的砝码。当托盘静止时，弹簧的伸长量为L。现将托盘向下拉，弹簧又伸长了L（未超过弹簧的弹性限度），然后使托盘由静止释放，则刚释放托盘时，砝码对托盘的作用力大小等于_。23、小明同学学习了牛顿运动定律后，自制了一个简易加速度计。如图，在
13、轻杆的上端装有转轴，固定于竖直放置的标有角度的木板上的O点，轻杆下端固定一个小球，杆可在竖直面内自由转动。他利用这个加速度计来9 测量校车的加速度，测量时他应让板面竖直且与校车的运动方向_（选填“垂直”或“平行”），已知重力加速度大小为g，当轻杆与竖直方向的夹角为 时，校车的加速度大小为_。24、两类基本问题（1）从受力确定运动情况 如果已知物体的受力情况，可以由牛顿第二定律求出物体的_，再通过运动学的规律确定物体的_情况。（2）从运动情况确定受力 如果已知物体的运动情况，根据运动学规律求出物体的_，结合受力分析，再根据牛顿第二定律求出_。（3）如图所示，一质量为 8 kg 的物体静止在粗糙的
14、水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数为 0.2，用一水平拉力F=20 N 拉物体，使其由A点开始运动，经过 8 s 后撤去拉力F，再经过一段时间物体到达B点停止。则：（g取 10 m/s2）a.在拉力F作用下物体运动的加速度大小为_ m/s2；b.撤去拉力F瞬间物体的速度大小v=_ m/s；c.撤去拉力F后物体运动的距离x=_ m。解答题 25、如图所示，质量m3kg 的物体（视为质点）在平行斜面向下F9N 的推力作用下，由静止开始下滑。在10 斜面某处撤掉推力后，又在水平面上运动x1.2m 后停在 C 点。已知斜面长度L4m，倾角 30，物体与斜面间和水平面间的动摩擦因数分别为133、20.
15、5，求：（1）外力未撤掉时物体斜面上运动的加速度；（2）物体运动到B处的速度；（3）推力作用的距离及时间。26、如图甲所示，倾角 =37 的光滑斜面固定在水平地面上，斜面长 LAB=3 m，斜面底端 A 处有一质量 m=1 kg 的小滑块，在平行于斜面向上的力F作用下由静止开始运动。已知 F 随位移 s（以 A 为起点）变化的关系如图乙所示，以水平地面为零重力势能面（g 取 10 m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）。求：（1）小滑块在通过前 1 m 位移过程中的加速度；（2）小滑块通过第 2 m 位移所用的时间；（3）小滑块在位移 s=1 m 处时的机械能；（4）在图丙上画出小
16、滑块的机械能 E 随位移 s（0s3 m）变化的大致图线。27、如图所示，水平地面上固定一倾角为 37的粗糙斜面，斜面某位置固定一垂直斜面的挡板，一质量为 1kg的物体，从离挡板距离为 0.8m 处的A点，以初速度 1m/s 沿斜面下滑，物体与挡板相撞1.0 103s后，沿着斜面上滑，设物体与斜面间的动摩擦因数=0.8，与挡板碰撞无机械能损失。sin37=0.6，cos37=0.8，=10m/s2，求：11 （1）物体与挡板碰撞前的速度大小；（2）碰撞中，挡板对物体的平均作用力大小；（3）物体与挡板碰撞后，沿斜面运动的时间。28、如图甲所示，在粗糙的水平地面上有一足够长的木板B，木板的最左端有
17、一个小物块A，小物块A受一个外力的作用，两个物体开始运动，已知物块A和木板B的质量都为 1 千克，物块A和木板B之间的动摩擦因数为1=0.4，B与地面的动摩擦因数为2=0.1，设物体所受最大静摩擦力等于滑动摩擦力，物块A运动的2函数关系如图乙所示，重力加速度g取10m/s2。求：（1）根据图象得出物块A在 2 米前后加速度1和2分别为多大？（2）当外力0至少为多少可以使物块A相对于木板B运动？（3）物块A在运动前 2 米的过程中所加的外力1为多少？运动了 2 米之后，作用于物块A上的外力2又为多少？29、如图所示，竖直平面内一倾角=37的粗糙倾斜直轨道与光滑圆弧轨道相切于点，长度可忽略，且与传
18、送带水平段平滑连接于点。一质量=0.2kg的小滑块从点静止释放，经点最后从点水平滑上传送带。已知点离地高度=1.2m，长1=1.25m，滑块与间的动摩擦因数1=0.25，与传送带间的动摩12 擦因数2=0.2，长度2=3m，圆弧轨道半径=0.5m。若滑块可视为质点，不计空气阻力，=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8。求：（1）小滑块经过点时对轨道的压力；（2）当传送带以顺时针方向1=4m/s的速度转动时，小滑块从水平传送带右端点水平抛出后，落地点到点的水平距离。30、2022 年 2 月 8 日，我国选手谷爱凌在第 24 届冬季奥林匹克运动会女子自由式滑雪大跳台比赛中获得冠军
19、参赛滑道简图如图所示，为同一竖直平面内的滑雪比赛滑道，运动员从a点自静止出发，沿滑道滑至d点飞出，然后做出空翻、抓板等动作其中段和段的倾角均为=37，段长1=110m，水平段长2=12m，坡高=9m设滑板与滑道之间的动摩擦因数为=0.4，不考虑转弯b和c处的能量损失，运动员连同滑板整体可视为质点，其总质量=60kg忽略空气阻力，g取10m/s2（1）运动员从a到b所用的时间；（2）运动员到达c点时的速度大小；31、如图所示，质量为 3kg 的物体在与水平面成 37角的拉力F作用下，沿水平桌面向右做直线运动，经过0.5m 的距离速度由 0.6m/s 变为 0.4m/s，已知物体与桌面间的动摩擦因
20、数 13，求作用力F的大小。（g10m/s2）13 32、如图所示，一根足够长的水平杆固定不动，一个质量m2kg 的圆环套在杆上，圆环的直径略大于杆的截面直径，圆环与杆间的动摩擦因数 0.75。对圆环施加一个与水平方向成 53角斜向上、大小为F25 N的拉力，使圆环由静止开始做匀加速直线运动（sin 530.8，cos 530.6，g取 10 m/s2）。求：（1）圆环对杆的弹力大小；（2）圆环加速度的大小；实验题 33、某兴趣小组欲测量滑块与水平木板间的动摩擦因数，他们设计了一个实验，实验装置如图 1 所示。该小组同学首先将一端带滑轮的木板固定在水平桌面上，连接好其他装置，然后挂上重物，使滑
21、块做匀加速运动，打点计时器在纸带上打出一系列点.（1）图 2 是实验中获取的一条纸带的一部分，相邻两计数点间的距离如图所示，已知电源的频率为 50 Hz，相邻两计数点间还有 4 个计时点未标出，根据图中数据计算的加速度 a=_ 2.（结果保留两位有效数字）（2）为测定动摩擦因数，该小组同学事先用弹簧测力计测出滑块与重物的重力分别如图 3、4 所示，则图 3 对14 应的示数为_N,图 4 对应的示数为_N；（3）重力加速度 g 取10/2，滑块与木板间的动摩擦因数=_（结果保留两位有效数字）。34、某同学用如图所示的装置测定当地的重力加速度，他将两物块 A 和 B 用轻质细绳连接并跨过轻质定滑
22、轮，B 下端连接纸带，纸带穿过固定的打点计时器。用天平测出 A、B 两物块的质量mA=300g、mB=100g，mA从高处由静止开始下落，mB拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可测定重力加速度。图中给出的是实验中获取的一条纸带：0 是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有 4 个点没有画出，计数点间的距离如图所示。已知打点计时器计时周期为T=0.02s，则：(1)根据纸带求出物体经过 5 号计数点时的瞬时速度v=_m/s，物体运动的加速度a=_m/s2；（结果保留二位有效数字）(2)用h表示物块 A 下落的高度，v表示物块 A 下落h时的速度，若某同学作出22 图象如图所示，利
23、用此图象可求出当地的重力加速度g=_m/s2。15 35、小王想测量家中自己锻炼用的两个不同沙袋的质量，但没有直接测量质量的工具，于是他利用家中已有的如下器材进行测量：悬挂沙袋的轻质细绳、大小和质量均不计的光滑定滑轮、一套总质量为1kg（各方块的质量已知）的玩具方块、毫米刻度尺、带有秒表软件的手机。请完成下列步骤。（1）如图所示，两沙袋用轻绳跨过定滑轮连接安装好，设右边沙袋的质量为1、左边沙袋的质量为2。（2）取出质量为的玩具方块放入中，剩余玩具方块都放入 B 中，放手后发现下降、B 上升。（3）用毫米刻度尺测出从静止下降的距离，用手机中的秒表软件测出下降距离所用的时间，则下降的加速度大小=_
24、（用和表示）。（4）从 B 中取出部分玩具方块放入中，以改变，测量相应的加速度大小，得到多组及的数据，利用图像处理数据。为使图像直观，应作出随_（选填“”或“1”）变化的关系图线。（5）若图线的斜率=2m/(kg s2)，图线在纵轴上的截距=1m/s2，取重力加速度大小=10m/s2，则1=_kg、2=_kg。36、某实验小组要测量木块与长木板间的动摩擦因数，设计如图甲所示装置，已知当地的重力加速度为。(1)对于实验的要求，下列说法正确的一项是_；16 A钩码的质量要远小于木块的质量 B要保证长木板水平 C接通电源的同时释放木块(2)按正确的操作要求进行操作，打出的一条纸带如图乙所示，打点计时
25、器使用的是50Hz的交流电源，纸带上的点每 5 个点取 1 个记数点，则该木块的加速度=_m/s2；（结果保留两位有效数字）(3)若木块的质量为，钩码的质量为，则木块与长木板间的动摩擦因数为_（用、表示结果）。37、某同学制作一个“竖直加速度测量仪”，可以用来测量在竖直方向运动物体的加速度。如图所示，把一根轻弹簧和一把刻度尺悬挂在铁架台上，弹簧下端不挂重物时，指针指在刻度尺的零刻度线，然后在弹簧下端固定重为1.0N的小球制作成“竖直加速度测量仪”。测量仪静止时指针所指的位置如图所示，此处标记为加速度的“0”刻度，取重力加速度=10m/s2。（1）根据上述操作，计算得到该弹簧的劲度系数为_N m
26、；（计算结果保留 2 位有效数字）（2）规定竖直向上为加速度的正方向，该同学对各刻度线对应的加速度进行标记，这样，当指针稳定指向某一刻度时，就能测出其对应的加速度，则刻度尺8.00cm的刻度线应标记为_m s2，刻度尺11.00cm的刻度线应标记为_m s2。（计算结果均保留 2 位有效数字）17 (文末附答案)高中物理牛顿运动定律_020 参考答案 1、答案：B 解析：A由小物块上滑过程的速度-时间图线，可得小物块冲上斜面过程中，加速度大小为 1=81=8.0m/s A 错误；B对小物块进行受力分析，根据牛顿第二定律有 sin37+f=1 N cos37=0 又 f=N 代入数据解得 =0.
27、25 B 正确；C由小物块上滑过程的速度-时间图线可得，小物块沿斜面向上运动的位移 =02=82 1=4m C 错误；D小物块在运动的整个过程中，损失的机械能是 =2f=2cos37 =2 0.25 20 0.8 4=32J D 错误。18 故选 B。2、答案：C 解析：A硬币直立过程中，硬币与列车间可能存在一定的摩擦力，列车做匀速直线运动时可以直立，列车在做加速度较小的加速运动时，所需要的摩擦力也会较小，也能使硬币处于直立的状态，故 A 错误；B硬币直立的过程，也可能处于加速运动状态，故不一定处于平衡状态，故 B 错误；C硬币直立过程中，可能受到与列车行驶方向相同的摩擦力作用，故 C 正确；
28、D列车加速时，硬币受到的摩擦力与列车的运动方向相同，列车减速行驶时，硬币受到摩擦力与列车运动方向相反，故 D 错误。故选 C。3、答案：C 解析：空载时直升机起飞离地的瞬间，升力刚好等于重力，设比例系数为k，则有 02=当搭载质量为3的货物，螺旋桨的转速达到20时，竖直方向上由牛顿第二定律可得 (+3)=(+3)其中升力 =(20)2 联立解得此时直升机在竖直方向上的加速度大小为 =2 19 故 C 正确，ABD 错误。故选 C。4、答案：C 解析：根据牛顿第二定律得 =合 则有 0.3 5 10+2 525N 故选 C。5、答案：B 解析：A人向上弹起的过程中，先超重后失重，A 错误；B人向
29、上弹起的过程中，鞋对人的作用力与人对鞋的作用力是一对相互作用力，B 正确；C弹簧压缩到最低点时，鞋对人的作用力大于人所受的重力，不是一对平衡力，C 错误；D从最高点下落至最低点的过程，先是自由落体运动，刚开始压缩弹簧时人受到的重力大于弹力向下做变加速运动，当弹力大于重力时向下做减速运动，D 错误。故选 B。6、答案：D 解析：20 Ax在 05m 内，由匀变速直线运动的速度位移公式 v2v02=2ax 结合图象看出在 05m a=022=010025m/s2=10m/s2 由图示图象可知v02=100(m/s)2得，v0=10m/s，则小木块匀减速运动的时间 t=00=01010s=1s 1s
30、 后物体反向做匀加速运动，t=1s 时摩擦力反向，A 错误；B由图示图象可知，物体反向加速运动时的加速度=22=322 8m/s2=2m/s2 结合 A 选项可知，在 01s 内物体向上做匀减速运动，1s 后物体反向做匀加速运动，整个过程加速度a发生变化，所以整个过程不是匀变速直线运动，B 错误；CD由牛顿第二定律得，小木块上滑有 mgsin+mgcos=ma 下滑有 mgsinmgcos=ma 代入数据解得 =0.5，=37 C 错误、D 正确。故选 D。7、答案：B 21 解析：A物体通过O点时弹簧的弹力为零，但摩擦力不为零，A 错误；B物体振动时要克服摩擦力做功，机械能减少，振幅减小，做
31、阻尼振动，B 正确；CD物体最终停止的位置可能在O点也可能不在O点。若停在O点摩擦力为零，若不在O点，摩擦力和弹簧的弹力平衡，停止运动时物体所受的摩擦力不一定为，CD 错误。故选 B。8、答案：D 解析：A由鸽子匀速飞行可知，鸽子所受合外力为 0，A 错误；B由共点力平衡条件可知，空气对鸽子的作用力等于，B 错误；C空气对鸽子的作用力竖直向上，所以空气对鸽子的作用力的功率为cos75，C 错误；D鸽子克服自身的重力的功率为 =重力 由力的功率表达式 重力=cos（15+90）联立解得 =sin15 D 正确。故选 D。9、答案：BC 22 解析：AB设小球静止时BC绳的拉力为F，AC 橡皮筋的
32、拉力为T，由平衡条件可得 Fcos=mg，Fsin=T 解得 F=cos，T=mgtan 在AC被突然剪断的瞬间，BC上的拉力F发生了突变，小球的加速度方向沿与BC垂直的方向且斜向下，大小为 a=gsin B 正确，A 错误；CD在BC被突然剪断的瞬间，橡皮筋AC的拉力不变，小球的合力大小与BC被剪断前拉力的大小相等，方向沿BC方向斜向下，故加速度 a=cos C 正确，D 错误。故选 BC。10、答案：ACD 解析：A由图可知：2=时，FN=0，此时小球仅受重力作用，加速度为向下的重力加速度，处于完全失重状态，故A 正确；B由图可知：当2 时，球需要的向心力大于重力，杆对小球弹力方向向下，所
33、以当2=时，杆对小球弹力方向向下，故 B 错误；CD在最高点，若=0，则有 23 N1=0 当N=0时，则有：=2=可得 =，=故 CD 正确。故选 ACD。11、答案：AB 解析：由于传送带足够长，物体先减速向左滑行，直到速度减为零，此过程设物体对地位移大小为x，加速度大小为a，则 =222 然后在滑动摩擦力的作用下向右运动，分两种情况：若v1v2，物体向右运动时一直加速，当v2=v2时（向右加速到v2可以看成是向左由v2减速到 0 的逆过程，位移大小还是等于x），恰好离开传送带。若v1v2，物体向右运动时先加速，当速度增大到与传送带的速度相等时，位移大小 =122 sin37，物体沿斜面运
34、动的时间为362s.28、答案：（1）1m/s2；4m/s2；（2）6N；（3）4N；8N 解析：（1）由图像可知：前 2m 内对A有 2=21 得出 1=1m/s2 2m 后，对A有 36 12 02=22 2=4m/s2（2）对B受力分析有 1 22=0 外力F使A在B上的临界加速度为 0=2m/s2 外力F对AB整体有 0 2 2=20 0=6N （3）运动前 2m 1=1m/s2 0 则 2m 后AB两个物体开始相对运动 对A有 37 2 1=2 2=8N 29、答案：（1）6N；（2）1.2m 解析：（1）根据题意，滑块由A运动B的过程，应用动能定理 1sin37 1cos371=1
35、22 0 代入数据解得=10m s 由于长度可忽略，则=10m s 滑块在C点，受轨道的支持力N和本身重力，根据牛顿第二定律 N =2 代入数据解得 N=6N 根据牛顿第三定律，小滑块经过点时对轨道的压力等于轨道对滑块的支持力6N。（2）假设滑块划上传送带之后全程加速，根据牛顿第二定律 2=代入数据解得 =2m s2 设滑块到达传送带右端的速度为，根据公式 38 2 2=22 代入数据解得 =22m s 4m s 则滑块未达到传送带右端就和传送带共速，则滑块以传送带的速度从D点水平抛出，竖直方向，由于长度可忽略，则 1sin37=122 代入数据解得 =0.3s 水平方向，落地点到点的水平距离
36、 =4 0.3m=1.2m 30、答案：（1）8.9s；（2）23m/s 解析：（1）在ab段的加速度为 sin cos=根据运动公式 1=122 解得 a=2.8m/s2 t=8.9s（2）到达b点时的速度 39 =25m/s 从b到c由动能定理-2=122122 解得 vc=23m/s 31、答案：9.4N 解析：对物体受力分析，建立直角坐标系如图 由 vt2v022ax 20220.420.6220.5m/s2 0.2m/s2 负号表示加速度方向与速度方向相反，即方向向左。y轴方向 FN+Fsin30mg F（mg-Fsin30）40 x轴方向，由牛顿第二定律得 Fcos30Fma 即
37、Fcos30（mgFsin30）ma 解得 F9.4N 32、答案：（1）0；（2）7.5 m/s2 解析：（1）分析圆环的受力情况如图甲所示 将拉力F正交分解 1=cos=15N 2=sin=20N 因 =20N 与F2大小相等，故圆环对杆的弹力为 0。（2）由（1）可知，在拉力F作用下，环不受摩擦力，由牛顿第二定律可知 41 合=1=1 代入数据得 1=7.5m/s2 33、答案：0.50 2.00 1.00 0.43 解析：（1）1相邻两计数点间还有 4 个计时点未标出，则T=0.1s；根据=2结合逐差法可知：=6+5+432192=(3.87+3.39+2.882.381.901.40
38、)10290.12m/s2=0.50m/s2（2）23则图 3 对应的示数为 2.00N；图 4 对应的示数为 1.00N；（3）4对滑块以及重物的整体：mg-Mg=(M+m)a 其中mg=1.00N，Mg=2N，解得=0.43 34、答案：2.4 4.8 9.7 解析：(1)1根据某段时间内平均速度等于中间时刻的瞬时速度，打点计时器计时周期为T=0.02s，每相邻两计数点间还有 4 个点没有画出，则打下计数点 5 时物体的瞬时速度 =462 5 代入数据解得=2.4m/s 2物体运动的加速度 42 =65 54(5)2 代入数据解得=4.8m/s2(2)3对 A、B 组成的系统，根据牛顿第二
39、定律有(A B)=(B+A)解得加速度 =A BB+A 根据速度位移公式有 2=2 解得 22=A BB+A 可知斜率 =A BB+A 由题中所给的图象，可得斜率 =5.821.20=4.85 联立解得=9.7m/s2 35、答案：22 5.5 3.5 解析：(3)1下降距离所用的时间，据匀变速直线运动的位移公式可得 43 =122 解得下降的加速度大小为 =22(4)2设玩具方块总质量为M，整体据牛顿第二定律可得(+1)()2=(1+2+)整理得 =21+2+1 2 1+2+为使图像直观，应作出随变化的关系图线。(5)34图线的斜率为 =21+2+纵轴的截距为 =1 2 1+2+带入数据解得
40、1=5.5kg、2=3.5kg 36、答案：B 1.1 (+)解析：（1）实验中不是用钩码的重力来表示细线对木块的拉力，对于M、m并不要求 ；又因为=，的大小就是木块对木板的压力大小，所以要保证长木板水平；实验操作中是先通电源再放木块，即 AC 错误，B正确；（2）由逐差法公式可求得加速度 44 =34 1222=1.1m/s2（3）分别对木块和钩码进行受力分析，由牛顿第二定律表示出木块的加速度（T表示细线的拉力）=,=解得=(+)37、答案：10 2.0 1.0 解析：（1）1该弹簧的劲度系数为 =1.0N10cm=10N/m（2）2当指针指向刻度尺8.00cm刻度线时，弹簧的弹力为 =0.8N1N 所以此时小球具有向下的加速度，则刻度尺8.00cm的刻度线应标记为 =1N 0.8N1N10m/s2=2.0m/s2（2）3当指针指向刻度尺11.00cm刻度线时，弹簧的弹力为 =1.1N1N 所以此时小球具有向上的加速度，则刻度尺11.00cm的刻度线应标记为 =1.1N 1N1N10m/s2=1.0m/s2