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1、河北省衡水中学滁州分校2018届全真模拟试题卷二.选择题： 1. 如图所示，从A点由静止释放一弹性小球，一段时间后与固定斜面上B点发生碰撞，碰后小球速度大小不变，方向变为水平方向，又经过相同的时间落于地面上C点，已知地面上D点位于B点正下方，B、D间的距离为h，则A. A、B两点间的距离为B. A、B两点间的距离为C. C、D两点间的距离为D. C、D两点间的距离为【答案】D【解析】A、B、AB段小球自由下落，BC段小球做平抛运动，竖直方向也做自由落体运动，两段时间相同，小球下落的高度相等，所以A、B两点间距离与B、D两点间距离相等，均为h，故A、B错误；C、D、BC段平抛初速度，运动的时间，
2、所以C、D两点间距离x=vt=2h，故C正确，D错误故选C.【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解2. 如图所示，半径为a的圆形金属导线PQ处于匀强磁场中，O是其圆心，匀强磁场的磁感应强度为B，方向与平面OPQ垂直当在导线中通以大小为I的恒定电流时，该导线受到的安培力的大小和方向是()A. BIa，与直线OQ垂直B. BIa，与直线OP垂直C. BIa，与直线PQ垂直D. ，与直线PQ垂直【答案】C【解析】此导线的有效长度为PQ的连线，所以安培力方向与直线PQ垂直，安培力大小为，故C正确。点晴：解决本题关键知道当导线为折线或曲线时，在计算安培
3、力时取有效长度即导线两端点的连线。3. 如图所示，电路中电源电动势为E，内阻为r，C为电容器，L为小灯泡，R为定值电阻，闭合电键，小灯泡能正常发光现将滑动变阻器滑片向右滑动一段距离，滑动前后理想电压表V1、V2示数变化量的绝对值分别为U1、U2，理想电流表A示数变化量的绝对值为I，则()A. 电源的输出功率一定增大B. 灯泡亮度逐渐变暗C. 与均保持不变D. 当电路稳定后，断开电键，小灯泡立刻熄灭【答案】C【解析】A、B项：滑片向右滑动变阻器连入电路的阻值变小，总电阻变小，电流变大，灯泡逐渐变亮，B错；电源输出功率最大时有电源内阻等于外电路电阻，虽然外电路电阻变小，但不能确定是不是接近电源内阻
4、，电源输出功率不一定增大，A错；C项：电压表V1测的为电阻R两端电压，电压表V2测的为路端电压，电注表测的是干路中的电流，所以，所以均保持不变，故C正确；D项：当电路稳定后，断开电键，小灯泡与电容器组成闭合回路，电容放电，小灯泡不立刻熄灭，故D错误。点晴：解决本题关键知道定值电阻两端电压与电流（或电压变化与电流变化）之比等于定值电阻阻值，路端电压变化与电流变化之比即为电源的内阻。4. 在光滑的绝缘水平面上，有一个正三角形abc，顶点a、b、c处分别固定一个正点电荷，电荷量相等，如图所示，D点为正三角形外接圆的圆心，E、G、H点分别为ab、ac、bc的中点，F点为E点关于c电荷的对称点，则下列说
5、法中正确的是()A. D点的电场强度为零、电势也为零B. E、F两点的电场强度等大反向、电势相等C. E、G、H三点的电场强度和电势均相同D. 若释放c电荷，c电荷将一直做加速运动(不计空气阻力)【答案】D【解析】试题分析：D点到a、b、c三点的距离相等，故三个电荷在D点的场强大小相同，且夹角互为120，故D点的场强为0因为电势是一个相对性的概念即零电势的选取是任意的，故D点电势可能为0，故A正确；由于a、b在E点的场强大小相等方向相反，故E点的场强仅由电荷c决定，故场强方向向左，而电荷c在D、F位置的场强大小相同方向相反，但电荷a、b在F点的场强矢量和不为0，故E、F两点的电场强度大小不同，
6、方向相反故B错误；E、G、H三点分别为ab、ac、bc的中点，故E的场强仅由电荷c决定，同理G点的场强仅由电荷b决定，H点的场强仅由电荷a决定，故三点的场强大小相同，但方向不同，故C错误；若释放电荷c，则a、b在C点的合场强水平向右，故a、b始终对c有斥力作用，故c电荷将一直做加速运动故D正确。考点：电场的叠加【名师点睛】D点到a、b、c三点的距离相等，故三个电荷在D点的场强大小相同，且夹角互为120，故D点的场强为0；电场强度是矢量，场强的合成满足平行四边形定则，故E、G、H三点的场强大小相同，但方向不同；在直线cF上场强方向向右，故a、b始终对c有斥力作用，故c电荷将一直做加速运动。5.
7、银河系处于本超星系团的边缘，已知银河系距离星系团中心约2亿光年，绕星系团中心运行的公转周期约1 000亿年，引力常量G6.671011Nm2/kg2，根据上述数据可估算()A. 银河系绕本超星系团中心运动的线速度B. 银河系绕本超星系团中心运动的加速度C. 银河系的质量D. 银河系与本超星系团之间的万有引力【答案】AB【解析】据题意可知，银河系是环绕天体，超星系是中心天体，银河系绕超星系做圆周运动，已知环绕的轨道r和周期T，则银河系运动的线速度为，加速度，故可以计算银河系绕本超星系团中心运动的线速度和加速度，故A B正确；银河系是环绕天体，无法计算其质量，故C错误；由于不知道银河系的质量，故无
8、法求解银河系与本超星系团的之间的万有引力，故D错误；故选AB点睛：本题要能知道银河系绕超星系做匀速圆周运动，银河系是环绕天体，超星系是中心天体，无法计算环绕天体的质量，只能计算中心天体超星系的质量6. 如图所示，ABCD且A、B、C、D位于同一半径为r的圆上，在C点有一固定点电荷，电荷量为Q，现从A点将一质量为m，电荷量为q的点电荷由静止释放，该电荷沿光滑绝缘轨道ADB运动到D点时速度为，规定电场中B点的电势为零则在Q形成的电场中()A. A点电势高于D点电势B. D点电势为C. O点电场强度大小是A点的倍D. 点电荷q在D点具有的电势能为【答案】AB【解析】A、B项：在C点固定一电荷量为+Q
9、的点电荷，A、B相对CD线左右对称，则AB0V，点电荷q从A点由静止释放以后沿光滑轨道ADB运动到D点过程中，由动能定理可得：C项：由场强公式可知，O点场强：，A点场强，故C错误；D项：电势能等于，故D错误。7. 如图所示，相距为L的两条足够长的光滑平行金属导轨与水平面的夹角为，上端接有定值电阻R，匀强磁场垂直于导轨平面，磁感应强度为B.将质量为m的导体棒由静止释放，当速度达到v时开始匀速运动此时对导体棒施加一平行于导轨向下的拉力，并保持拉力的功率恒为P，导体棒最终以3v的速度匀速运动导体棒始终与导轨垂直且接触良好，不计导轨和导体棒的电阻，重力加速度为g.下列选项正确的是()A. P2mgvs
10、in B. P6mgvsin C. 当导体棒速度达到时加速度大小为sin D. 在速度达到2v以后匀速运动的过程中，R上产生的焦耳热等于拉力所做的功【答案】BC【解析】A、B项：当导体棒以v匀速运动时受力平衡，则，当导体棒以2v匀速运动时受力平衡，则，拉力的功率，故A错误，B正确；C项：当导体棒速度达到时，由牛顿第二定律得：，解得，故C正确；D项：由能量守恒，当速度达到3v以后匀速运动的过程中，R上产生的焦耳热等于拉力及重力所做的功，故D错误。点晴：本题考查了电磁感应知识和电路知识、力学规律，关键要分析棒的运动情况，推导出安培力的表达式，并正确把握能量转化情况。8. 如图所示，一辆质量为M3
11、kg的平板小车A停靠在竖直光滑墙壁处，地面水平且光滑，一质量为m1 kg的小铁块B(可视为质点)放在平板小车A最右端，平板小车A上表面水平且与小铁块B之间的动摩擦因数0.5，平板小车A的长度L0.9 m。现给小铁块B一个v05 m/s的初速度使之向左运动，与竖直墙壁发生弹性碰撞后向右运动，重力加速度g10 m/s2。下列说法正确的是A. 小铁块B向左运动到达竖直墙壁时的速度为2m/sB. 小铁块B与墙壁碰撞过程中所受墙壁的冲量为8 N/sC. 小铁块B从反向到与车同速共历时0.6sD. 小铁块B在平板小车A上运动的整个过程中系统损失的机械能为9 J【答案】BCD【解析】A项：设铁块向右运动到达
12、竖直墙壁时的速度为v1，根据动能定理得，代入数据可得：，故A错误；B项：小铁块B与竖直墙壁发生弹性碰撞，所以小铁块弹回的速度大小为，方向向右，根据动量定理 ，故B正确；C、D项：假设小铁块最终和平板车达到共速v2，根据动量守恒定律得，解得， 小铁块最终和平板车达到共速过程中小铁块的位移：，平板车的位移：，说明铁块在没有与平板车达到共速时就滑出平板车，所以小铁块在平板上运动过程中系统损失的机械能为，故C错误，D正确。点晴：本题首先要分析铁块的运动情况，对于铁块向右运动是否滑出平板车，我们可以采用假设法进行判断，正确运用功能关系求解。非选择题： (一)必考题9. 某同学利用倾斜气垫导轨做“验证机械
13、能守恒定律”的实验，实验装置如图1所示其主要实验步骤如下：a用游标卡尺测量挡光条的宽度l，结果如图2所示；b读出导轨标尺的总长L0，并用直尺测出导轨标尺在竖直方向的高度H0；c读出滑块释放处挡光条与光电门中心之间的距离s；d由静止释放滑块，从数字计时器(图1中未画出)上读出挡光条通过光电门所用的时间t.回答下列问题：(1)由图2读出l_mm.图3(2)_(选填“有”或“没有”)必要用天平称出滑块和挡光条的总质量M.(3)多次改变光电门位置，即改变距离s，重复上述实验，作出随s的变化图象，如图3所示，当已知量t0、s0、l、L0、H0和当地重力加速度g满足表达式_时，可判断滑块下滑过程中机械能守
14、恒【答案】 (1). (1)8.20 (2). (2)没有 (3). (3)s0【解析】(1) 游标尺上共有20小格，精度为0.05 mm，用游标卡尺测量挡光条的宽度l(80.054)mm8.20 mm；(3) 由几何知识得，当ss0，tt0时有。10. 在测电源的电动势和内阻的实验中，提供的电表量程有些偏小，于是采用了如图甲所示的电路进行测量。其中定值电阻R1的阻值是3,R2的阻值为6，电流表和电压表都为理想电表。（1）在实物连线图乙中，缺少几条导线，请用笔画线代替导线，在图中补上缺少的几条导线，使之成为一个完整的、正确的电路实物连线图_。（2）调节滑动变阻器RP阻值的大小，记录多组U、I数
15、据，画出如图丙所示的UI图像，根据图像可计算出该电源的电动势为_V，电源的内阻为_。（结果保留三位有效数字）（3）实际上，电流表的内阻并不等于零，电压表的内阻也不是无限大，从系统误差的角度来看，电源的内阻比其真实内阻_。（填下面选项前的字母） A. 偏大 B. 偏小 C. 准确【答案】 (1). （1）如图所示； (2). （2）2.40(2.382.40均可) (3). 1.73(1.721.75均可) (4). （3）A【解析】(1)由图甲可知，电压表测的是滑动变阻器两端电压，根据原理图连线如下图所示(2)U-I图象与纵坐标的交点表示电源的电动势，故E=2.39V，根据闭合电路欧姆定律可得
16、，其中，故，所以图象斜率表示，由图象得斜率为 ，即解得； (3)由于电压表的分流作用，从等效电路角度可将电源与电流表看成新的电源，所以新电源的内阻为电流表与原电源内阻的串联值即偏大，故A正确。点晴：实验中一定要通过实验的原理去掌握实验，脱离开原理是无法正确解决实验问题的；测定电动势和内阻的实验中要注意数据的处理时主要应用了图象法，要将公式与图象联系在一起理解。11. 如图所示，质量为m1 kg的滑块，以v05 m/s的水平初速度滑上静止在光滑水平面的平板小车，若小车质量M4 kg，平板小车足够长，滑块在平板小车上滑动1 s后相对小车静止求：(g取10 m/s2) (1)滑块与平板小车之间的动摩
17、擦因数；(2)此过程中小车在地面上滑行的位移【答案】(1)0.4(2)0.5 m【解析】试题分析：先应用动量守恒定律求出小车与滑块的共同速度，再对m应用动量定理求出动摩擦因数；对M应用动能定理求出小车的位移。(1)m滑上平板小车到与平板小车相对静止，速度为v1，据动量守恒定律：mv0(mM)v1对m据动量定理：mgtmv1mv0代入得0.4；(2) 对M据动能定理有：解得：s=0.5m。12. 如图所示，以两虚线为边界，中间存在平行纸面且与边界垂直的水平电场，宽度为，两侧为相同的匀强磁场，方向垂直纸面向里。一质量为、带电量、重力不计的带电粒子，以初速度垂直边界射入磁场做匀速圆周运动，后进入电场
18、做匀加速运动，然后第二次进入磁场中运动，此后粒子在电场和磁场中交替运动。已知粒子第二次在磁场中运动的半径是第一次的二倍，第三次是第一次的三倍，以此类推。求：（1）粒子第一次经过电场的过程中电场力所做的功（2）粒子第次经过电场时电场强度的大小（3）粒子第次经过电场所用的时间（4）假设粒子在磁场中运动时，电场区域场强为零。请画出从粒子第一次射入磁场至第三次离开电场的过程中，电场强度随时间变化的关系图线（不要求写出推导过程，不要求标明坐标刻度值）。【答案】（1） （2）（3） （4）如图；【解析】（1）根据，因为，所以，所以,（2）=，所以。（3），所以。(4)视频(二)选考题13. 下列说法正确的
19、是_A两个分子之间的作用力会随着距离的增大而减小B物体的内能在宏观上只与其温度和体积有关C一定质量的气体经历等容过程，如果吸热则其内能一定增加D分子a从远处趋近固定不动的分子b，当a到达受b的作用力为零处时，a的动能一定最大E物质的状态在一定的条件下可以相互转变，在转变过程中会发生能量交换【答案】CDE 【解析】A项：当距离大于r0时，两个分子之间的作用力会随着距离的增大先增大后减小，A错误；B项：物体的内能在宏观上除了与温度和体积有关外，还与组成的物质质量有关，B错误；C项：根据热力学第一定律可知，等容变化即，如果吸收热量即，所以即内能增加，故C正确；D项：分子a从很远处趋近固定不动的分子b
20、，当分子a运动到与分子b的相互作用力为零时，在这过程中表现为引力，引力做正功，动能增大，过了这位置引力要做负功所以在这位置分子a的动能一定最大，故D正确；E项：物质的状态在一定的条件下可以相互转变，在转变过程中会发生能量交换，故E正确。点晴：解决本题关键理解分子力与分子间距的关系，即在时，分子力随分子间距的增大而减小，分子势能随距离的增大而减小，在时，分子力随分子间距的增大先增大后减小，分子势能随距离的增大而增大。14. 汽缸长为L1 m(汽缸厚度可忽略不计)，固定在水平面上，汽缸中有横截面积为S100 cm2的光滑活塞封闭了一定质量的理想气体，已知当温度为t27 ，大气压强为P01105Pa
21、时，气柱长为L00.4 m现用水平拉力向右缓慢拉动活塞若拉动活塞过程中温度保持27，求活塞到达缸口时缸内气体压强；若汽缸、活塞绝热，拉动活塞到达缸口时拉力大小为500 N，求此时缸内气体温度【答案】4104 Pa102 【解析】试题分析：活塞刚到缸口时，L21 mp1SL0p2SL2(2分)得p20.4105Pa(1分)温度升高活塞刚到缸口时，L31 mp3p00.5105Pa(2分)T3K375 K(1分)t3(375273)102 (1分)考点：考查了理想气体状态方程15. 在t0 s时刻向平静水面的O处投下一块石头，水面波向东西南北各个方向传播开去，当t1 s时水面波向西刚刚只传到M点(
22、图中只画了东西方向，南北方向没画出)，OM的距离为1 m，振动的最低点N距原水平面15 cm，如图，则以下分析正确的是_At1 s时O点的运动方向向上B该水面波的波长为2 mC振动后原来水面上的M点和N点永远不可能同时出现在同一水平线上Dt1.25 s时刻M点和O点的速度大小相等方向相反Et2 s时刻N点处于平衡位置【答案】ABD【解析】波向西传播，t=1s时O点向上运动，A正确，波长为2m，B正确；t=1s时，M质点向下振动，N质点向上振动，当两者得位移向下位移相等时，处于同一水平线上，C错误；质点O和M点相距半个波长，振动情况相反,D正确；2s内，质点N振动了1.5s，其位置在正向最大位移
23、处，E错误。16. 如图所示，某透明材料制成的半球形光学元件直立放置，其直径与水平光屏垂直接触于M点，球心O与M间的距离为10cm.一束激光与该元件的竖直圆面成30角射向圆心O，结果在光屏上出现间距为d40 cm的两个光斑，请完成光路图并求该透明材料的折射率【答案】 【解析】试题分析：光屏上的两个光斑分别是激光束经光学元件反射与折射的光线形成，其光路图如图所示：依题意，令，据反射规律与几何关系知，反射光线形成光斑与M点的距离为：激光束的入射角，设其折射角为，由几何关系可知折射光线形成光斑与M点间距为：据题意有：联立各式并代入数据解得：，即据折射规律得：考点：考查了光的折射【名师点睛】解决光学问题的关键要掌握全反射的条件、折射定律、临界角公式、光速公式，运用几何知识结合解决这类问题