《2020普通高等学校招生全国统一考试物理试题样题2(山东专用交流参考)17118.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020普通高等学校招生全国统一考试物理试题样题2(山东专用交流参考)17118.pdf（21页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、第 1 页，共 21 页 2020 普通高等学校招生全国统一考试物理试题样题（山东专用，选考：物理，样题 2）总分 100分，时间 100分钟 考试内容：力学、电学、热学、光学、原子物理学 命题细目表 题号 题型 知识点 分值 难易度 1 单选题 近代物理、光电效应 4 易 2 单选题 匀变速直线运动、运动的描述 4 易 3 单选题 机械振动、机械波 4 易 4 单选题 相互作用、力和力的分析，牛顿第三定律 4 易 5 单选题 交流电、电流、欧姆定律、动态电路 4 较难 6 单选题 万有引力，天体运动 4 较难 7 单选题 电场，电场强度，电势，电场线、电势差 4 较难 8 单选题 动量、动量
2、守恒、动能、机械能守恒定律 4 难 9 不定项选择题 热学、热力学定律、气态方程 4 较难 10 不定项选择题 光学、几何光学、物理光学 4 较难 11 不定项选择题 力学综合题（力、能量）4 难 12 不定项选择题 电磁感应，电路规律，牛顿运动定律，动量守恒定律 4 难 13 实验题 探究加速度与力、质量的关系 4 较难 14 实验题 电阻箱、多用电表的使用方法，“伏安法”测电阻 8 难 15 计算题 光学 8 较难 16 计算题 热学 8 易 17 计算题 牛顿运动定律，直线运动，圆周运动，抛体运动，动能定理，机械能守恒定律、动量守恒定律 10 难 18 计算题 电磁感应，电路规律，牛顿运
3、动定律，动量守恒定律、带电粒子在电磁场中的运动、导体棒运动 10 难 试题共 18 题，选择题 12 题，1-8为单项选择题，9-12为不定性选择题，每题 4 分，13,14题为实验题，共 12 分，15-18为计算题。第 2 页，共 21 页 2020 普通高等学校招生全国统一考试物理试题样题（山东专用，文理不分科，选考：物理）总分 100分，时间 100分钟 考试内容：力学、电学、热学、光学、原子物理学 注意事项：1 答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2 回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号
4、。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3 考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。第一卷（选择题 共 48 分）本题共 12 小题，每小题 4 分，共 48 分。在每小题给出的四个选项中，第 1-9题只有一项符合题目要求，第 10-12题有多项符合题目要求。全部选对的得 4分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 48 分。一、单选题（本大题共 8 小题，共 32 分）1.图为氢原子能级图现有一群处于n=4 激发态的氢原子，用这些氢原子辐射出的光照射逸出功为 2.13eV的某金属，已知电子的电荷量为 1.610-19C，则（）A.这些氢原子能辐射出三种不同频率的光子 B.这些氢原
5、子辐射出光子后，电子的总能量保持不变 C.这些氢原子辐射出的所有光都能使该金属发生光电效应 D.该金属逸出的所有光电子中，初动能的最大值为 2.如图所示为一物体作匀变速直线运动的速度图线，下列判断正确的是（）A.物体一直往负方向向运动 B.物体的加速度大小为 1.5m/s2 C.2s末物体位于出发点 D.前 2 秒的加速度与后两 2 秒的加速度方向相反 第 3 页，共 21 页 3.如图所示某一时刻简谐横波的图象，波的传播方向沿+x方向，下列说法中正确的是（）A.此时刻B、E两点速度为零 B.此时刻D质点正沿-y方向运动 C.此时刻质点C、F的加速度、速度都为零 D.此时刻质点B、E的速度相同
6、 4.叠放在水平地面上的四个完全相同的排球如图所示，质量均为m，相互接触，球与地面间的摩擦因数都是，则（）A.上方球与下方三个球间均没有弹力 B.下方三个球与水平地面间均没有摩擦力 C.水平地面对下方三个球的支持力均为 D.水平地面对下方三个球的摩擦力均为 5.如图所示，理想变压器原线圈接在交流电源上，图中各电表均为理想电表，下列说法正确的是（）A.当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，R1消耗的功率变大 B.当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，电压表V示数变大 C.当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，电流表A1示数变大 D.若闭合开关S，则电流表A1示数变大，A2示数变大 第 4 页，共 21
7、 页 6.如图所示，在发射地球同步卫星的过程中，卫星首先进入椭圆轨道，然后在Q点通过改变卫星速度，让卫星进入地球同步轨道，则下列说法不正确的是 A.该卫星在P点的速度大于 7.9 km/s，且小于 11.2 km/s B.卫星在同步轨道上的运行速度大于7.9 km/s C.在轨道上，卫星在P点的速度大于在Q点的速度 D.卫星在Q点通过加速实现由轨道进入轨道 7.如图所示，一个绝缘光滑半圆环轨道放在竖直向下的匀强电场E中，在环的上端，一个质量为m、带电荷量为+q的小球由静止开始 沿轨道运动，则（）A.小球运动过程中机械能守恒 B.小球经过环的最低点时速度最小 C.在最低点球对环的压力为（mg+q
8、E）D.在最低点球对环的压力为 3（mg+qE）8.如图所示，质量为M木块静止在光滑的水平面上，一颗质量为m的子弹水以速度0平射入木块并留在木块中，木块获得的速度为1，子弹受到的平均阻力为f，射入深度为d，此过程中木块位移为s，下列说法正确的是（）A.子弹损失的动能等于fd B.子弹损失的动能为m02 C.子弹、木块组成的系统损失的动能等于fd D.子弹、木块组成的系统损失的动能为（m+M）02-（m+M）12 二、多选题（本大题共 4 小题，共 16 分）9.下列说法正确的是（）第 5 页，共 21 页 A.液体表面层中分子间的距离比液体内部分子间的距离大 B.当分子间的距离减小时，分子间作
9、用力的合力也减小，分子势能增大 C.布朗运动就是液体分子的无规则运动 D.热量可以从低温物体传到高温物体 10.下列说法中正确的是（）A.图甲是一束复色光进入水珠后传播的示意图，其中a束光在水珠中传播的速度一定大于b束光在水珠中传播的速度 B.图乙是一束单色光进入平行玻璃砖后传播的示意图，当入射角i逐渐增大到某一值后不会再有光线从bb面射出 C.图丙是双缝干涉示意图，若只减小屏到挡板间的距离L，两相邻亮条纹间距离将减小 D.图丁是用干涉法检测工件表面平整程度时得到的干涉图样，弯曲的干涉条纹说明被检测的平面在此处是凸起的 11.如图所示，质量为M的箱子A静止于光滑的水平面上，箱内有一质量为m的小
10、物块B，小物块与箱子底板间的动摩擦因数为。若给小物块一水平向右的初速度v，小物块与箱壁碰撞多次后与箱子保持相对静止。设碰撞都是弹性的，下列说法正确的是()A.小物块与箱子最终静止在地面上 B.小滑块对箱子的摩擦力始终对箱子做正功 C.整过程中摩擦产生的热量为 D.小物块相对箱子滑行的路程为 第 6 页，共 21 页 12.如图甲所示，正方形导线框固定在匀强磁场中，磁感线方向与导线框所在平面垂直，磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙所示，其中、均为已知量。已知导线框的边长为L，总电阻为R，则下列说法中正确的是 A.时刻，边受到的安培力大小为 B.时间内，导线框中电流的方向始终为badcb C.时
11、间内，通过导线框的电荷量为 D.时间内，导线框产生的热量为 第二卷（非选择题 共 52 分）三、实验题探究题（本大题共 2 小题，共 18.0分）13.某同学用游标卡尺测量电阻元件长度为L，用螺旋测微器测量金属丝直径d。（1）电阻元件长L为_cm，金属丝的直径d为_mm；（2）选用“10”倍率的电阻挡估测元件电阻，发现多用表指针偏转过大，因此需选择_倍率的电阻挡（填：“1”或“100”）。并先进行_再进行测量，之后多用表的示数如图所示，测量结果为R_。第 7 页，共 21 页 14.某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A电流表A1（量程 0 3A，内阻约为 0.3）B电流
12、表A2（量程 0 0.6A，内阻约为 0.1）C电压表V1（量程 0 3V，内阻约为 2000 ）D电压表V2（量程 0 15V，内阻约为 5000）E滑动变阻器R1（1010，2A）F滑动变阻器R2（0 100，1A）G被测干电池一节 H开关、导线若干 伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差，在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻（1）在上述器材中应选用的实验器材有_G、H（填仪器前的字母序号），实验电路图应选择下图中的_（填“甲”或“乙”）；（2）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U-I图象，则干电池的电动势E=
13、_V，内电阻r=_ （3）实验测出的内阻值_真实的内阻值（选填“大于”、“等于”或“小于”）第 8 页，共 21 页 四、计算题（本大题共 4 小题，共 40 分）15.（8 分）如图，竖直放置的气缸内有一可作无摩擦滑动的活塞，其面积为S=2.010-3m2，质量可忽略，气缸内封闭一定质量的气体，气体体积为V，大气压强p0=1.0105Pa，取g=10m/s2。试问：（1）在活塞上放一个质量为 5kg的砝码后，气缸内气体的压强是多少？（2）若温度保持不变，活塞上放砝码后气体的体积是原来的多少倍？16.（8 分）如图所示，在平静的湖面岸边处，垂钓者的眼睛恰好位于岸边P点正上方 0.9m高度处，浮
14、标Q离P点 1.2m远，鱼饵灯M在浮标正前方 1.8m远处的水下，垂钓者发现鱼饵灯刚好被浮标挡住，已知水的折射率n=。求鱼饵灯离水面的深度；若鱼饵灯缓慢竖直上浮，当它离水面多深时，鱼饵灯发出的光恰好无法从水面PQ间射出？第 9 页，共 21 页 17.（12 分）如图甲所示，物块A、B的质量分别是和。用轻弹簧拴接，放在光滑的水平地面上，物块B右侧与竖直墙相接触。另有一物块C从时以一定速度向右运动，在时与物块A相碰，并立即与A粘在一起不再分开，物块C的图像如图乙所示。求：（1）物块C的质量；（2）墙对物块B的弹力在到的时间内对B的冲量I的大小和方向；（3）B离开墙后的过程中弹簧具有的最大弹性势能
15、。第 10 页，共 21 页 18.（12 分）如图所示，在xOy坐标平面的第一象限内有一沿y轴负方向的匀强电场，在第四象限内有一垂直于平面向外的匀强磁场，一质量为m，带电量为+q的粒子（重力不计）经过电场中坐标为(3L，L)的P点时的速度大小为V0方向沿x轴负方向，然后以与x轴负方向成 45角进入磁场，最后从坐标原点O射出磁场求：（1）匀强电场的场强E的大小；（2）匀强磁场的磁感应强度B的大小；（3）粒子从P点运动到原点O所用的时间。第 11 页，共 21 页 答案和解析 1.【答案】D【解析】解决本题的关键知道光电效应的条件，以及知道能级间跃迁时辐射或吸收的光子能量等于两能级间的能级差，掌
16、握辐射光子的种类计算方法。根据数学组合公式求出氢原子可能辐射光子频率的种数能级间跃迁时，辐射的光子能量等于两能级间的能级差，能级差越大，辐射的光子频率越高。【解答】A.根据知，这些氢原子可能辐射出 6 种不同频率的光子，故 A 错误；B.这些氢原子辐射出光子后，电子的动能增大，电势能减小，总能量会减小，故B 错误；C.氢原子由 n=4跃迁到 n=3产生的光的能量：E43=E4-E3=-0.85eV-（-1.51）eV=0.66eV2.13eV，所以不能使逸出功为 2.13eV的金属能发生光电效应，故 C错误；D.氢原子由 n=4向 n=1能级跃迁时辐射的光子能量最大，频率最大，最大能量为13.
17、6-0.85eV=12.75eV，根据光电效应方程可知，入射光的能量越高，则电子的动能越大，初动能的最大值为：Ekm=12.75eV-2.13eV=10.62eV=1.710-18J，故 D正确；故选 D。2.【答案】B【解析】A、由图线可知，物体在前 2s 内沿正方向运动，后 2s 内沿负方向运动，故 A 错误。B、图线的斜率表示加速度，则加速度 a=，大小为1.5m/s2故 B 正确。C、2s 末的位移 x=，没有回到出发点。故 C 错误。D、前 2s 内和后 2s 内图线的斜率相同，则加速度大小和方向都相同。故 D 错误。故选：B。速度时间图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示
18、位移，根据图线第 12 页，共 21 页 的斜率的正负判断加速度的方向关系 解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率和图线与时间轴围成的面积表示的含义 3.【答案】B【解析】由波动图象能直接读出位移关系由波的传播方向确定出各质点的振动方向，根据加速度与位置的关系分析 C、F 的加速度关系。简谐波是一种理想的模型，在位移相同时，速度大小一定相等，但速度方向不一定相同，质点的速度方向可由波形平移法分析。【解答】A.根据图象可以知道，该时刻 B E 两点正处于平衡位置，其速度最大，故选项 A 错误；B.波的传播方向沿 x 轴正方向，由波的传播方向与质点振动方向具有同侧性可知，该时刻质
19、点 D 正向-y 方向运动，故 B 正确；C.F两点处于位移最大处，根据简谐运动的特征 a=知，两点的加速度最大，速度为零，故 C 错误；D.波的传播方向沿 x 轴正方向，由波形平移法得知，B 点的速度方向向上，E 的速度方向向下，速度大小相等，故 D 错误。故选 B。4.【答案】C【解析】解：A、对上方球分析可知，小球受重力和下方球的支持力而处于平衡状态，所以上方球一定与下方球有力的作用，故 A 错误；B、下方球由于受上方球斜向下的弹力作用，所以下方球有运动的趋势，故下方球受摩擦力作用，故 B 错误；C、对四个球的整体分析，整体受重力和地面的支持力而处于平衡，所以三个小球受支持力大小为 4m
20、g，每个小球受支持力为，故 C 正确；D、三个下方小球受到的是静摩擦力，故不能根据滑动摩擦力公式进行计算，故D 错误。故选：C。分别对四个小球整体、上方小球和下方其中一个小球分析，根据平衡条件可明确弹力的大小以及摩擦力的大小，注意静摩擦力和滑动摩擦力的区别与联系。第 13 页，共 21 页 本题考查共点力平衡条件的应用以及弹力和摩擦力的性质，要注意明确摩擦力分为滑动摩擦力和静摩擦力，掌握二者计算方法的不同。5.【答案】B【解析】A、滑动变阻器的滑动触头 P 向上滑动时，电阻变大，则干路电流变小，则 R1消耗的功率变小，则 A 错误 B、干路电流变小，R1分压变小，则电压表 V 的测量的电压变大
21、，示数变大，则B 正确 C、因输出电流变小，则输出功率变小即输入功率变小，电流表 A1示数变小。则C 错误 D、闭合开关 S 并联支路增加，电阻变小，则副线圈即 R1的电流变大，分压变大，则 R2的分压变小，电流变小。电流表 A1示数随副线圈电流的变大而变大，则 D错误 故选：B。滑动变阻器的滑动触头 P 向上滑动时，接入电路中的阻值变大，因输出电压不变，则总电流变小，据欧姆定律确定各表的示数变化。考查电路的动态分析：本题中 P 的移动与电键的闭合均会引起电阻的变小，再由电路的联接关系可分析各表的示数的变化，可见明确电路的结构是求解的关键。6.【答案】B【解析】本题关键应知道第一宇宙速度是最大
22、的运行速度，卫星变轨也就是近心运动或离心运动，根据提供的万有引力和所需的向心力关系确定。了解同步卫星的特点和第一宇宙速度、第二宇宙速度的含义，当万有引力刚好提供卫星所需向心力时卫星正好可以做匀速圆周运动；若是提供的力大于需要的向心力则卫星做逐渐靠近圆心的运动；若是提供的力小于需要的向心力则卫星做逐渐远离圆心的运动知道第一宇宙速度的特点。【解答】A.第一宇宙速度 7.9km/s，是最小的发射速度，第二宇宙速度 11.2km/s，是卫星脱离地球的速度，则知该卫星的发射速度必定大于 7.9km/s，且小于11.2 km/s，故 A 正确；B.7.9km/s是第一宇宙速度，是卫星绕地球做匀速圆周运动的
23、最大速度，所以卫星在同步轨道上的运行速度小于第一宇宙速度 7.9km/s，故 B 错误；第 14 页，共 21 页 C.在轨道上，由 P 点向 Q 点运动，万有引力做负功，动能减小，所以 P 点的速度大于 Q 点的速度，故 C 正确；D 卫星在 Q 点是做逐渐远离圆心的运动，要实现这个运动必须卫星所需向心力大于万有引力，所以应给卫星加速，增加所需的向心力所以卫星在 Q 点通过加速实现由轨道进入轨道，故 D 正确。本题选错误的，故选 B。7.【答案】D【解析】小球运动过程中电场力做功，机械能不守恒根据动能定理知小球经过环的最低点时速度最大根据动能定理求出小球经过在最低点时的速度，由牛顿第二定律求
24、出环对球的支持力，得到球对环的压力。本题是带电体在匀强电场中做圆周运动的问题，由动能定理和牛顿运动定律结合求解是常用的思路。【解答】A.小球运动过程中电场力做功，机械能不守恒，故 A 错误；B.小球从最高点到最低点的过程中，合力做正功，则根据动能定理得知，动能增加，速率增大，所以小球经过环的最低点时速度最大，故 B 错误；CD.小球从最高点到最低点的过程，根据动能定理得：（mg+qE）R=又由N-mg-qE=，联立解得 N=3（mg+qE），根据牛顿第三定律，在最低点球对环的压力为 3（mg+qE），故 C 错误，D 正确。故选 D。8.【答案】C【解析】A、子弹相对于地面的位移为 s+d，对
25、子弹，由动能定理得知其损失的动能等于克服阻力做的功，为 f（s+d）；故 A 错误。B、子弹损失的动能为m 02-m 12，故 B 错误。C、根据功能关系可知，子弹、木块组成的系统损失的动能等于 fd，故 C 正确。D、系统损失的动能即为系统动能的减少量，为m 02-（m+M）12故 D 错误。故选：C。对子弹，运用动能定理求解其损失的动能子弹与木块组成的系统总动能减少，转化为内能，根据Q=fd，求系统损失的动能也可以根据能量守恒定律求系统第 15 页，共 21 页 损失的动能 本题关键是掌握动能定理，并能用来处理子弹打木块的问题，要注意对子弹和木块而言，位移是相对于地的位移，不是子弹相对于木
26、块的位移对于系统，损失的动能为 fd，d 是相对位移大小 9.【答案】AD【解析】A、表面张力产生的原因是由于表面层中分子间的距离比液体内部分子间的距离大；故 A 正确；B、当分子间的距离减小时，分子间作用力可能先增大后减小，故 B 错误 C、布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒的无规则运动，是液体分子热运动的体现，故 C 错误 D、量不可能自发地从低温物体传到高温物体，在特定条件下热量会由低温物体传递给高温物体，如电冰箱中热量会由低温物体传递给高温物体，故 D 正确；故选：AD 表面张力产生的原因是由于表面层中分子间的距离比液体内部分子间的距离大；分子间同时存在引力和斥力，随着分子间距的增加，
27、引力和斥力同时减小 根据热力学第二定律可知，在特定条件下热量会由低温物体传递给高温物体 固体小颗粒做布朗运动说明了液体分子不停的做无规则运动 根据气态方程分析压强不变、体积增大时温度的变化，即可判断内能的变化，由热力学第一定律分析吸放热情况 本题考查了温度的微观意义、分子力、分子势能、热力学第一定律、热力学第二定律，知识点多，难度不大，关键多看书 10.【答案】AC【解析】根据折射率和光的传播速度之间的关系，可知，折射率越大，传播速度越小，根据图中的光线关系，判断折射率的大小，从而知道传播速度的大小；入射角 i 逐渐增大折射角逐渐增大，由于折射角小于入射角，不论入射角如何增大，玻璃砖中的光线不
28、会消失，故肯定有光线从 bb面射出；根据双缝干涉相邻两亮条纹的间距x 与双缝间距离 d 及光的波长 的关系式，判断相邻亮条纹间距离x 的变化；光的偏振现象表明光是一种横波。本题要知道薄膜干涉形成的条纹是膜的上下表面的发射光干涉产生的 以及知道第 16 页，共 21 页 薄膜干涉是一种等厚干涉；同时要掌握双缝干涉相邻两亮条纹的间距x 与双缝间距离 d 及光的波长 的关系式x=。【解析】A.甲图中 a 束光折射角大，折射率小，根据，a 束光在水珠中的传播速度大，故 A 正确；B.乙图中，光束在 aa面的折射角等于在 bb面的入射角，只要入射角 i90，bb面的入射角就小于临界角，就不会发生全反射，
29、故 B 错误；C.丙图中，根据，可知减小屏到挡板间的距离 L，两相邻亮条纹间距离将减小，故 C 正确；D.丁图中的干涉条纹说明被检测的平面在此处是凹陷的，故 D 错误；故选 AC。11.【答案】CD【解析】小物块在箱壁之间来回运动的过程中，系统所受的合外力为零，系统的动量守恒，根据动量守恒定律求出物块与箱子相对静止时的共同速度，再求解物块和系统损失的动能，以及系统产生的内能。系统产生的内能等于系统克服摩擦力做的功。【解答】A 系统水平方向不受外力，系统水平动量守恒，初态动量不是零，末态两物体相对静止，一起运动，A 错误；B 因为小物块在箱内多次来回运动，当小物块相对木箱运动方向相反时，小滑块对
30、箱子的摩擦力始终对箱子做负功，B 错误；CD根据动量守恒，能量守恒：，两方程联立解得：，CD 正确。故选 CD。12.【答案】AD【解析】根据法拉第电磁感应定律进行分析明确感应电流的变化情况，根据F=BIL求解安培力大小，根据平均电动势可求得平均电流，再由 q=It可求得电荷量，根据焦耳定律求解导线框产生的热量。本题考查法拉第电磁感应定律的定律的应用，要注意求解电荷量时要用到法拉第第 17 页，共 21 页 电磁感应定律求解平均值，而求解电流做功时要用到功能关系或焦耳定律进行分析求解。【解答】A.由法拉第电磁感应定律得，导线框的感应电动势为：，通过导线框的感应电流大小为：，t0时刻，ab 边所
31、受磁场力大小为：，故 A 正确；B.根据楞次定律，可知，0 t0时间内，导线框中电流的方向始终为 abcda，故 B错误；C.0t0时间内，通过导线框某横截面的电荷量为：，故 C错误；D.导线框中电流做的功为：，因此导线框产生的热量为为：，故 D 正确。故选 AD。13.【答案】（1）11.050 4.700 （2）1 欧姆调零 30【解析】游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；使用欧姆表时，选择好挡位后，要进行欧姆调零，然后进行测量欧姆表的读数等于表盘读数乘以倍率。本题考查了游标卡尺，螺旋测微器、多用电表读数，要掌握常用仪器的使用及
32、读数方法对游标卡尺读数时，要注意要保持的精度。【解答】（1）游标卡尺的固定刻度读数为 11cm，游标尺上第 10 个刻度游标读数为：100.05mm=0.50mm=0.050cm，所以最终读数为：11cm+0.05cm=11.050cm；螺旋测微器的固定刻度读数为 4.5mm，可动刻度读数为 0.0120.0mm=0.200mm，所以最终读数为：4.5mm+0.200mm=4.700mm（2）欧姆表的表盘上越向右侧电阻越小，偏角大说明阻值小，为了准确测量要换较小挡：故选择1 档进行测量，换档后要重新欧姆调零，示数为：301=30第 18 页，共 21 页 。故答案为（1）11.050；4.70
33、0；（2）1；欧姆调零；30。14.【答案】BCE 乙 1.50 1.0 小于【解析】解：（1）在上述器材中请选择适当的器材：G 被测干电池一节，电动势约为 1.5V，电流较小，故为了读数准确，所以选择 B 电流表：量程 0 0.6A，C 电压表：量程0 3V，滑动变阻器阻值较小有利于电表的数值变化，减小误差，故选 E 滑动变阻器，H 开关、导线若干；本实验中电源内阻较小，故应选择电流表相对电源的外接法；故实验电路图选乙；（3）由 U-I图可知，电源的电动势为：E=1.50V；内电阻为：r=1.0；（4）本实验中由于电压表的分流作用，使电流表示数偏小，而当外电路短路时，电流表分流可忽略，故可得
34、出真实图象如图所示；则由图可知，电动势和内电阻偏小；故答案为：（1）BCE 乙 （2）1.50；1.0 （3）小于（1）实验中要能保证安全和准确性选择电表；本实验应采用电阻箱和电压表联合测量，由实验原理可得出电路原理图；（2）由原理利用闭合电路欧姆定律可得出表达式，由数学关系可得出电动势和内电阻；（3）明确电表内阻的影响，作出电源的真实伏安特性曲线，则可比较测量值和真实值之间的关系 本题为设计性实验，在解题时应注意明确实验的原理；并且要由实验原理结合闭合电路欧姆定律得出表达式，由图象得出电动势和内电阻注意掌握根据图象法分析实验误差的基本方法 15.【答案】解：（1）对活塞和砝码整体，根据平衡条
35、件，有PS=P0S+mg 解得：（2）气体开始压强为p0=1.0105Pa，体积为V1 第 19 页，共 21 页 压缩后压强为P=1.25105Pa，体积为V2 根据玻意耳定律，有：P0V1=PV2 解得：答：（1）在活塞上放一个质量为 5kg的砝码后，气缸内气体的压强是 1.25105Pa；（2）若温度保持不变，活塞上放砝码后气体的体积是原来的 0.8倍。【解析】本题考查气体的等温变化，利用玻意耳定律求解。（1）活塞和砝码整体在重力、内外压力差的作用下处于平衡状态，根据平衡条件列式求解气缸内气体的压强；（2）根据玻意耳定律列式求解放砝码后气体的体积是原来的多少倍。16.【答案】解：如图所示
36、，设入射角、折射角分别为i、r，设鱼饵灯离水面的深度为h2则有：sini=sinr=根据光的折射定律可知：n=联立并代入数据得：h2=2.4 m 当鱼饵灯离水面深度为h3时，水面PQ间恰好无光射出，此时鱼饵灯与浮标的连线和竖直方向夹角恰好为临界角C，则有：sinC=由几何关系有：sinC=解得：h3=m1.59 m 答：鱼饵灯离水面的深度是 2.4m；若鱼饵灯缓慢竖直上浮，当它离水面 1.59m深时，鱼饵灯发出的光恰好无法从水面PQ间射出。【解析】作出光路图，由几何知识得出入射角的正弦值与折射角的正弦值，再结合折射定律求鱼饵灯离水面的深度；若鱼饵灯缓慢竖直上浮，水面 PQ 间恰好无光射出时，光
37、在水面恰好发生了全反射，入射角等于临界角。由 sinC=求出临界角，再由数学知识求解。第 20 页，共 21 页 本题的关键是作出光路图，利用几何知识和折射定律求解相关的角度和深度，要注意光线的方向不能画错。17.【答案】解：（1）由图知，C与A碰前速度为v1=9m/s，碰后速度为v2=3m/s，C与A碰撞过程动量守恒，以C的初速度反方向为正方向，由动量守恒定律得：mCv1=（mA+mC）v2，解得：mC=2kg；（2）由图知，12s末A和C的速度为v3=-3m/s，4s到 12s，墙对B的冲量为I=（mA+mC）v3-（mA+mC）v2，解得：I=-36Ns，方向向左；（3）12s，B离开墙
38、壁，之后A、B、C及弹簧组成的系统动量和机械能守恒，且当AC与B速度相等时，弹簧弹性势能最大，以A的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：（mA+mC）v3=（mA+mB+mC）v4，由机械能守恒定律得：，解得：EP=9J；答：（1）物块C的质量为 2kg；（2）墙壁对物体B的弹力在 4s到 8s的时间内对B做的功W为零；在 4s到 12s的时间内对B的冲量I的大小为 36Ns，方向向左。（3）B离开墙后弹簧具有的最大弹性势能为 9J。【解析】本题考察动量定理，动量守恒定律以及机械能守恒定律 18.【答案】解：粒子在电场中经过点P后，做类平抛运动，进入磁场中做匀速圆周运动，从O点射出，则其运动轨
39、迹如图所示。（1）设粒子在O点时的速度大小为v，OQ段为圆周，PQ段为抛物线。根据对称性可知，粒子在Q点时的速度大小也为v，方向与x轴正方向成 45角，可得：v0=vcos45 解得：v=v0 在粒子从P运动到Q的过程中，由动能定理得：-qE0L=解得：E0=第 21 页，共 21 页（2）在匀强电场由P到Q的过程中，水平方向的位移为x=v0t1 竖直方向的位移为 可得XQP=2L，OQ=L 由OQ=2Rcos45故粒子在QO段圆周运动的半径：R=L 及 得。（3）在Q点时，vy=v0tan45=v0 设粒子从P到Q所用时间为t1，在竖直方向上有：t1=粒子从Q点运动到O所用的时间为：t2=则
40、粒子从O点运动到P点所用的时间为：t总=t1+t2=答：（1）匀强电场的场强E的大小为；（2）匀强磁场的磁感应强度B的大小为；（3）粒子从P点运动到原点O所用的时间。【解析】（1）当粒子从 P 点垂直进入电场后，做类平抛运动，再以与 x 轴成 45垂直进入匀强磁场后，在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，接着从原点射出。由粒子在电场 P 点的速度可求出刚进入磁场的速度，再由动能定理可得电场强度。（2）从而由类平抛运动与圆周运动结合几何关系可求出圆弧对应的半径，因此可算出磁感应强度。（3）同时由周期公式及运动学公式可求出粒子从 P 点到 O 点的时间。考查带电粒子在电场中以一定速度做类平抛运动后，又以一定速度进入匀强磁场中做匀速圆周运动。电场力做粒子做正功，而洛伦兹力对粒子没有做功。类平抛运动用运动的合成与分解处理，而匀速圆周运动重点则是求出半径与已知长度的关系。