《2014年四川省乐山市中考物理试卷.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2014年四川省乐山市中考物理试卷.docx（19页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、四川省乐山市2014年中考物理试卷一、选择题（本卷共16小题，每小题2.5分，在下列各题的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1（2.5分）（2014乐山）控制噪声是城市环保主要项目之一，下列做法属于在传播中减弱噪声的是（）A市区内禁止机动车鸣笛B工人戴上防噪声耳罩C在汽车的排气管上装消声器D城市街道两旁种草植树考点：防治噪声的途径.专题：声现象分析：减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声解答：解：A、市区内禁止机动车鸣笛是在噪声的产生处减弱噪声，不符合题意；B、戴上防噪声耳罩是在人耳处减弱噪声，不符合题意；C、消声器可以在声源处减弱噪声，不符合题意；D、种
2、草植树可以在噪声的传播过程中减弱噪声，不符合题意；故选D点评：解决此类题目要结合防治噪声的途径进行解答2（2.5分）（2014乐山）下列文具中，通常情况下属于绝缘体的是（）A铅笔芯B橡皮擦C金属小刀D不锈钢尺考点：导体和绝缘体的区别.专题：电流和电路分析：常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等常见的绝缘体有陶瓷、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限解答：解：A、铅笔芯的主要材料是碳，能导电，是导体；故A错误；B、橡皮的材料是橡胶，橡胶不导电，是很好的绝缘体；故B正确；C、金属小刀的材料是钢或铁，能导电，属于导体；故C错误；D、不锈钢笔的外壳是金属钢，能导电，属于导体；故D
3、错误；故选B点评：此题考查了导体与绝缘体的概念以及生活中常见的实例；生活中哪些物体为导体，哪些物体为绝缘体，属于识记的内容，比较简单3（2.5分）（2014乐山）如图所示的各个过程中，物体的动能不变、重力势能增大的是（）A雨滴自由下落B滚摆加速下降C热气球匀速上升D火箭点火发射升空考点：动能和势能的转化与守恒.专题：机械能及其转化分析：重力势能的大小和物体的质量以及所处位置的高度有关，判断重力势能是否改变，看它的质量和高度是否变化就可以了；动能的大小和物体的质量以及运动的速度快慢有关，判断动能的大小看它的质量和运动快慢是否变化就可以了解答：解：A、雨滴自由下落，即其质量不变，速度变大，高度变小
4、，即动能变大，重力势能变小，故不合题意；B、滚摆加速下降，即其质量不变，速度变大，高度变小，故其动能变大，重力势能变小，故不合题意；C、热气球匀速上升，其质量不变，速度不变，即动能不变，其高度增加，故其重力势能变大，故符合题意；D、火箭点火后加速上升，其质量不变，速度变大，高度变大，即其动能变大，重力势能也变大，故不合题意故选C点评：在看清题目的前提下，知道势能和动能的取决因素是解决该题的关键4（2.5分）（2014乐山）下列数据中最接近实际的是（）A同步卫星运动的速度约为3000m/sB教室的高度约为30cmC一个鸡蛋的质量约为500gD人体的密度约为1.0kg/m3考点：速度与物体运动；质
5、量的估测；密度及其特性；长度的估测.专题：估算综合应用题分析：估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法，要求学会从生活体验中理解物理知识和物理规律，并且能将物理知识和物理规律用于对生活现象和生活常识的简单解释解答：解：A、地球同步卫星的环绕速度约为3km/s=3000m/s，该选项说法正确；B、教室的高度约3m，该选项说法不正确；C、一个鸡蛋的质量约为50g，该选项说法不正确；D、人体的密度约为1.0103kg/m3，该选项说法不正确故选A点评：估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研
6、究方法，在生产和生活中也有着重要作用5（2.5分）（2014乐山）如图所示，在下面的四个情景中，属于光的直线传播的是（）A茶杯在镜中的“倒影”B屏幕上的“手影”C水中筷子“变弯”D街头路口的“凸面镜”考点：光直线传播的应用.专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：光在自然界中存在三种光现象：光在同种均匀物质中沿直线传播；当光遇到不透明物体时则发生反射现象；当光从一种介质进入另一种介质时则发生折射现象解答：解：A、“倒影”是由于光的反射形成的，故A错误；B、屏幕上的“手影”是由于光的直线传播形成的，故B正确；C、水中筷子“变弯”是由于光的折射形成的，故C错误；D、街头路口的“凸面镜”的应用属于光的
7、反射，故D错误故选B点评：本题主要考查光的直线传播、光的反射、光的折射现象在生活当中的应用以及生活当中出现的现象6（2.5分）（2014乐山）如图所示的简单机械中，属于省力杠杆的是（）A镊子B赛艇的桨C剪刀D面包夹考点：杠杆的分类.专题：简单机械分析：结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆解答：解：A、在使用镊子时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；B、赛艇的桨，在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、图示剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、面包夹在使用的过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆故选：C点评：本题考查的是杠
8、杆的分类，主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂7（2.5分）（2014乐山）下列实例中属于增大压强的是（）A压路机上的碾子质量很大B书包背带较宽C铁轨下铺设枕木D载重车装有许多车轮考点：增大压强的方法及其应用.专题：压强、液体的压强分析：压强大小跟压力大小和受力面积大小有关增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强；减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强解答：解：A、压路机上的碾子质量，在受力面积一定时，增大压力来增大压强，符合题意
9、；B、书包背带较宽，在压力一定时，增大了受力面积，减小了压强，不符合题意；C、铁轨下铺设枕木，在压力一定时，增大了受力面积，减小了压强，不符合题意；D、载重车装有许多车轮，在压力一定时，增大了受力面积，减小了压强，不符合题意故选A点评：掌握压强大小的影响因素，掌握增大和减小压强的方法，能把压强知识应用到生活中8（2.5分）（2014乐山）关于安全用电，下列说法不正确的是（）A用电器使用三线插头是为了防止漏电而采取的安全措施B更换灯泡、搬动电器前应断开电源开关C不能用湿手摸或用湿布擦工作状态中的灯具等电器，以防触电D空气开关接在电路中，可以保证电路中电流过大时也不切断电路考点：安全用电原则.专题
10、：电与热、生活用电分析：（1）三孔插座的第三个孔接地线，三脚插头的第三个脚接用电器金属外壳；（2）安全用电的原则是：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；（3）生活用水属于导体，潮湿的物体一旦接触带电体，非常容易发生触电事故；（4）空气开关的作用是在电路中电流过大时自动切断电路解答：解：A、用电器使用三线插头是为了防止漏电而采取的安全措施，故A正确，不符合题意；B、更换灯泡、搬动电器前应断开电源开关，故B正确，不符合题意；C、不能用湿手摸或用湿布擦工作状态中的灯具等电器，以防触电，故C正确，不符合题意；D、空气开关接在电路中，可以保证电路中电流过大时切断电路，故D错误，符合题意故选D点评：本题考
11、查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、积累，加强安全意识，学好电、用好电！9（2.5分）（2014乐山）下列家电或交通工具工作时，利用电能转化为内能进行工作的是（）A电视机B洗衣机C电熨斗D无轨电车考点：电流的热效应、化学效应和磁效应.专题：电与热、生活用电分析：做功总是伴随着能量的转化，电功也不例外用电器消耗了电能，获得了其它形式的能量，就是一个电流做功的过程解答：解：电流做功的过程，实际上就是个能量转化的过程，从电能转化成其它形式的能在常见的家用电器中：A、电视机主要是把电能转化为声能和光能；B、洗衣机是把电能转化为机械能；C、电熨斗是把电能转化为内能D、无轨电车工作时，电
12、能主要转化为机械能，有很少一部分转化为内能；故选C点评：本题考查了用电器中的能量转化无轨电车的主要部件是电动机，把电能转化为机械能，有很少一部分转化为内能10（2.5分）（2014乐山）冬天医生检查牙齿时，常把小镜子放在酒精灯上适当烤一烤，然后再伸进口腔内，这样做的主要目的是（）A镜面不会产生水雾，可以看清牙齿B进行消毒C防止接触口腔时病人感到太凉D防止镜框受热膨胀，致使镜片脱落考点：液化及液化现象.专题：汽化和液化、升华和凝华分析：医生使用镜子的目的是通过牙齿在小镜子里面的像，观察牙齿的情况；口中的水蒸气遇到冷的小镜子会发生液化现象，这样镜子表面会有一层雾导致看不清楚口中病状解答：解：牙医是
13、通过观察口腔内的病灶在小镜子里面成的像来确定病情的，当冷的小镜子进入到温暖且水蒸气较多的口腔中时，口腔中的水蒸气遇冷液化成小水滴吸附在平面镜上，使人看不清楚成像的情况，也就无法确定病情烤一烤的目的是为了提高镜子的温度，防止口腔中的水蒸气遇冷液化，使牙医看清楚牙齿的情况故选A点评：冬天，小镜子的温度较低，是造成水蒸气液化的主要原因，所以加热镜子就不会发生液化现象11（2.5分）（2014乐山）如图所示，将木块放在粗糙程度相同的水平桌面上，水平拉动木块，在木块加速运动的过程中，下列说法中正确的是（）A弹簧测力计对木块的拉力和桌面对木块的摩擦力是一对平衡力B弹簧测力计对木块的拉力和桌面对木块的摩擦力
14、是一对相互作用力C木块受到的摩擦力越来越大D木块受到的摩擦力不变考点：平衡力和相互作用力的区分；摩擦力的大小.专题：运动和力分析：（1）二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，四个条件缺一不可（2）相互作用力的条件：作用在两个物体上的力，大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，四个条件缺一不可（3）影响摩擦力的因素是压力的大小和接触面的粗糙程度，物体做加速运动，拉力大于摩擦力解答：解：（1）木块做加速运动，拉力大于摩擦力，既不符合平衡力的条件，也不符合相互作用力的条件，A、B选项说法都不正确；（2）木块放在粗糙程度相同的水平桌面上，压力一定，接触面的粗
15、糙程度一定，因此摩擦力大小不变，故D正确，C错误故选D点评：本题考查了平衡力和相互作用力的条件以及影响摩擦力大小的因素，属于力学基础知识的考查，相对比较简单12（2.5分）（2014乐山）如图所示是小明探究在“什么情况下磁可以生电”的实验装置，其中能够使电流表指针发生偏转的是（）A导线AB不动，换用磁性更强的永磁体B磁体与导线AB一起向右移动C磁体不动，导线AB上下移动D导线AB不动，磁体左右移动考点：产生感应电流的条件.专题：电和磁分析：解答本题要求知道产生感应电流的条件，电磁感应现象原理告诉我们，闭合电路的一部分导体在做切割磁感线运动时，会产生感应电流，由此可知产生电流的条件之一是导体做切
16、割磁感线运动解答：解：本题图中蹄形磁体的磁感线方向是竖直方向A、换用磁性更强的永磁体，但没有改变运动方向，不能切割到磁感线，不能产生感应电流，所以A是错误的；B、磁体与ab一起向右运动，ab与磁体保持相对静止，ab不切割磁感线，指针不发生偏转所以B是错误的；C、磁体不动，ab上下移动，导体ab不切割磁感线，指针不发生偏转；所以C是错误的；D、ab不动，磁体左右移动，导体ab切割磁感线，指针发生偏转；所以D是正确的；故选D点评：理解电磁感现象，关键在于三个词：一是“闭合电路”，二是“一部分导体”，三是“切割磁感线运动”，三个条件缺少一个都不会产生感应电流13（2.5分）（2014乐山）如图所示，
17、水平公路上行驶的汽车中，有一竖直悬挂的拉手突然向后摆，以下说法正确的是（）A汽车做匀速运动B汽车突然减速运动C汽车突然加速运动D汽车的运动不能确定考点：惯性.专题：运动和力分析：惯性是指物体保持原来运动状态不变的性质解答：解：车上悬挂的拉手开始随车一起向前运动，当车突然停止或减速时，悬挂的拉手由于惯性仍保持原来的运动状态所以会向后倾故选B点评：分析此类惯性现象的问题时，一定要关注与物体相关联的其它物体的运动方向和运动状态的变化情况，还要结合被研究对象所表现出来的运动特征进行总体把握，切忌主观臆断14（2.5分）（2014乐山）如图所示，甲、乙、丙三个密闭容器中密封着等量的空气，U型管中液面高度
18、的变化反映密闭空气温度的变化三个容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，其中在丙容器的外部，将一个电阻和这个容器内的电阻并联通电一段时间后，U型管中两侧的液面高度差最大的是（）A甲B乙C丙D三个相同考点：焦耳定律的计算公式及其应用.专题：电与热、生活用电分析：由电路图可知，丙中电阻并联后与甲、乙中的电阻串联，它们的通电时间相等，根据Q=I2Rt比较它们产生热量的关系，也是空气吸收热量之间的关系，空气吸收热量多的容器U型管中两侧的液面高度差最大解答：解：由电路图可知，丙中电阻并联后与甲、乙中的电阻串联，它们的通电时间相等，因串联电路中各处的电流相等，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，I甲=
19、I乙I丙，由图可知，乙的电阻大于甲的电阻，通过甲的电流通过乙的电流，由Q=I2Rt可知，甲产生的热量小于与产生的热量，甲产生的热量大于丙产生的热量，则乙中电阻产生的热量最多，空气吸收的热量最多，U型管中两侧的液面高度差最大故选B点评：本题考查了焦耳定律的应用，关键是根据图片得出通过三者电流之间的关系和知道空气吸收的热量越多、U型管中两侧的液面高度差越大15（2.5分）（2014乐山）用两种物质分别制成棱长相同的实心正方体甲、乙，它们的质量和体积的关系如图所示把它们平放在水平地面上，则它们对水平地面的压强之比p甲：p乙为（）A8：1B4：3C4：1D1：2考点：压强的大小及其计算.专题：计算题；
20、压强、液体的压强分析：先根据图象给出的数据求出甲、乙两物质的密度之比，水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据压强公式、密度公式、体积公式、重力公式得出正方体对水平地面压强的表达式，然后根据表达式求出它们对水平地面的压强之比解答：解：由图可知，当m甲=8g时V甲=1cm3，当m乙=2g时V乙=2cm3，则甲乙两种物质的密度分别为：甲=8g/cm3，乙=1g/cm3，则=，正方体对水平地面的压强：p=gL，甲、乙两物体的棱长相同，把它们平放在水平地面上时，它们对水平地面的压强之比：=故选A点评：本题考查了压强的计算，从图中读出相关数据求出甲乙的密度之比是解题的前提，推出正方体对水平面的压强表达式
21、是关键16（2.5分）（2014乐山）如图甲所示，在一个电阻均匀的正方形金属线框有两A、B、C、D四点现把A、D两点接入电源电压保持不变的如图乙所示的电路MN两端时，发现电流表示数为I0，当换接A、C两点，则此时电流表的示数应为（）AI0BI0CI0DI0考点：欧姆定律的应用；电阻的并联.专题：应用题；电路和欧姆定律分析：（1）由电路图可知，当把A、D两点接入电路MN两端时，ABD的电阻与ACD的电阻并联，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，根据欧姆定律表示出电流表的示数；（2）当换接A、C两点时，AC的电阻与ABDC的电阻并联，根据电阻的并联和欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出两次电流表的示
22、数关系即可得出答案解答：解：设每个正方形边长的电阻为R，电源的电压为U（1）当把A、D两点接入电路MN两端时，ABD的电阻与ACD的电阻并联，则：RABD=RACD=2R，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，电路的总电阻：R总=R，电流表的示数：I=I0；（2）当换接A、C两点时，AC的电阻与ABDC的电阻并联，则：RAC=R，RABDC=3R，此时电路中的总电阻：R总=R，电流表的示数：I=I0故选B点评：本题考查了电阻的串联特点和欧姆定律的计算，关键是能把金属圆环不同的位置接入电路时看成并联来处理二、填空题（本大题共4小题，每空1分，共8分）17（2分）（2014乐山）如图
23、所示，穿上旱冰鞋用手推墙，人离墙而去，说明：力可以改变物体的运动状态，物体间力的作用是相互的考点：力的作用效果；力作用的相互性.专题：运动和力分析：物体间力的作用是相互的；力可以使物体发生形变或运动状态发生改变解答：解：穿上旱冰鞋用手推墙，人离墙而去，说明力可以改变物体的运动状态，物体间力的作用是相互的故答案为：运动状态；相互的点评：本题对力的作用效果和力的相互性进行考查，难度不大，属基础题18（2分）（2014乐山）汽车已经成为现代生活中不可缺少的一部分，汽车的后视镜是凸面镜（选填“凸透镜”、“凹透镜”、“凸面镜”、“凹面镜”）；汽车发动机工作时把燃料燃烧产生的内能变为机械能考点：凸面镜和凹
24、面镜；能量的转化.专题：光的传播和反射、平面镜成像；比热容、热机、热值分析：根据各种透镜和面镜的作用和用途进行选择凹面镜能使光线会聚，制成太阳灶和医生检查耳道的额镜；根据光路是可逆的，把凹面镜制成汽车头灯、手电筒等凸面镜能使光线发散，发散光线的反向延长线会聚成像，制成汽车观后镜凸透镜对光线有会聚作用，可以成实像，可作为照像机、幻灯机等的镜头，还可制成老花镜凹透镜对光线有发散作用，可制成近视镜内燃机的四个冲程是：压缩冲程中，机械能转化为内能；做功冲程，内能转化为机械能解答：解：汽车后视镜利用凸面镜对光线的发散作用，发散光线的反向延长线会聚成像，可扩大观察范围；汽车发动机是内燃机，故是靠做功冲程中
25、把燃料的内能转化为机械能，从而为汽车提供动力故答案为：凸面镜；内点评：平面镜、凹面镜、凸面镜、凸透镜、凹透镜都是常见的光学元件，掌握它们各自对光线的作用和应用，是解决本题的关键凸面镜和凸透镜，凹面镜和凹透镜的对光线的作用截然不同，注意区分19（2分）（2014乐山）如图所示，2012年6月24日，我国自主研制的蛟龙号载人潜水器潜入了7km级的深海中，敲开了这一神秘“龙宫”的大门蛟龙号下潜到7000m处所受海水的压强约为7.0107Pa，此时，海水对蛟龙号外表面0.02m2面积上产生的压力是1.4106N；蛟龙号在上升过程中受到海水的压强将变小（选填：“变大”、“不变”、“变小”）考点：压力及重
26、力与压力的区别；液体的压强的计算.专题：压强、液体的压强分析：（1）根据F=pS即可求出海水对蛟龙号外表面0.02m2面积上产生的压力；（2）液体压强随深度的增加而增大解答：解：由p=可得，海水对蛟龙号外表面0.02m2面积上产生的压力：F=pS=7.0107Pa0.02m2=1.4106N； 蛟龙号在上升过程中，深度逐渐减小，因此蛟龙号受到海水的压强将变小故答案为：1.4106Pa；变小点评：本题考查了学生对压强公式的灵活应用以及液体压强的影响因素，属于基础题20（2分）（2014乐山）如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，电
27、流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示，则电源电压为6V，R1的阻值为5考点：欧姆定律的应用.专题：欧姆定律分析：由左图可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图象读出电流和电压，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出电源电压和R1的阻值解答：解：由左图可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，由图2可知I1=1.2A，根据欧姆定律可得，电源的电压
28、：U=I1R1=1.2AR1，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由右图可知，I2=0.4A，U2=4V，滑动变阻器的最大阻值：R2=10，串联电路中总电压等于各分电压之和，电源的电压：U=I2R1+U2=0.4AR1+4V，电源的电压不变，1.2AR1=0.4AR1+4V，解得：R1=5，电源的电压U=1.2AR1=1.2A5=6V故答案为：6；5点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小、滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路中的电流最大三、作图题（本大共2小题，共6分）21（3分）（2014乐山）如图所示为小
29、娟同学站在某商场匀速向下运动的电动扶梯上的示意图，请在图中作出小娟所受力的示意图（O点为小丽的重心）考点：力的示意图.专题：重力、弹力、摩擦力分析：小丽随自动扶梯一同匀速下降，因此小丽相对于扶梯静止，因此小丽受竖直向下的重力和竖直向上的支持力，并且二力是一对平衡力；确定重心的大致位置，然后表示出二力的方向解答：解：过重心作竖直向下的力（即重力）和竖直向上的力（即支持力）；如图所示：点评：（1）首先对物体进行受力分析，顺序是：重力一定有，弹力看四周，分析摩擦力，不忘液气浮；（2）力的示意图：用一个带箭头的线段表示力的三要素，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向作力的示意图，要用一条带箭头的线
30、段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等22（3分）（2014乐山）如图所示，根据小磁针静止时N极的指向，在图中标出通电螺线管的N、S极并画出通电螺线管的绕法考点：安培定则.专题：磁现象、电生磁分析：根据小磁针的指向判断出通电螺线管磁场的方向及磁极根据安培定则再判断螺线管的绕线方法解答：解：小磁针静止时N极所指示的方向向右，为该点磁场的方向在磁体外部，磁感线从N极指向S极，所以螺线管的左端为N极，右端为S极根据安培定则，伸出右手使大拇指指向通电螺线管的N极，即螺线管的右端，则四指弯曲的方向为电流的方向，答案如图所示：点评：利用安培螺旋定
31、则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法本题也可以利用磁极间的相互作用规律来帮助理解通电螺线管磁极的判断四、实验题与探究题（本大题共2小题，共14分）23（7分）（2014乐山）用伏安法测量标有电压为2.5V的某小灯泡电阻的实验中，如图甲所示为电路图（1）根据电路图完成图乙中实物连接；（2）如图丙所示，小灯泡正常工作时电流表的读数为0.28A，此时小灯泡的电阻为8.9（保留1位小数）；（3）通过调节滑动变阻器的滑片，多次测量，画出了小灯泡中电流随其两端电压变化的UI关系图象（如图丁），发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比变大（选填“变大”、“变小
32、”或“不变”）说明灯丝温度升高，电阻增大（4）若将这样的两个小灯泡串联后接在电压为3V的电源两端，则此时两个小灯泡的总功率为0.6W考点：伏安法测电阻的探究实验.专题：测量型实验综合题分析：（1）电压表与灯泡并联，根据小灯泡的额定电压确定电压表的量程电流表串联，滑动变阻器选择一上一下接线柱；（2）读取电流表量程时，先确定量程与分度值，再观察指针读数利用公式R=求小灯泡的电阻（3）根据图象曲度的变化，可判断当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比变大，从温度对灯丝电阻的影响来分析；（4）两个小灯泡串联后接在电压为3V的电源两端，根据串联分压可得出每只小灯泡两端的电压，从图丁中读出电路中的电
33、流，再根据电功率公式求出两个小灯泡的总功率解答：解：（1）电压表与灯泡并联，小灯泡的额定电压为2.5V，故电压表的量程选03V电流表串联，滑动变阻器选择上端任一接线柱；如图所示（2）电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，其示数为0.28A此时的电压为额定电压2.5V，由欧姆定律I=得，小灯泡的电阻R=8.9（3）观察图丁，从图象中可以看出图象的曲度变大，即当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比变大说明灯丝温度升高，电阻增大（4）两个规格相同的小灯泡串联后接在电压为3V的电源两端，则根据串联分压可得出每只小灯泡两端的电压为1.5V，从图丁可以读出电路中的电流为0.2A，两个小灯泡
34、的总功率P=UI=3V0.2A=0.6W故答案为：（1）电路连接如上图；（2）0.28； 8.9；（3）变大； 灯丝温度升高，电阻增大；（4）0.6点评：能正确连接实物电路，会读取电流表的值，能灵活运用欧姆定律进行计算，知道串联电压的规律，能从图象中读出正确信息，并能利用电功率公式进行计算，是此题中考查的主要内容24（7分）（2014乐山）徐亮同学在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，在弹簧测力计下悬挂一圆柱体，当圆柱体下表面与水面相平时开始缓慢下降，直到与烧杯底接触为止，如图甲所示（1）圆柱体的重力G=6N；（2）圆柱体浸没在水中后所受浮力F浮=5N；（3）比较（b）、（c）两图可得：
35、浸在同一种液体中的物体受到浮力的大小跟物体浸入液体的体积（物体排开液体的体积）有关；（4）比较c、d图可得：当圆柱体浸没在水中继续下沉的过程中，受到的浮力不变；（5）徐亮完成如图甲所示的实验后，把水换成另一种液体重复上述实验，根据实验数据绘制出如图乙所示的弹簧测力计的示数F与物体下降高度h的Fh图象那么物体浸没在这种液体中受到的浮力 F浮=4N实验表明，浸在液体里的物体受到的浮力大小还跟液体的密度有关另一种液体的密度液=0.8103kg/m3考点：探究浮力大小的实验.专题：探究型实验综合题分析：（1）根据图a得出物体的重力大小；（2）由图c及a根据F浮=GF得出所受浮力的大小；（3）比较b、c
36、两图的不同点，得出浮力大小与物体排开液体体积的关系；（4）根据浮力大小与排开液体体积的关系得出结论；（5）根据物体完全浸没时测力计的示数及其重力求出浮力；根据物体在两种液体中排开液体的体积不变得出液体的密度解答：解：（1）由a知，G=6N；（2）由c知，圆柱体浸没在水中后所受浮力F浮=GF=6N1N=5N；（3）（b）、（c）两图，液体的密度相同，排开液体的体积不同，测力计的示数不同，可知浸在同一种液体中的物体受到浮力的大小跟物体浸入液体的体积（物体排开液体的体积）有关；（4）c、d两图，圆柱体完全浸没，下沉过程中，测力计的示数不变，即所受浮力不变；（5）由图乙知，物体完全浸没时测力计的示数为
37、2N，则F浮=GF=6N2N=4N；由实验知，浸在液体里的物体受到的浮力大小还根据液体的密度有关；由F浮=液gV排得，V排=，则=解得：液=0.8103kg/m3故答案为：（1）6；（2）5；（3）物体浸入液体的体积（物体排开液体的体积）；（4）c、d；（5）4；液体的密度；0.8103点评：此题是探究影响浮力大小的因素实验，考查了学生分析图象和数据的能力，注意分析问题过程中控制变量法的应用，同时要熟练掌握密度公式及阿基米德原理公式，做到灵活应用五、计算题（本大题共2小题，共12分）25（6分）（2014乐山）如图所示，电源电压保持不变，R1、R2为阻值未知的定值电阻在闭合开关S的情况下，断开
38、S1时，电压表的读数U1=4V，电流表读数I1=0.1A；闭合S1时，电压表的读数U1=6V求：（1）电源电压U；（2）定值电阻R1、R2的阻值；（3）闭合开关S的情况下，S1断开与闭合时电路中的电功率之比考点：欧姆定律的应用；电功率的计算.专题：欧姆定律；电能和电功率分析：（1）分析清楚电路结构，根据电表示数求出电源电压；（2）由串联电路特点与欧姆定律可以求出电阻阻值；（3）根据电路结构，应用电功率公式可以求出电功率之比解答：解：（1）闭合开关S、S1，R2被短路，电压表测电源电压，电源电压：U=UV=6V；（2）当开关S闭合，S1断开，R1、R2串联，由I=可知，电阻：R1=40，R2=2
39、0；（3）由P=得：闭合开关S的情况下，S1断开与闭合时电路中的电功率之比：P1：P2=：=；答：（1）电源电压为6V；（2）定值电阻R1阻值为40欧姆，R2的阻值为20欧姆；（3）闭合开关S的情况下，S1断开与闭合时电路中的电功率之比为：2：3点评：本题考查了求电压、电阻、功率 之比，分析清楚电路结构是正确解题的前提与关键，应用串联电路特点、欧姆定律、电功率公式即可正确解题26（6分）（2014乐山）建筑工地上，施工人员用起重机吊起建筑材料，如图所示，每件材料重均为3000N，施工台距离地面的高度h为3m起重机沿竖直方向匀速提升一件材料时，钢绳的拉力F为2000N，不计钢绳重和摩擦求：（1）
40、起重机提升一件材料时，对材料做的有用功是多少？（2）滑轮组在提升这件材料时的机械效率是多大？（3）在施工安全的前提下，为了加快施工进度，起重机同时将两件材料在15s内匀速提到施工台上求钢绳自由端拉力F的功率是多大？考点：有用功和额外功；滑轮（组）的机械效率；功率的计算.专题：功、功率、机械效率分析：（1）知道物体的重力和提升的高度，根据公式W有用=Gh求出起重机对材料做的有用功；（2）图中使用的是动滑轮，拉力通过的距离s=2h，已知拉力，根据公式W总=Fs求出起重机所做的总功，根据公式=求出滑轮组在提升这件材料时的机械效率；（3）不计钢绳重和摩擦，起重机只对动滑轮做额外功，即额外功不变，根据公
41、式W外=W总W有求出滑轮组的额外功，根据公式W有用=Gh求出起重机提升两件材料时做的有用功；根据公式：W总=W有+W外计算出此时的总功；最后根据公式P=求出钢绳自由端拉力F的功率解答：解：（1）G=3000N，h=3m，起重机做的有用功：W有=Gh=3000N3m=9000J；（2）F=2000N，s=2h=23m=6m，滑轮组提升材料所做的总功：W总=Fs=2000N6m=12000J；滑轮组在提升这件材料时的机械效率=100%=75%； （3）不计钢绳重和摩擦，起重机只对动滑轮做额外功W外=W总W有=12000J9000J=30000J起重机提升2件材料做的有用功：W有=Gh=6000N3m=18000J；起重机提升2件材料拉力做的功：W总=W有+W外=18000J+3000J=21000J；起重机提升2件材料拉力的功率：P=1400W答：（1）起重机提升一件材料时，对材料做的有用功是9000J；（2）滑轮组在提升这件材料时的机械效率是75%；（3）在施工安全的前提下，为了加快施工进度，起重机同时将两件材料在15s内匀速提到施工台上求钢绳自由端拉力F的功率是1400W点评：本题考查了有用功、总功、机械效率和功率的计算，是一道综合性题目，有一定难度